?2023年湖北省襄陽市襄城區(qū)中考物理適應性試卷
一、單選題
1．為創(chuàng)建文明城市，要求我們在公共場合“輕聲”說話。這里的“輕聲”是指聲音的（　?。?br /> A．聲速 B．響度 C．音色 D．音調(diào)
2．周末，小明和媽媽在峴山森林公園“響水潭”湖邊的樹蔭下乘涼，觀察到下列現(xiàn)象，其中由于光的直線傳播產(chǎn)生的是（　　）
A．湖面波光粼粼
B．湖中魚游“淺”底
C．樹蔭下的圓形光斑
D．湖中出現(xiàn)了天空中的白云
3．下列場景與所蘊含的物理知識對應正確的是 　 　。
A.春季，體育訓練后滿頭大汗，用手不停扇風——提高液體溫度加快蒸發(fā)
B.夏季，用手拿一瓶冰凍礦泉水，冰減少，手感到?jīng)觥刍鼰?br /> C.秋季，清晨的雙杠上鋪滿了一層霜——凝固放熱
D.冬季，從教室外走進教室內(nèi)，眼鏡片模糊不清——液化吸熱
理由：　 　。
4．從冰柜里拿出一瓶冰凍的礦泉水，不打開瓶蓋放置一段時間，肯定不會變化的物理量是瓶內(nèi)物質(zhì)的（　?。?br /> A．體積 B．質(zhì)量 C．密度 D．比熱容
5．在一千七百多年前，我國古人已能“削冰向日取火”，即用冰磨成一種冰鏡，讓太陽光透過它點燃柴草取火，這種冰鏡應為（　　）
A．凹透鏡 B．凸透鏡 C．平面鏡 D．玻璃板
6．如圖，在光滑的水平面上疊放著甲、乙兩個木塊，甲木塊用一根細繩拴在左邊固定的豎直板上，現(xiàn)在用力把乙木塊從右端勻速地抽出來，所用的力F＝15N，則甲、乙兩個木塊所受到的摩擦力是（　?。?br />
A．甲為零，乙受到向左15N的摩擦力
B．甲、乙都受到向右15N的摩擦力
C．甲、乙都受到向左15N的摩擦力
D．甲、乙均受力15N，甲受向右的摩擦力，乙受向左的摩擦力
7．如圖是我國首款隱身無人攻擊機——利劍，下列關(guān)于利劍的說法正確的是（　?。?br />
A．攻擊機在加速上升時動能增大，重力勢能不變
B．攻擊機向后噴氣加速，說明力可以改變物體的形狀
C．攻擊機在高空所受的大氣壓強比在地面附近的大氣壓強大
D．攻擊機利用了“空氣流速越大，壓強越小”的原理獲得升力
8．下列關(guān)于科學研究方法的敘述：①研究磁場時引入“磁感線”，采用了模型法；②探究導體電阻大小與導體長度的關(guān)系時，控制其它量相同，采用了類比法；③探究動能大小的影響因素時，通過木塊被撞后移動的距離來比較動能大小，采用了轉(zhuǎn)換法；④在經(jīng)驗事實的基礎上，經(jīng)過科學推理得出牛頓第一定律，采用了放大法，其中正確的是（　　）
A．①③ B．②③ C．①② D．②④
9．在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，斷開開關(guān)S1和S2，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P使其位于變阻器的最左端a處，此時燈泡L恰好正常發(fā)光，電流表A和電壓表V均有示數(shù)，已知變阻器的總電阻大于燈泡L的電阻，以下判斷正確的是（　?。?br />
A．若保持S1和S2 斷開，讓P緩慢向右滑動，燈泡L有可能被燒毀
B．若保持P在a處不動，S1仍斷開，閉合S2后，A表和V表示數(shù)將變小
C．若保持P在a處不動，S1仍斷開，閉合S2后，A表和V表示數(shù)均不變
D．若保持S2斷開，將P移至變阻器最右端b，再閉合S1后，A表和V表均仍有示數(shù)
10．家庭電路中的以下要求與安全用電沒有關(guān)系的是（　　）
A．家用電器必須并聯(lián)連接
B．電冰箱要使用三腳插頭
C．照明燈的開關(guān)要跟火線相連
D．保險絲要裝在火線上
11．如圖是公交車自動爆破器的裝置圖，它相當于一個電控安全錘，危急時刻，司機只需按下開關(guān)，爆破器中的電磁線圈在通電時運動，帶動一個鎢鋼頭用力擊打車窗玻璃的邊角部位，從而擊碎玻璃。如圖所示的四個器件中與自動爆破器工作原理相同的是（　?。?br />
A．手搖發(fā)電機 B．電爐
C．電磁起重機 D．電動車
12．如圖所示，電源電壓為U且恒定，定值電阻R0與滑動變阻器R串聯(lián)的電路，已知：R＞R0，在滑動變阻器的滑片P移動過程中，下列表示R0和R消耗的電功率P0和PR隨兩電壓表示數(shù)U1、U2的變化關(guān)系圖線中，可能正確的是（　?。?br />
A． B．
C． D．
二、填空題
13．蠟染是我國民間傳統(tǒng)工藝，如圖為蠟染中的點蠟工序，即把不染色的地方涂上蠟液，然后放入染缸中進行染色。由于凝固在布上，蠟與布間的作用力會比液體時 　 　（選填“大”或“小”），所以能牢固的粘在布上，染料能把布染色，是因為染料分子在做 　 　。

14．班級廚藝展示活動中，用煤氣爐烹飪食物主要是通過 　 ?。ㄟx填“做功”或“熱傳遞”）的方式增大食物的內(nèi)能；活動結(jié)束，剩余煤氣的熱值 　 ?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）。
15．七星瓢蟲是著名的害蟲天敵，可以捕食蚜蟲、介殼蟲和壁虱等害蟲，被人們稱為“活農(nóng)藥”。如圖甲所示是小剛用放大鏡貼著瓢蟲觀察到的情況，將放大鏡逐漸遠離瓢蟲時，觀察到瓢蟲的成像發(fā)生變化如圖乙所示，像的變化情況順序正確的是 　 　；電影放映機是根據(jù)圖乙中 　 　（選填序號）的成像原理而工作的。

16．被細繩拴著的小球在光滑水平面上繞O點做圓周運動，軌跡如圖所示，小球所受空氣阻力忽略不計。某時刻細繩突然斷開，此時小球速度大小為v1，一段時間后小球運動到水平面上的P點，速度大小為v2，則v1　 　v2（選填“＞”、“＝”或“＜”），細繩斷開瞬間，小球的位置可能是在圓周上的 　 　（選填“A”、“B”或“C”）點處。

17．國產(chǎn)大飛機“C919”在機體主結(jié)構(gòu)上，使用了第三代鋁鋰合金材料，由于該材料的 　 　更小，所以相比同體積的普通鋁合金質(zhì)量更??；飛機飛行時，因與空氣摩擦產(chǎn)生靜電，若在著陸過程中沒有將靜電放掉，當?shù)厍谌藛T接近時，可能危及生命，所以飛機的輪胎常用 　 　（選填“導電”或“絕緣”）的材料制成，從而避免造成危害。
18．如圖甲所示的電路圖，甲、乙、丙為實驗室常用電流表或電壓表（其中電流表的量程是0～0.6A或0～3A，電壓表接的是0～3V的量程）；閉合開關(guān)，兩燈都能發(fā)光，各表指針均指在乙圖所示位置，且甲電表讀數(shù)大于乙電表。則通過燈泡L1的電流I1＝　 　，燈泡L2兩端電壓為U2＝　 　。

19．質(zhì)量分布均勻的實心正方體甲、乙放在水平地面上，將甲、乙分別沿水平方向切去高度Δh，剩余部分對地面的壓強p與Δh的關(guān)系如圖所示，已知ρ甲＝8×103kg/m3，乙的邊長為15cm，則甲的質(zhì)量是 　 　kg，圖中A點對應切去的高度ΔhA是 　 　cm（g＝10N/kg）。

20．如圖所示水平地面上有底面積為400cm2，質(zhì)量不計的薄壁柱形盛水容器A，內(nèi)有質(zhì)量為400g，邊長為10cm，質(zhì)量分布均勻的正方體物B，通過一根10cm的細線與容器底部相連，此時水面距容器底30cm，此時容器對桌面的壓強為 　 　Pa。剪斷繩子，靜止時，物塊B有五分之三的體積露出水面，水對容器底部的壓強變化了 　 　Pa。

三、主觀題
21．如圖所示，請畫出發(fā)光點S在平面鏡中的像點S′。

22．請在圖中畫出拉力F的力臂L。

23．請根據(jù)圖中通電螺線管的磁感線方向，標出電源的“+”“﹣”極。

24．小明用如圖甲所示實驗裝置探究“水沸騰時溫度變化的特點”：

（1）該裝置的錯誤之處是 　 ?。?br /> （2）將燒杯蓋住的目的是 　 　；
（3）小明做完實驗后又進一步探究了沸水自然冷卻過程中溫度隨時間變化的情況，得到變化的圖像如圖乙所示。如果要喝一杯奶茶（牛奶與茶水的質(zhì)量之比約為1：2），有A、B兩種方案可選擇：
A.先將滾燙的熱茶冷卻5min，然后加冷牛奶
B.先將冷牛奶加進滾燙的熱茶中，然后冷卻5min
結(jié)合圖像乙，你認為方案 　 　的冷卻效果較好。
25．為了探究近視眼的矯正過程，樂樂組裝如圖甲所示的實驗裝置，其中“F”字樣的光源代替可視物體，光屏模擬視網(wǎng)膜。

（1）選用圖乙中2號凸透鏡模擬晶狀體，打開“F”光源，調(diào)節(jié)各個元件的位置，直到光屏上呈現(xiàn) 　 　的清晰像，正常眼睛的視物模型便組裝完成。
（2）模擬近視眼視物情況時，可以選擇圖乙中的 　 　號透鏡替代2號透鏡安裝在光具座上后，光屏上
的像變模糊；
（3）用如圖丙所示的水透鏡模擬近視眼矯正視力。應將水透鏡置于光具座上的 　 ?。ㄟx填“A”、
“B”或“C”）點，緩慢調(diào)節(jié)水透鏡中的水量，當水透鏡形成焦距合適的 　 　透鏡時，光屏上呈現(xiàn)清
晰的像，近視眼的成像情況得到改善；
（4）更換焦距更小的凸透鏡模擬近視程度更嚴重的眼睛晶狀體，為了改善視網(wǎng)膜上的成像情況，實驗時
需要用注射器 　 　（選填“抽取”或“注入”）適量水。
26．小陳同學利用U形管壓強計來探究液體壓強與哪些因素有關(guān)。
（1）壓強計上的U形管 　 　（選填“屬于”或“不屬于”）連通器，使用時通過U形管中液面的 　 　來反映被測壓強的大小。
（2）如圖所示，小陳設想將U形管壓強計做如下改裝：為U形管兩端都裝上扎有相同橡皮膜的金屬盒（且兩管液面齊平），將兩個金屬盒分別放至兩個裝有相同深度的鹽水和純凈水的容器底部，發(fā)現(xiàn)U形管的右邊管內(nèi)液面位置相對較高，這說明與右邊管連接的金屬盒放置的容器中裝的是 　 　（選填“鹽水”和“水”），再將兩個金屬盒在液體中的深度同時減為原來的一半，則U形管兩管液面高度差將 　 ?。ㄌ睢霸龃蟆薄皽p小”或“不變”）。

27．在“測量小燈泡的電功率”實驗中，已連接的部分電路如圖甲所示。已知小燈泡的額定電壓是2.5V，正常工作時電阻約10Ω。
（1）請用筆畫線代替導線，在圖甲中完成電路連接；
（2）閉合開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，但電流表和電壓表都有示數(shù)，接下來應該進行的操作是 　 　；
A.檢查電路是否短路或斷路
B.移動滑動變阻器的滑片P，觀察小燈泡是否發(fā)光
（3）問題解決后，繼續(xù)進行實驗，移動滑動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數(shù)為2V，為了使小燈泡正常發(fā)光，則應向 　 ?。ㄟx填“左”或“右”）端移動滑片；
（4）當電壓表示數(shù)為2.5V時，電流表的示數(shù)如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為 　 　W；
（5）在多次測量中發(fā)現(xiàn)：當電壓表的示數(shù)增大時，電壓表與電流表的示數(shù)之比在增大，造成這一現(xiàn)象的原因是 　 　。

28．如圖甲是工人使用升降平臺進行高空玻璃幕墻清洗的場景，該平臺結(jié)構(gòu)簡圖如圖乙所示，吊籃和動滑輪質(zhì)量為20kg，吊籃由電動機控制升降，電動機輸出功率恒為1000W，在某次吊升過程中，兩名工人及所帶工具總質(zhì)量250kg，30s內(nèi)吊籃勻速上升6m，g＝10N/kg，求：

（1）該過程中的有用功；
（2）平臺的機械效率；
（3）判斷該平臺中繞繩的重力及各處摩擦能否忽略，在平臺各器材不可替換的情況下，欲提高該平臺使用時的機械效率，可采用什么方法？（說出一種）
29．如圖甲所示，電源電壓保持不變，燈泡的額定電壓為3V，滑動變阻器R可調(diào)范圍0～20Ω，電流表、電壓表均使用小量程（0～0.6A，0～3V）。第一次只閉合開關(guān)S2，將滑動變阻器R的滑片從最下端往上滑動，滑到最上端時，小燈泡正常發(fā)光，此實驗過程中，電路的總功率記為P1；第二次只閉合S1、S3，將滑動變阻器R的滑片從最下端滑到最上端，此實驗過程中，電路的總功率記為P2。圖乙是兩次實驗中電流表A與電壓表V1、V2示數(shù)關(guān)系圖像。求：

（1）電源電壓；
（2）小燈泡的額定功率；
（3）兩次實驗過程中，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，的最大值。

2023年湖北省襄陽市襄城區(qū)中考物理適應性試卷
參考答案與試題解析
一、單選題
1．為創(chuàng)建文明城市，要求我們在公共場合“輕聲”說話。這里的“輕聲”是指聲音的（　?。?br /> A．聲速 B．響度 C．音色 D．音調(diào)
【分析】聲音的三個特征分別是：音調(diào)、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調(diào)指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距離有關(guān)；音色是由發(fā)聲體本身決定的一個特性。
【解答】解：音調(diào)是指聲音的高低，響度是指聲音的強弱，音色是指聲音的品質(zhì)與特色。要求我們在公共場合“輕聲”說話。這里的“輕聲”是指聲音的響度，與聲速無關(guān)，故ACD不符合題意，B符合題意。
故選：B。
【點評】聲音的特征有音調(diào)、響度、音色；三個特征是從三個不同角度描述聲音的，且影響三個特征的因素各不相同。
2．周末，小明和媽媽在峴山森林公園“響水潭”湖邊的樹蔭下乘涼，觀察到下列現(xiàn)象，其中由于光的直線傳播產(chǎn)生的是（　　）
A．湖面波光粼粼
B．湖中魚游“淺”底
C．樹蔭下的圓形光斑
D．湖中出現(xiàn)了天空中的白云
【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質(zhì)中沿直線傳播，影子、日食、月食、小孔成像都是光沿直線傳播形成的；
（2）光線傳播到兩種介質(zhì)的表面上時會發(fā)生光的反射現(xiàn)象，例如水面上出現(xiàn)岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；
（3）光線在同種不均勻介質(zhì)中傳播或者從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時，就會出現(xiàn)光的折射現(xiàn)象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓、凸透鏡成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、平靜的湖面相當于是平面鏡，看到波光粼粼，是由于光的鏡面反射形成的，故A不符合題意；
B、湖中魚游“淺”底，看到水中的魚是由于光從水中斜射入空氣中，進入人的眼睛的，是光的折射現(xiàn)象形成的虛像，比魚實際位置偏高（淺），故B不符合題意；
C、茂密樹林下的圓心光斑是太陽通過樹葉間的小空隙所成的像，即小孔成像，是由于光的直線傳播形成的，故C符合題意；
D、湖中出現(xiàn)了天空中的白云，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的虛像，故D不符合題意。
故選：C。
【點評】本題考查了一些生活中的常見現(xiàn)象中蘊含的物理知識，注重了理論聯(lián)系實際，體現(xiàn)了物理來源于生活，服務于生活的宗旨。
3．下列場景與所蘊含的物理知識對應正確的是 　B　。
A.春季，體育訓練后滿頭大汗，用手不停扇風——提高液體溫度加快蒸發(fā)
B.夏季，用手拿一瓶冰凍礦泉水，冰減少，手感到?jīng)觥刍鼰?br /> C.秋季，清晨的雙杠上鋪滿了一層霜——凝固放熱
D.冬季，從教室外走進教室內(nèi)，眼鏡片模糊不清——液化吸熱
理由：　A、春季，體育訓練后滿頭大汗，用手不停扇風﹣﹣提高液體上方空氣流動加快蒸發(fā)，故A錯誤；
B、冰塊在熔化過程中，吸收熱量，故B正確；
C、秋季，清晨雙杠上鋪滿了一層霜，這是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的，凝華吸熱，故C錯誤；
D、冬季，教室外走進教室內(nèi)，鏡片模糊不清，水蒸氣遇冷液化成水﹣﹣液化放熱，故D錯誤。　。
【分析】（1）根據(jù)影響蒸發(fā)快慢的因素答題，影響蒸發(fā)快慢的因素：液體的表面積大??；液體的溫度；液體上方空氣流動速度；
（2）物質(zhì)由固態(tài)變成液態(tài)是熔化，熔化吸熱；
（3）霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的；
（4）由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，液化放熱。
【解答】解：A、春季，體育訓練后滿頭大汗，用手不停扇風﹣﹣提高液體上方空氣流動加快蒸發(fā)，故A錯誤；
B、冰塊在熔化過程中，吸收熱量，故B正確；
C、秋季，清晨雙杠上鋪滿了一層霜，這是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的，凝華吸熱，故C錯誤；
D、冬季，教室外走進教室內(nèi)，鏡片模糊不清，水蒸氣遇冷液化成水﹣﹣液化放熱，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查了生活中的常見物態(tài)變化現(xiàn)象，注重了物理知識和生活實際的聯(lián)系，是一道聯(lián)系實際的好題。
4．從冰柜里拿出一瓶冰凍的礦泉水，不打開瓶蓋放置一段時間，肯定不會變化的物理量是瓶內(nèi)物質(zhì)的（　?。?br /> A．體積 B．質(zhì)量 C．密度 D．比熱容
【分析】（1）體積是物體所占據(jù)的空間大??；
（2）質(zhì)量是指物體所含物質(zhì)的多少，質(zhì)量的變化與物質(zhì)的多少是否變化有關(guān)；
（3）密度是物質(zhì)的一種特性，與物質(zhì)的種類、狀態(tài)和溫度有關(guān)；比熱容也是物質(zhì)的特性，決定于物質(zhì)的種類和狀態(tài)。
【解答】解：從冰柜里拿出的冰凍的礦泉水后，不打開瓶蓋放置一段時間，溫度可能發(fā)生改變，同時冰也可能熔化為水，
A、體積一定會發(fā)生改變。故A不符合題意；
B、質(zhì)量是指物體所含物質(zhì)的多少，物質(zhì)多少不變，所以質(zhì)量不變。故B符合題意；
C、溫度可能發(fā)生改變，同時冰也可能熔化為水，所以密度一定改變。故C不符合題意；
D、溫度可能發(fā)生改變，同時冰也可能熔化為水，故其比熱容可能改變，也可能不變。故D不符合題意。
故選：B。
【點評】本題考查的是對密度、比熱容概念的理解，密度、比熱容是物質(zhì)的一種特性，不隨形狀、質(zhì)量和體積的變化而變化。
5．在一千七百多年前，我國古人已能“削冰向日取火”，即用冰磨成一種冰鏡，讓太陽光透過它點燃柴草取火，這種冰鏡應為（　?。?br /> A．凹透鏡 B．凸透鏡 C．平面鏡 D．玻璃板
【分析】透鏡分為凸透鏡和凹透鏡，凸透鏡對光線具有會聚作用，凹透鏡對光線具有發(fā)散作用。
【解答】解：由題知，太陽光能透過冰鏡，所以該冰鏡為透鏡；
利用該透鏡可以取火是因為它可以使光線會聚，而凸透鏡可以使光線會聚，故這種冰鏡應為凸透鏡。
故選：B。
【點評】此題考查了對凸透鏡和凹透鏡的光學特性的了解，屬于基礎知識的考查。
6．如圖，在光滑的水平面上疊放著甲、乙兩個木塊，甲木塊用一根細繩拴在左邊固定的豎直板上，現(xiàn)在用力把乙木塊從右端勻速地抽出來，所用的力F＝15N，則甲、乙兩個木塊所受到的摩擦力是（　　）

A．甲為零，乙受到向左15N的摩擦力
B．甲、乙都受到向右15N的摩擦力
C．甲、乙都受到向左15N的摩擦力
D．甲、乙均受力15N，甲受向右的摩擦力，乙受向左的摩擦力
【分析】（1）判斷物體是否受力平衡的方法是先確定研究對象，其次分析受力情況，若滿足二力平衡的條件，則受力平衡，若不滿足，則不平衡。
（2）解答此題的關(guān)鍵是需要分別把木塊甲和木塊乙作為研究對象，進行受力分析。
【解答】解：（1）由題干中木塊乙向右端勻速運動可以得知，木塊乙處于平衡狀態(tài)，故受平衡力的作用，因地面是光滑的，不存在摩擦力，其中在水平方向受拉力F和甲對其向左的摩擦力作用，根據(jù)二力平衡的條件可以判斷，乙木塊受到的摩擦力為15牛，方向水平向左。
（2）如圖所示，木塊甲靜止，木塊甲處于平衡狀態(tài)，所以甲受平衡力的作用，在水平方向受細繩對其向左的拉力與乙對其向右的摩擦力作用，摩擦力的大小為15N．故D正確。
故選：D。
【點評】此題主要考查了二力平衡條件及摩擦力方向的判斷，解決此題的關(guān)鍵是分別以甲或乙為研究對象進行分析，找出相互平衡的力。
7．如圖是我國首款隱身無人攻擊機——利劍，下列關(guān)于利劍的說法正確的是（　?。?br />
A．攻擊機在加速上升時動能增大，重力勢能不變
B．攻擊機向后噴氣加速，說明力可以改變物體的形狀
C．攻擊機在高空所受的大氣壓強比在地面附近的大氣壓強大
D．攻擊機利用了“空氣流速越大，壓強越小”的原理獲得升力
【分析】（1）物體由于運動而具有的能叫做動能，影響動能大小的因素是質(zhì)量和速度；物體由于被舉高而具有的能叫做重力勢能，影響重力勢能大小的因素是質(zhì)量和高度。
（2）力可以改變物體的形狀，也可以改變物體的運動狀態(tài)。
（3）大氣壓隨高度增加而減小；
（4）流體流速越大的位置，壓強越小。
【解答】解：A、攻擊機在加速上升時質(zhì)量不變，速度變大，動能增大；高度變大，重力勢能變大，故A錯誤；
B、攻擊機向后噴氣加速，說明力可以改變物體的運動狀態(tài)，故B錯誤；
C、攻擊機在高空所受的大氣壓強，比地面附近的大氣壓強小，故C錯誤；
D、攻擊機機翼利用了“空氣流速越大的位置，壓強越小”的原理產(chǎn)生向上的升力順利起飛，故D正確。
故選：D。
【點評】本題考查影響動能和勢能大小的因素、力的作用效果、氣壓與高度的關(guān)系，以及流體流速與壓強的關(guān)系的應用，是一道綜合題目，但總體難度不大。
8．下列關(guān)于科學研究方法的敘述：①研究磁場時引入“磁感線”，采用了模型法；②探究導體電阻大小與導體長度的關(guān)系時，控制其它量相同，采用了類比法；③探究動能大小的影響因素時，通過木塊被撞后移動的距離來比較動能大小，采用了轉(zhuǎn)換法；④在經(jīng)驗事實的基礎上，經(jīng)過科學推理得出牛頓第一定律，采用了放大法，其中正確的是（　?。?br /> A．①③ B．②③ C．①② D．②④
【分析】對每個探究過程進行分析，明確各自采用的研究方法，然后確定符合題意的選項。
【解答】解：①研究磁場時，引入“磁感線”，采用的是模型法；
②探究導體電阻大小與導體長度的關(guān)系時，控制其它量相同，采用的是控制變量法；
③探究動能大小與哪些因素有關(guān)時，用木塊被小車撞擊后移動的距離來反映小車動能的大小，采用的是轉(zhuǎn)換法；
④在經(jīng)驗事實的基礎上，經(jīng)過科學推理得出牛頓第一定律，采用的是推理法；
所以敘述正確的是①③，故選項A正確。
故選：A。
【點評】物理研究有很多科學的方法，選擇正確的研究方法是保證探究成功的基礎。
9．在如圖所示的電路中，閉合開關(guān)S，斷開開關(guān)S1和S2，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片P使其位于變阻器的最左端a處，此時燈泡L恰好正常發(fā)光，電流表A和電壓表V均有示數(shù)，已知變阻器的總電阻大于燈泡L的電阻，以下判斷正確的是（　　）

A．若保持S1和S2 斷開，讓P緩慢向右滑動，燈泡L有可能被燒毀
B．若保持P在a處不動，S1仍斷開，閉合S2后，A表和V表示數(shù)將變小
C．若保持P在a處不動，S1仍斷開，閉合S2后，A表和V表示數(shù)均不變
D．若保持S2斷開，將P移至變阻器最右端b，再閉合S1后，A表和V表均仍有示數(shù)
【分析】（1）保持S1和S2斷開時，燈泡L與滑動變阻器R串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測L兩端的電壓，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化，然后判斷燈泡L是否有可能燒毀；
（2）保持P在a處不動，S1斷開時，電路為L的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流，再閉合S2后，R0被短路，電路仍為L的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流，據(jù)此可知電表示數(shù)的變化；
（3）若保持S2斷開，將P移至變阻器最右端b，再閉合S1后，燈及電壓表被短路。
【解答】解：（1）保持S1和S2斷開時，燈泡L與滑動變阻器R串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測L兩端的電壓，
讓P緩慢向右滑動時，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，
由I＝可知，電路中的電流變小，通過燈泡的電流變小，燈泡不會被燒毀，故A錯誤；
（2）保持P在a處不動，S1斷開時，電路為L的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流，
再閉合S2后，R0被短路，電路仍為L的簡單電路，電壓表測電源的電壓，電流表測電路中的電流，
所以，若保持P在a處不動，S1仍斷開，閉合S2后，A表和V表示數(shù)均不變，故B錯誤，C正確；
（3）保持S2斷開，將P移至變阻器最右端b，再閉合S1后，燈及電壓表被短路，電壓表中無示數(shù)，故D錯誤。
故選：C。
【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到歐姆定律的應用，分析好開關(guān)閉合、斷開時電路的連接方式是關(guān)鍵。
10．家庭電路中的以下要求與安全用電沒有關(guān)系的是（　　）
A．家用電器必須并聯(lián)連接
B．電冰箱要使用三腳插頭
C．照明燈的開關(guān)要跟火線相連
D．保險絲要裝在火線上
【分析】（1）并聯(lián)電路的各個用電器互不影響；并聯(lián)電路中，各個支路兩端的電壓相等。
（2）帶金屬外殼的家用電器要接地。
（3）照明電路的開關(guān)必須接在火線上。
（4）保險絲要安裝在火線上。
【解答】解：A、家用電器必須并聯(lián)連接，因為并聯(lián)時各個用電器互不影響，且電壓相等，與安全用電沒有關(guān)系，故A符合題意；
BCD、電冰箱要使用三腳插頭，照明燈的開關(guān)要跟火線相連，保險絲要裝在火線上都與安全用電有關(guān)，防止觸電，漏電，電流過大帶來的安全事故，故BCD不符合題意。
故選：A。
【點評】本題考查照明電路的連接和安全用電的基本知識，屬于基礎性題目。
11．如圖是公交車自動爆破器的裝置圖，它相當于一個電控安全錘，危急時刻，司機只需按下開關(guān)，爆破器中的電磁線圈在通電時運動，帶動一個鎢鋼頭用力擊打車窗玻璃的邊角部位，從而擊碎玻璃。如圖所示的四個器件中與自動爆破器工作原理相同的是（　?。?br />
A．手搖發(fā)電機 B．電爐
C．電磁起重機 D．電動車
【分析】司機按下開關(guān)，自動爆破器的線圈在磁場中受到力的作用而運動，產(chǎn)生一個沖擊力，帶動一個鎢鋼頭擊打車窗玻璃邊角部位，實現(xiàn)擊碎玻璃的目的，該過程中電能轉(zhuǎn)化為機械能。
【解答】解：
A、手搖發(fā)電機利用的是電磁感應原理，將機械能轉(zhuǎn)化為電能，故A不符合題意；
B、電爐是利用電流的熱效應工作的，將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故B不符合題意；
C、電磁起重機是利用電流的磁效應工作的，故C不符合題意；
D、電動車的主要部件是電動機，電動機是利用通電線圈在磁場中受力而轉(zhuǎn)動的原理工作的，將電能轉(zhuǎn)化為機械能，故D符合題意；
故選：D。
【點評】此題主要考查了通電導線在磁場中受到力的作用，了解所給器件的工作原理是解題的關(guān)鍵。
12．如圖所示，電源電壓為U且恒定，定值電阻R0與滑動變阻器R串聯(lián)的電路，已知：R＞R0，在滑動變阻器的滑片P移動過程中，下列表示R0和R消耗的電功率P0和PR隨兩電壓表示數(shù)U1、U2的變化關(guān)系圖線中，可能正確的是（　?。?br />
A． B．
C． D．
【分析】AD、定值電阻R0與滑動變阻器R串聯(lián)，V1測R0的電壓，V2測R的電壓：
根據(jù)P＝得出R0消耗的功率表達式，由數(shù)學知識分析；
由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律及歐姆定律，根據(jù)P0＝＝分析；
BC、由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律及歐姆定律，根據(jù)P＝UI得出R的電功率表達式，由數(shù)學知識分析；
當變阻器連入電路的電阻最大時，由分壓原理，電壓表V2的示數(shù)最大，變阻器的電功率不可能為0。
【解答】解：
AD、定值電阻R0與滑動變阻器R串聯(lián)，V1測R0的電壓，V2測R的電壓：
根據(jù)P＝，R0消耗的功率P0＝＝×U12，R0為常數(shù)，由數(shù)學知識，電功率P0隨電壓表示數(shù)U1的變化關(guān)系圖線為拋物線，A錯誤；
由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，U1＝U﹣U2，
R0消耗的功率P0＝＝，當U2接近時無限電源電壓時，R0消耗的功率為0，D錯誤；
BC、由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，U2＝U﹣U1，由歐姆定律，電路的電流：I＝，
根據(jù)P＝UI，R的電功率為：
PR＝（U﹣U1）×＝﹣×U12+×U1，
R的電功率PR為U1的一元二次函數(shù)，因﹣＜0，拋物線開口向下，
由數(shù)學知識，當U1＝﹣＝＝0.5U時，PR有最大值，B正確；
當變阻器連入電路的電阻最大時，由分壓原理，電壓表V2的示數(shù)最大，根據(jù)P＝，變阻器的電功率不可能為0，C錯誤；
故選：B。
【點評】本題考查串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律和電功率公式的運用，體現(xiàn)了數(shù)學知識在物理中的運用。
二、填空題
13．蠟染是我國民間傳統(tǒng)工藝，如圖為蠟染中的點蠟工序，即把不染色的地方涂上蠟液，然后放入染缸中進行染色。由于凝固在布上，蠟與布間的作用力會比液體時 　大?。ㄟx填“大”或“小”），所以能牢固的粘在布上，染料能把布染色，是因為染料分子在做 　無規(guī)則運動　。

【分析】分子間存在相互作用的引力和斥力；分子都在不停地做無規(guī)則運動。
【解答】解：蠟液凝固在布上，蠟與布間的作用力會比液體時要大一些，所以能牢固的粘在布上；染料能把布染色，屬于擴散現(xiàn)象，這是因為染料分子在不停地做無規(guī)則運動。
故答案為：大；無規(guī)則運動。
【點評】本題考查分子動理論的相關(guān)內(nèi)容，屬于基礎題。
14．班級廚藝展示活動中，用煤氣爐烹飪食物主要是通過 　熱傳遞?。ㄟx填“做功”或“熱傳遞”）的方式增大食物的內(nèi)能；活動結(jié)束，剩余煤氣的熱值 　不變?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）。
【分析】改變內(nèi)能的方法有兩個：做功和熱傳遞；熱值是燃料的一種特性，與質(zhì)量、是否完全燃燒等無關(guān)。
【解答】解：用煤氣爐烹飪食物，食物從鍋中吸收熱量，用熱傳遞的方式增大食物的內(nèi)能；燃料的熱值與質(zhì)量無關(guān)，所以剩余煤氣的熱值不變。
故答案為：熱傳遞；不變。
【點評】本題考查內(nèi)能的改變、對熱值特性的理解，屬于基礎題。
15．七星瓢蟲是著名的害蟲天敵，可以捕食蚜蟲、介殼蟲和壁虱等害蟲，被人們稱為“活農(nóng)藥”。如圖甲所示是小剛用放大鏡貼著瓢蟲觀察到的情況，將放大鏡逐漸遠離瓢蟲時，觀察到瓢蟲的成像發(fā)生變化如圖乙所示，像的變化情況順序正確的是 ?、冖佗堍邸?；電影放映機是根據(jù)圖乙中 ?、佟。ㄟx填序號）的成像原理而工作的。

【分析】（1）當物距小于一倍焦距時，成正立放大的虛像；
當物距大于一倍焦距、小于二倍焦距時，成倒立、放大的實像；
當物距大于兩倍焦距時，成倒立、縮小的實像；
（2）電影機類似于投影儀的原理是：當物距大于一倍焦距、小于二倍焦距時，成倒立、放大的實像。
【解答】解：放大鏡貼著瓢蟲觀察到的情況，放大鏡成正立放大的虛像，將放大鏡逐漸遠離瓢蟲時，先成倒立放大的實像，然后成倒立等大的實像，最遠時成倒立縮小的實像，故正確的順序是②①④③；
電影機類似于投影儀的原理是：當物距大于一倍焦距、小于二倍焦距時，成倒立、放大的實像，與①原理相同。
故答案為：②①④③；①。
【點評】本題考查了凸透鏡成像的規(guī)律及應用，難度不大，屬于基礎題。
16．被細繩拴著的小球在光滑水平面上繞O點做圓周運動，軌跡如圖所示，小球所受空氣阻力忽略不計。某時刻細繩突然斷開，此時小球速度大小為v1，一段時間后小球運動到水平面上的P點，速度大小為v2，則v1?。健2（選填“＞”、“＝”或“＜”），細繩斷開瞬間，小球的位置可能是在圓周上的 　C?。ㄟx填“A”、“B”或“C”）點處。

【分析】（1）慣性是物體保持運動狀態(tài)不變的性質(zhì)，不計阻力，小球在水平方向上不受力的作用，但因為慣性，仍要保持原來的運動狀態(tài)，據(jù)此分析作答即可。
（2）細繩斷開時小球的位置應該位于圓的切點上。
【解答】解：（1）被細繩拴著的小球在水平面繞O點做圓周運動，由于不計阻力，某時刻細繩斷時，小球由于具有慣性，將按照原來的速度在水平方向做勻速直線運動，所以過一段時間小球出現(xiàn)在P點的速度為v′等于v；
（2）過P點做圓的切線，則圓的該切點就是細繩斷時小球的位置。如圖所示：

由圖可知，細繩斷開時小球的位置可能是在圓周上的C點處。
故答案為：＝；C。
【點評】此題巧妙地將高中物理常見場景引入初中物理知識點考查中，利于初高中物理知識的銜接，但對初中生來說，有一定的拔高難度。
17．國產(chǎn)大飛機“C919”在機體主結(jié)構(gòu)上，使用了第三代鋁鋰合金材料，由于該材料的 　密度　更小，所以相比同體積的普通鋁合金質(zhì)量更?。伙w機飛行時，因與空氣摩擦產(chǎn)生靜電，若在著陸過程中沒有將靜電放掉，當?shù)厍谌藛T接近時，可能危及生命，所以飛機的輪胎常用 　導電?。ㄟx填“導電”或“絕緣”）的材料制成，從而避免造成危害。
【分析】根據(jù)m＝ρV可得，相同體積的物體，密度小的質(zhì)量小。
容易導電的物體叫導體，不容易導電的物體叫絕緣體；常見的導體包括：人體、大地、各種金屬、酸堿鹽的溶液等。常見的絕緣體有陶瓷、塑料、玻璃、橡膠、油等；導體和絕緣體沒有絕對的界限。
【解答】解：根據(jù)m＝ρV可得，相比同體積的普通鋁合金，由于鋁鋰合金的密度更小，因此質(zhì)量更小。
在空中飛行的飛機，因與空氣發(fā)生了摩擦而帶上了電荷，如果在著陸過程中沒有將靜電放掉，有可能發(fā)生安全事故，因此飛機的特殊輪胎常用導電性強的材料制成，使得飛機帶上的電荷導入到大地上。
故答案為：密度；導電。
【點評】理解摩擦起電的實質(zhì)，導體在生活中的應用，可解答此題。
18．如圖甲所示的電路圖，甲、乙、丙為實驗室常用電流表或電壓表（其中電流表的量程是0～0.6A或0～3A，電壓表接的是0～3V的量程）；閉合開關(guān)，兩燈都能發(fā)光，各表指針均指在乙圖所示位置，且甲電表讀數(shù)大于乙電表。則通過燈泡L1的電流I1＝　1.2A　，燈泡L2兩端電壓為U2＝　1.5V　。

【分析】（1）電壓表應并聯(lián)接入電路中，電流表應串聯(lián)接入電路中；若該電路為串聯(lián)電路，則甲、乙為電壓表，丙為電流表，甲測量的是L2兩端的電壓，乙測量的是電源電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可知，甲的示數(shù)小于乙的示數(shù)，不符合題意；所以該電路為并聯(lián)電路：甲、乙為電流表，丙為電壓表；
由電路圖知，兩燈并聯(lián)，電壓表測電源電壓，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓規(guī)律可得L1、L2兩端的電壓；
（2）電流表乙測L2支路的電流，甲測干路的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律可確定兩電流表的量程，并讀數(shù)得到通過L2的電流，再計算出通過L1的電流。
【解答】解：（1）由電路圖和分析可知，兩燈并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電壓表使用0～3V量程，分度值0.1V，所以電壓表示數(shù)為1.5V，因為并聯(lián)電路中各支路兩端電壓與電源電壓都相等，所以L1、L2兩端的電壓U1＝U2＝U＝1.5V；
（2）由電路圖知，電流表乙測L2支路的電流，甲測干路的電流，并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，則甲示數(shù)應大于乙的示數(shù)，而兩電流表指針位置相同，
所以甲使用大量程，示數(shù)為1.5A，即干路電流I＝1.5A；
乙使用小量程，示數(shù)為0.3A，即通過L2的電流I2＝0.3A，通過L1的電流I1＝I﹣I2＝1.5A﹣0.3A＝1.2A。
故答案為：1.2A；1.5V。
【點評】本題考查了并聯(lián)電路電流和電壓規(guī)律的應用，正確判斷兩電流表的量程是關(guān)鍵。
19．質(zhì)量分布均勻的實心正方體甲、乙放在水平地面上，將甲、乙分別沿水平方向切去高度Δh，剩余部分對地面的壓強p與Δh的關(guān)系如圖所示，已知ρ甲＝8×103kg/m3，乙的邊長為15cm，則甲的質(zhì)量是 　8　kg，圖中A點對應切去的高度ΔhA是 　5　cm（g＝10N/kg）。

【分析】先求出乙底面積和體積，根據(jù)p＝算出切之前乙對地面的壓力，放在水平地面上物體對水平面的壓力等于重力，根據(jù)G＝mg＝ρVg求出乙的密度；
由圖像可知切之前甲的高度，從而求出甲的體積，根據(jù)m＝ρV求出甲的質(zhì)量；
圖中A點表示將甲、乙沿水平方向切去高度均為Δh時，剩余部分對地面的壓強相等，根據(jù)p＝＝＝＝＝＝ρhg建立方程可求出切去高度均Δh。
【解答】解：乙的底面積為：S乙＝（h乙）2＝（0.15m）2＝0.0225m2，
乙的體積為：V乙＝（h乙）3＝（0.15m）3＝0.003375m3，
由圖可知，切之前乙對地面的壓強為：p乙0＝6×103Pa，
放在水平地面上物體對水平面的壓力等于重力，
所以乙的重力為：G乙＝F乙＝p乙0S＝6×103Pa×0.0225m2＝135N，
由G＝mg＝ρVg可知，乙的密度為：
ρ乙＝＝＝4×103kg/m3；
由圖可知，甲的邊長為：h甲＝10cm＝0.1m，
則甲的體積為：V甲＝（h甲）3＝（0.1m）3＝0.001m3，
所以甲的質(zhì)量為：m甲＝ρ甲V甲＝8×103kg/m3×0.001m3＝8kg；
圖中A點表示將甲、乙沿水平方向切去高度均為Δh時，剩余部分對地面的壓強相等，即：p甲'＝p乙'，
由p＝＝＝＝＝＝ρhg可知，
ρ甲h甲'g＝ρ乙h乙'g，
則：ρ甲（h甲﹣Δh）g＝ρ乙（h乙﹣Δh）g，
即：8×103kg/m3×（0.1m﹣Δh）×10N/kg＝4×103kg/m3×（0.15m﹣Δh）×10N/kg，
解得：Δh＝0.05m＝5cm。
故答案為：8；5。
【點評】本題是一道固體壓強計算的選擇題，除了固體壓強公式的運用，還考查了規(guī)則固體壓強計算的特殊公式p＝ρgh的靈活運用，題目有一定的難度。
20．如圖所示水平地面上有底面積為400cm2，質(zhì)量不計的薄壁柱形盛水容器A，內(nèi)有質(zhì)量為400g，邊長為10cm，質(zhì)量分布均勻的正方體物B，通過一根10cm的細線與容器底部相連，此時水面距容器底30cm，此時容器對桌面的壓強為 　2850　Pa。剪斷繩子，靜止時，物塊B有五分之三的體積露出水面，水對容器底部的壓強變化了 　150　Pa。

【分析】（1）根據(jù)題意計算水的體積，根據(jù)G＝mg＝ρgV計算水的重力和B的重力，容器對桌面的壓力為水的重力和物體B的重力之和，據(jù)此根據(jù)壓強公式計算容器對桌面的壓強p；
（2）木塊露出的體積即為水下降的體積，據(jù)此求出水面下降的高度Δh，再根據(jù)液體壓強公式計算出水對容器底部的壓強變化Δp。
【解答】解：400cm2＝4×10﹣2m2；400g＝0.4kg；10cm＝0.1m；30cm＝0.3m；
水的體積為：
V水＝V總﹣VB＝4×10﹣2m2×0.3m﹣（0.1m）3＝1.1×10﹣2m3；
水的重力為：
G水＝m水g＝ρ水gV水＝1×103kg/m3×10N/kg×1.1×10﹣2m3＝110N；
物體B的重力為：
GB＝mBg＝0.4kg×10N/kg＝4N；
容器對桌面的壓強為：
p＝＝＝＝2850Pa；
木塊露出的體積為：
V露＝VB＝×（0.1m）3＝6×10﹣4m3；
水面下降的高度為：
Δh＝＝＝0.015m；
水對容器底部的壓強變化為：
Δp＝ρ水gΔh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.015m＝150Pa。
故答案為：2850；150。
【點評】此題考查了壓強的計算及公式的應用、液體壓強的計算及公式的應用，屬常規(guī)題目。
三、主觀題
21．如圖所示，請畫出發(fā)光點S在平面鏡中的像點S′。

【分析】根據(jù)平面鏡成像的特點可知，物與像是關(guān)于平面鏡對稱的，據(jù)此作圖。
【解答】解：根據(jù)平面鏡成像的特點，作S點關(guān)于平面鏡的對稱點，即像點S′，如圖所示：

【點評】此題考查了利用平面鏡成像的特點作圖，屬于基礎知識。
22．請在圖中畫出拉力F的力臂L。

【分析】從支點到力的作用線的距離叫力臂。先確定支點O，然后畫出力的作用線，從支點O向力F的作用線引垂線，支點到垂足的距離就是該力的力臂。
【解答】解：
圖中支點為O，沿力F的方向畫出力F的作用線，從支點O向力的作用線作垂線，支點到垂足的距離就是力F的力臂L，如圖所示：

【點評】本題考查了力臂的畫法，關(guān)鍵是確定支點、畫出力的作用線，屬于基礎題目。
23．請根據(jù)圖中通電螺線管的磁感線方向，標出電源的“+”“﹣”極。

【分析】磁體的外部，磁感線由N極指向S極；根據(jù)安培定則判定電源的正負極。
【解答】解：磁體的外部，磁感線由N極指向S極，由圖可知，螺線管的右端為S極，左端為N極；根據(jù)安培定則可知，電流從左端流入，右端流出，故電源的左端為正極，右端為負極；如圖所示：

【點評】安培定則建立了螺線管中電流與兩端磁極極性的關(guān)系，要做到能根據(jù)電流判斷出磁極極性，也要根據(jù)磁極極性判斷出電流方向或電源正負極。
24．小明用如圖甲所示實驗裝置探究“水沸騰時溫度變化的特點”：

（1）該裝置的錯誤之處是 　溫度計玻璃泡碰到了燒杯內(nèi)壁　；
（2）將燒杯蓋住的目的是 　防止熱量散失，縮短實驗時間?。?br /> （3）小明做完實驗后又進一步探究了沸水自然冷卻過程中溫度隨時間變化的情況，得到變化的圖像如圖乙所示。如果要喝一杯奶茶（牛奶與茶水的質(zhì)量之比約為1：2），有A、B兩種方案可選擇：
A.先將滾燙的熱茶冷卻5min，然后加冷牛奶
B.先將冷牛奶加進滾燙的熱茶中，然后冷卻5min
結(jié)合圖像乙，你認為方案 　A　的冷卻效果較好。
【分析】（1）該裝置的錯誤之處是溫度計玻璃泡碰到了燒杯內(nèi)壁；
（2）將燒杯蓋住的目的是防止熱量散失，縮短實驗時間；
（3）水自然冷卻，當溫度保持不變時，其溫度等于環(huán)境溫度；水在高溫時散熱快，所以溫度降低得快，低溫時散熱慢，所以溫度降低得也慢。觀察圖象得到沸水自然冷卻的規(guī)律。并結(jié)合這一規(guī)律進行應用，選擇出最佳的冷卻方案。
【解答】解：（1）該裝置的錯誤之處是溫度計玻璃泡碰到了燒杯內(nèi)壁；
（2）將燒杯蓋住的目的是防止熱量散失，縮短實驗時間；
（3）由圖看出溫度變化特點是：先快，后慢；根據(jù)水的溫度降低的規(guī)律，如果要使一杯熱的奶茶快速冷卻，最好的辦法是先將滾燙的熱茶冷卻5min，然后加冷牛奶，即方案A效果更好。
故答案為：溫度計玻璃泡碰到了燒杯內(nèi)壁；防止熱量散失，縮短實驗時間；A。
【點評】本題探究水的沸騰，考查了所用器材、減小加熱時間的措施、溫度降溫時的變化分析。
25．為了探究近視眼的矯正過程，樂樂組裝如圖甲所示的實驗裝置，其中“F”字樣的光源代替可視物體，光屏模擬視網(wǎng)膜。

（1）選用圖乙中2號凸透鏡模擬晶狀體，打開“F”光源，調(diào)節(jié)各個元件的位置，直到光屏上呈現(xiàn) 　縮小　的清晰像，正常眼睛的視物模型便組裝完成。
（2）模擬近視眼視物情況時，可以選擇圖乙中的 　3　號透鏡替代2號透鏡安裝在光具座上后，光屏上
的像變模糊；
（3）用如圖丙所示的水透鏡模擬近視眼矯正視力。應將水透鏡置于光具座上的 　B　（選填“A”、
“B”或“C”）點，緩慢調(diào)節(jié)水透鏡中的水量，當水透鏡形成焦距合適的 　凹　透鏡時，光屏上呈現(xiàn)清
晰的像，近視眼的成像情況得到改善；
（4）更換焦距更小的凸透鏡模擬近視程度更嚴重的眼睛晶狀體，為了改善視網(wǎng)膜上的成像情況，實驗時
需要用注射器 　抽取　（選填“抽取”或“注入”）適量水。
【分析】（1）近視眼的成因：晶狀體凸度過大或眼球前后徑過長，外界物體的像成在視網(wǎng)膜前方；
（2）近視眼矯正方法：配戴凹透鏡，使進入眼睛的光線發(fā)散一些后再通過晶狀體，使像成在視網(wǎng)膜上；
（3）凸透鏡的焦距越小，對光的會聚能力越強，需要用對光發(fā)散能力更強、焦距更小的凹透鏡矯正；
（4）根據(jù)實驗現(xiàn)象分析選擇合適的凹透鏡。
【解答】解：（1）選用圖乙中2號凸透鏡模擬晶狀體，打開“F”光源，調(diào)節(jié)各個元件的位置，直到光屏上呈現(xiàn)縮小的清晰像，正常眼睛的視物模型便組裝完成；
（2）近視眼是晶狀體凸度過大或眼球前后徑過長，外界物體的像成在視網(wǎng)膜前方引起的，因此應選取凸度更大的3號透鏡模擬近視眼的晶狀體；
（3）圖甲中C點在凸透鏡（晶狀體）和光屏（視網(wǎng)膜）之間，是眼睛的內(nèi)部，因此模擬近視眼鏡的水透鏡應放置在模擬晶狀體的凸透鏡前的B點；
由于近視眼需要配戴凹透鏡矯正，因此應將水透鏡調(diào)節(jié)成焦距合適的凹透鏡；
（4）凸透鏡的焦距越小，對光的會聚能力越強，需要用對光發(fā)散能力更強、焦距更小的凹透鏡矯正，由圖丙提供的信息可知，此時需要用注射器抽取適量的水。
故答案為：（1）縮小；（2）3；（3）B；凹；（4）抽取。
【點評】本題探究近視眼的矯正過程，考查近視眼的成因和矯正，知道透鏡對光線的作用是解題的關(guān)鍵。
26．小陳同學利用U形管壓強計來探究液體壓強與哪些因素有關(guān)。
（1）壓強計上的U形管 　不屬于?。ㄟx填“屬于”或“不屬于”）連通器，使用時通過U形管中液面的 　高度差　來反映被測壓強的大小。
（2）如圖所示，小陳設想將U形管壓強計做如下改裝：為U形管兩端都裝上扎有相同橡皮膜的金屬盒（且兩管液面齊平），將兩個金屬盒分別放至兩個裝有相同深度的鹽水和純凈水的容器底部，發(fā)現(xiàn)U形管的右邊管內(nèi)液面位置相對較高，這說明與右邊管連接的金屬盒放置的容器中裝的是 　水?。ㄟx填“鹽水”和“水”），再將兩個金屬盒在液體中的深度同時減為原來的一半，則U形管兩管液面高度差將 　減小　（填“增大”“減小”或“不變”）。

【分析】（1）上端開口，下端連通的容器叫連通器；
壓強計是通過U形管中液面的高度差來反映被測壓強大小的，這用到了轉(zhuǎn)換法；
（2）將兩個金屬盒分別放至兩個裝有相同深度的鹽水和純凈水的容器底部，發(fā)現(xiàn)U形管的右邊管內(nèi)液面位置相對較高，這說明右邊容器中液體產(chǎn)生的壓強小于左邊容器中液體產(chǎn)生的壓強，根據(jù)液體壓強公式p＝ρgh可判斷兩邊容器中液體密度的大小關(guān)系，據(jù)此作答；
同樣根據(jù)p＝ρgh推導出兩容器底部的壓強差、將兩個金屬盒在液體中的深度同時都減少一半時兩個金屬盒受到的壓強差，二者比較即可得出U形管兩管液面高度差將如何變化。
【解答】解：
（1）微小壓強計，U形管上端開口沒有與大氣相連，底部相連通，所以不屬于連通器；
壓強計是通過U形管中水面的高度差來反映被測壓強大小的，這用到了轉(zhuǎn)換法；
（2）因為兩個金屬盒分別放至兩個裝有相同深度的鹽水和純凈水的容器底部，則h相同，
根據(jù)p＝ρgh可知，p左＝ρ左gh，p右＝ρ右gh，
同時結(jié)合U形管的右邊管內(nèi)液面位置相對較高，這說明右邊容器中液體產(chǎn)生的壓強小于左邊容器中液體產(chǎn)生的壓強即p左＞p右。
由此可知ρ左＞ρ右，即說明與右邊管連接的金屬盒放置的容器中裝的是密度小的水；
因為開始時兩個金屬盒受到的壓強差：Δp＝p左﹣p右＝ρ左gh﹣ρ右gh＝（ρ左﹣ρ右）gh；
將兩個金屬盒在液體中的深度同時都減少一半，根據(jù)p＝ρgh知容器底部的液體壓強將變??；
則此時兩個金屬盒受到的壓強差為：Δp′＝p左′﹣p右′＝ρ左g﹣ρ右g＝（ρ左﹣ρ右）g，
比較可知Δp′＜Δp，
所以，U形管兩管液面高度差將減小。
故答案為：（1）不屬于；高度差；（2）水；減小。
【點評】本題考查液體壓強特點，要了解壓強計的構(gòu)造與原理，并能學會觀察壓強計來判斷壓強的大小，此題難點在最后一空，會利用液體壓強公式計算出左右容器內(nèi)液體產(chǎn)生的壓強比例變化是解答此題關(guān)鍵。
27．在“測量小燈泡的電功率”實驗中，已連接的部分電路如圖甲所示。已知小燈泡的額定電壓是2.5V，正常工作時電阻約10Ω。
（1）請用筆畫線代替導線，在圖甲中完成電路連接；
（2）閉合開關(guān)后，發(fā)現(xiàn)小燈泡不亮，但電流表和電壓表都有示數(shù)，接下來應該進行的操作是 　B　；
A.檢查電路是否短路或斷路
B.移動滑動變阻器的滑片P，觀察小燈泡是否發(fā)光
（3）問題解決后，繼續(xù)進行實驗，移動滑動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數(shù)為2V，為了使小燈泡正常發(fā)光，則應向 　右　（選填“左”或“右”）端移動滑片；
（4）當電壓表示數(shù)為2.5V時，電流表的示數(shù)如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為 　0.75　W；
（5）在多次測量中發(fā)現(xiàn)：當電壓表的示數(shù)增大時，電壓表與電流表的示數(shù)之比在增大，造成這一現(xiàn)象的原因是 　燈絲的電阻隨溫度的升高而增大　。

【分析】（1）已知小燈泡的額定電壓是2.5V，正常工作時電阻約10Ω，根據(jù)歐姆定律求出燈泡額定電流的大約值，據(jù)此確定電流表量程，將電流表串聯(lián)在電路中；滑動變阻器上下各選一個接線柱串聯(lián)在電路中；
（2）小燈泡不亮，但電流表、電壓表均有示數(shù)，可能是電路電流太小，應調(diào)節(jié)滑動變阻器，減小電路電阻，使電路電流變大，觀察燈是否能發(fā)光；
（3）比較電壓表示數(shù)與燈泡額定電壓的大小，根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律和分壓原理確定滑動變阻器滑片移動方向；
（4）根據(jù)電流表選用量程確定分度值讀數(shù)，利用P＝UI求出燈泡的額定功率；
（5）燈絲的電阻隨溫度的升高而增大結(jié)合R＝分析回答。
【解答】解：（1）已知小燈泡的額定電壓是2.5V，正常工作時電阻約10Ω，小燈泡正常發(fā)光時的電流大約為：
I'＝＝0.25A，故電流表選用小量程與燈泡串聯(lián)；滑動變阻器上下各選一個接線柱與燈泡串聯(lián)在電路中，如下圖所示：
；
（2）電流表、電壓表均有示數(shù)，說明電路不存在斷路，燈泡不發(fā)光，可能是電路電流太小，電路總電阻太大，接下來的操作是：移動滑動變阻器滑片，觀察小燈泡是否發(fā)光，故選：B；
（3）問題解決后，繼續(xù)進行實驗，移動滑動變阻器的滑片到某一位置時，電壓表的示數(shù)為2V，小于燈泡額定電壓2.5V，為了使小燈泡正常發(fā)光，應增大燈泡兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律，應減小滑動變阻器兩端的電壓，根據(jù)分壓原理，應減小滑動變阻器接入電路的阻值，故應向右端移動滑片；
（4）當電壓表示數(shù)為2.5V時，電流表的示數(shù)如圖乙所示，電流表選用小量程，分度值0.02A，其示數(shù)為0.3A，則小燈泡額定功率為：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（5）因為電壓越大，電流越大，燈泡的電功率越大，燈泡越亮，燈絲的溫度越高，燈絲的電阻隨之增大，根據(jù)R＝可知，電壓表與電流表的示數(shù)之比在增大。
故答案為：（1）見解答圖；（2）B；（3）右；（4）0.75；（5）燈絲的電阻隨溫度的升高而增大。
【點評】本題測量小燈泡的功率實驗，考查了電路連接、故障分析、實驗操作、電流表讀數(shù)、功率的計算等知識。
28．如圖甲是工人使用升降平臺進行高空玻璃幕墻清洗的場景，該平臺結(jié)構(gòu)簡圖如圖乙所示，吊籃和動滑輪質(zhì)量為20kg，吊籃由電動機控制升降，電動機輸出功率恒為1000W，在某次吊升過程中，兩名工人及所帶工具總質(zhì)量250kg，30s內(nèi)吊籃勻速上升6m，g＝10N/kg，求：

（1）該過程中的有用功；
（2）平臺的機械效率；
（3）判斷該平臺中繞繩的重力及各處摩擦能否忽略，在平臺各器材不可替換的情況下，欲提高該平臺使用時的機械效率，可采用什么方法？（說出一種）
【分析】（1）根據(jù)G＝mg求兩名工人及所帶工具的總重力，利用W有＝Gh求該過程中的有用功；
（2）利用P＝求平臺做的總功；利用η＝×100%求平臺的機械效率；
（3）根據(jù)G＝mg求吊籃和動滑輪的總重力，利用W動＝G動h求克服吊籃和動滑輪的總重力做的額外功，利用W總＝W有+W額求總的額外功，比較克服吊籃和動滑輪的總重力做的額外功與總的額外功，進而判斷該平臺中繞繩的重力及各處摩擦能否忽略；
提高機械效率的方法：一是減輕動滑輪和繩子的重力、加潤滑油減小摩擦，這些方法可以減少額外功，提高機械效率；二是增加提升物體的重，在額外功不變的情況下，增大有用功，從而提高機械效率，據(jù)此分析。
【解答】解：（1）兩名工人及所帶工具的總重力：G人總＝m人總g＝250kg×10N/kg＝2500N，
則該過程中的有用功：W有＝G人總h＝2500N×6m＝1.5×104J；
（2）由P＝可知，平臺做的總功：W總＝Pt＝1000W×30s＝3×104J，
平臺的機械效率：η＝×100%＝×100%＝50%；
（3）吊籃和動滑輪的總重力：G動總＝m動總g＝20kg×10N/kg＝200N，
克服吊籃和動滑輪的總重力做的額外功：W動總＝G動總h＝200N×6m＝1200J，
總的額外功：W額＝W總﹣W有＝3×104J﹣1.5×104J＝1500J＞1200J，
因此該平臺中繞繩的重力及各處摩擦不能忽略，
由于平臺各器材不可替換，因此可以通過增加工人及工具的重力（或加潤滑油）來提高該平臺使用時的機械效率。
答：（1）該過程中的有用功為1.5×104J；
（2）平臺的機械效率為50%；
（3）該平臺中繞繩的重力及各處摩擦不能忽略；可以通過增加工人及工具的重力（或加潤滑油）來提高該平臺使用時的機械效率。
【點評】本題考查重力公式、功和功率公式、機械效率公式的應用以及提高機械效率的方法，明確有用功、額外功和總功是關(guān)鍵。
29．如圖甲所示，電源電壓保持不變，燈泡的額定電壓為3V，滑動變阻器R可調(diào)范圍0～20Ω，電流表、電壓表均使用小量程（0～0.6A，0～3V）。第一次只閉合開關(guān)S2，將滑動變阻器R的滑片從最下端往上滑動，滑到最上端時，小燈泡正常發(fā)光，此實驗過程中，電路的總功率記為P1；第二次只閉合S1、S3，將滑動變阻器R的滑片從最下端滑到最上端，此實驗過程中，電路的總功率記為P2。圖乙是兩次實驗中電流表A與電壓表V1、V2示數(shù)關(guān)系圖像。求：

（1）電源電壓；
（2）小燈泡的額定功率；
（3）兩次實驗過程中，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，的最大值。
【分析】（1）只閉合開關(guān)S2時，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表V2測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，滑片移到最上端時，滑動變阻器接入電路的電阻為0，此時電路為燈泡的簡單電路，根據(jù)此時燈泡正常發(fā)光求出電源電壓；
（2）滑片從最下端往上滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，由串聯(lián)電路的分壓原理可知滑動變阻器兩端的電壓減小，由串聯(lián)電路的電壓特點可知，電壓表V2的示數(shù)增大，因此圖像中左側(cè)曲線為燈泡與滑動變阻器串聯(lián)時電流表A與電壓表V2示數(shù)關(guān)系圖像，當滑片移到最上端時，變阻器接入電路的電阻為0，此時電路中的電流最大，根據(jù)圖像可知此時通過燈泡的電流，且此時小燈泡正常發(fā)光，根據(jù)P＝UI求出燈泡的額定功率；
（3）只閉合S1、S3時，定值電阻R0與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表V1測電源電壓，電流表測電路中的電流；
當滑片移到最上端時，變阻器接入電路的電阻為0，此時電路為R0的簡單電路，電路中的電流最大，根據(jù)圖像可知電路中的最大電流和R0兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出R0的阻值；
要使的值最大，應使P1最大，P2最小，根據(jù)圖像可知燈泡與滑動變阻器串聯(lián)時電路中的最大電流，根據(jù)P＝UI求出P1的最大值；定值電阻R0與滑動變阻器串聯(lián)時，由歐姆定律可知，當滑動變阻器接入電路的電阻最大時，電路中的電流最小，根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的電阻特點求出電路中的最小電流，根據(jù)P＝UI求出P2的最小值，進而求出的最大值。
【解答】解：（1）只閉合開關(guān)S2時，燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表V2測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流，
滑片移到最上端時，變阻器接入電路的電阻為0，電路為燈泡的簡單電路，燈泡兩端的電壓與電源電壓相等，因為此時燈泡正常發(fā)光，所以電源電壓：U＝UL＝U額＝3V；
（2）滑片從最下端往上滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，由串聯(lián)電路的分壓原理可知滑動變阻器兩端的電壓減小，由串聯(lián)電路的電壓特點可知，電壓表V2的示數(shù)增大，因此圖像中左側(cè)曲線為燈泡與滑動變阻器串聯(lián)時電流表A與電壓表V2示數(shù)關(guān)系圖像，
當滑片移到最上端時，變阻器接入電路的電阻為0，此時電路中的電流最大，由圖像可知此時通過燈泡的電流為0.25A，且此時小燈泡正常發(fā)光，所以燈泡的額定功率：P額＝U額I額＝3V×0.25A＝0.75W；
（3）只閉合S1、S3時，定值電阻R0與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表V1測電源電壓，電流表測電路中的電流，
當滑片移到最上端時，變阻器接入電路的電阻為0，電路為R0的簡單電路，此時電路中的電流最大，由圖像可知此時通過R0的電流為0.3A，R0兩端的電壓為3V，
由歐姆定律可知，R0的阻值為：R0＝＝＝10Ω；
第一次電路的總功率為P1，第二次電路的總功率記為P2，要使的值最大，應使P1最大，P2最小，
由圖像可知燈泡與滑動變阻器串聯(lián)時電路中的最大電流為0.25A，P1的最大值：P1＝UIL＝3V×0.25A＝0.75W；
定值電阻R0與滑動變阻器串聯(lián)時，由歐姆定律可知，當滑動變阻器接入電路的電阻最大時，電路中的電流最小，
根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路的電阻特點可知，電路中的最小電流：I小＝＝＝0.1A，
則P2的最小值：P2＝UI?。?V×0.1A＝0.3W，
故的最大值：＝＝2.5。
答：（1）電源電壓為3V；
（2）小燈泡的額定功率為0.75W；
（3）兩次實驗過程中，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，的最大值為2.5。
【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點、歐姆定律和電功率公式的靈活運用，關(guān)鍵是根據(jù)圖像讀出相關(guān)的信息。

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