?2023年中考考前最后一卷【湖北武漢卷】
物理·全解全析
一、選擇題（本大題包括12小題，每小題3分，共36分。在每小題列出的四個選項中，只有一個是正確的，請將答題卡上對應(yīng)題目所選的選項涂黑）
1．春秋戰(zhàn)國時期，墨子和他的學生做了世界上第一個小孔成像實驗。如圖所示中的光現(xiàn)象與小孔成像原理相同的是（　?。?br /> A．鏡中的字母
B．水中的倒影
C．墻上的手影
D．空中的彩虹
【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質(zhì)中沿直線傳播，產(chǎn)生的現(xiàn)象有小孔成像、激光準直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光傳播到兩種介質(zhì)的表面上時會發(fā)生光的反射現(xiàn)象，例如水面上出現(xiàn)岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；
（3）光在同種不均勻介質(zhì)中傳播或者從一種介質(zhì)斜射入另一種介質(zhì)時，就會出現(xiàn)光的折射現(xiàn)象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓、凸透鏡成像等都是光的折射形成的；
（4）一束太陽光經(jīng)三棱鏡折射后分解成七種單色光的現(xiàn)象叫做光的色散現(xiàn)象。
【解答】解：小孔成像是由光的直線傳播形成的；
A、鏡中的字母是凸透鏡成像，是由于光的折射造成的，故A不符合題意；
B、水中倒影屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，故B不符合題意；
C、墻上的手影的形成說明光是沿直線傳播的，由于光的直線傳播，被物體擋住后，物體后面就會呈現(xiàn)出陰影區(qū)域，就是影子，故C符合題意；
D、雨過天晴時，常在天空出現(xiàn)彩虹，這是太陽光通過懸浮在空氣中細小的水珠折射而成的，白光經(jīng)水珠折射以后，分成各種彩色光，這種現(xiàn)象叫做光的色散現(xiàn)象，所以說雨后的天空出現(xiàn)彩虹是由光的折射形成的，故D不符合題意。
故選：C。
【點評】此題通過不同的現(xiàn)象考查了學生對光的直線傳播、光的反射、光的折射及光的色散現(xiàn)象的理解，在學習中要注意區(qū)分，并要學會用所學知識解釋有關(guān)的物理現(xiàn)象。
2．我們每時每刻都在與聲打交道，以下有關(guān)聲的敘述，不正確的是（　?。?br /> A．甲圖中人類用語言表達信息、情感、并進行交流，說明聲音能夠傳遞能量
B．乙圖中暖氣管能把敲擊聲傳遍樓內(nèi)各處，說明聲音可以在固體中傳播
C．丙圖中塑料尺伸出桌面的長度越長，振動越慢，音調(diào)越低
D．丁圖中在公路兩旁設(shè)置聲音屏障，說明在傳播過程中可以減弱噪聲
【分析】（1）聲音既可以傳遞信息，又可以傳遞能量；
（2）聲音在傳播過程中需要介質(zhì)，即氣體、液體和固體都可以傳遞聲音；
（3）音調(diào)的高低與發(fā)聲體振動快慢有關(guān)，物體振動越快，音調(diào)就越高，物體振動越慢，音調(diào)就越低；
（4）減弱噪聲的途徑有三種：即在聲源處減弱、在人耳處減弱、在傳播過程中減弱。
【解答】解：A、甲圖中人類用語言表達信息、情感、并進行交流，說明聲音能夠傳遞信息，故A錯誤；
B、暖氣管能把敲擊聲傳遍樓內(nèi)各處，明聲音可以在固體中傳播，故B正確；
C、尺子發(fā)出聲音的音調(diào)與尺子振動快慢有關(guān)，當尺子伸出桌面的長度越長時，振動越慢，發(fā)出聲音的音調(diào)越低，故C正確；
D、在公路兩旁設(shè)置聲音屏障，說明在傳播過程中可以減弱噪聲，故D正確。
故選：A。
【點評】此題為聲學綜合題，涉及到的知識點較多，但難度不大，牢固的掌握好聲現(xiàn)象的基本知識是解決該題的關(guān)鍵。
3．如圖所示的四種物態(tài)變化實例中，需要吸熱的是（　　）
A．初春，湖面上冰化成“水”
B．盛夏，草葉上形成“露珠”
C．深秋，楓葉上形成“霜”
D．嚴冬，樹枝上形成“霧凇”
【分析】（1）物質(zhì)由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質(zhì)由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。
（2）六種物態(tài)變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。
【解答】解：A、冰化成水，屬于熔化過程，需要吸收熱量。
B、露珠是水蒸氣遇冷液化形成的，液化放熱。
C、霜是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶，凝華過程放熱。
D、霧凇是空氣中的水蒸氣遇冷凝華形成的冰晶，凝華過程放熱。
故選：A。
【點評】判斷物態(tài)變化，關(guān)鍵是分清物質(zhì)變化前后的狀態(tài)，是中考熱學知識考查的熱點內(nèi)容。
4．如圖所示，一重為1N的“平衡鳥”玩具停在指尖上，處于靜止狀態(tài).下列關(guān)于“平衡鳥”受力示意圖描述正確的是（　?。?br />
A． B． C． D．
【分析】物體處于平衡狀態(tài)下受到平衡力的作用，則該物體受到的兩個力大小相等、方向相反、在同一直線上，由此分析解答。
【解答】解：由題知，“平衡鳥”停在指尖上處于靜止狀態(tài)，所以它受到的重力和指尖對它的支持力是一對平衡力，大小都等于1N，重力方向豎直向下，則支持力方向豎直向上，兩個力都作用在“平衡鳥”上、在同一直線上，由各選項圖知，D正確，ABC錯誤。
故選：D。
【點評】本題考查力的示意圖的作圖，關(guān)鍵是根據(jù)“平衡鳥”的所處的狀態(tài)正確分析它受到的各個力。
5．如圖是湖北武漢物流正式投放的無人快遞車，不用人為控制，自己就能找到目的地，不僅能避讓行人、車輛，還能自己乘電梯、叫門。下列說法正確的是（　?。?br />
A．無人車勻速轉(zhuǎn)彎時運動狀態(tài)不變
B．無人車的輪子有凹凸不平的花紋是為了減小摩擦
C．無人車行駛過程中以快遞車為參照物貨物是運動的
D．無人車主動避讓行人、車輛，是利用像蝙蝠一樣的回聲定位
【分析】（1）物體的運動狀態(tài)的改變包括速度大小和方向的變化，如果速度大小和方向不變，說明運動狀態(tài)不變。
（2）增大摩擦的方法：在接觸面粗糙程度一定時，增大壓力；在壓力一定時，增大接觸面的粗糙程度。
（3）在研究物體運動時，要選擇參照的標準，即參照物，物體的位置相對于參照物發(fā)生變化，則運動，不發(fā)生變化，則靜止。
（4）聲音可以傳遞信息。
【解答】解：A、無人車勻速轉(zhuǎn)彎時運動方向不斷變化，所以運動狀態(tài)改變，故A錯誤。
B、無人車的輪子有凹凸不平的花紋，是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故B錯誤。
C、無人車行駛過程中以快遞車為參照物，貨物與快遞車之間沒有發(fā)生位置變化，貨物是靜止的，故C錯誤。
D、快遞車主動避讓行人、車輛這是像蝙蝠一樣，根據(jù)反射回來的超聲波就可以對前方的物體做出判斷，利用了回聲定位，故D正確。
故選：D。
【點評】本題以快遞車為背景考查了增大摩擦力的方法、物體運動狀態(tài)變化的判斷、參照物的選擇、回聲定位原理的應(yīng)用等知識，有一定的綜合性，但難度不大。
6．如圖所示，下列說法正確的是（　?。?br />
A．甲圖：大壩上窄下寬，是因為同種液體的壓強隨深度的增加而增大
B．乙圖：“蛟龍?zhí)枴睗撊胨碌纳疃仍酱?，所受浮力和壓強越?
C．丙圖：水不流出來說明大氣只有豎直向上的壓強
D．丁圖：密度計在液體中所受浮力大于自身重力
【分析】（1）液體內(nèi)部的壓強跟液體的密度和深度有關(guān)，液體密度越大、越深，壓強越大；
（2）液體內(nèi)部的壓強隨深度的增加而增大；外形（排開水的體積）不變，由阿基米德原理分析浮力變化；
（3）大氣向各個方向都有壓強；
（4）密度計在使用過程中是漂浮的，浮力等于自身的重力。
【解答】解：
A、大壩上窄下寬，是因為同種液體的壓強隨深度的增加而增大，故A正確；
B、“蛟龍?zhí)枴睗撊胨碌纳疃萮越大，因為p＝ρ水gh，h變大，所以受到的壓強p變大；因為潛水艇V排不變，由F?。溅阉甐排g可知，受到的浮力不變，故B錯誤；
C、用紙片蓋住裝有水的塑料管口，倒置后，水不流出來，是因為大氣有向上的壓強，但大氣向各個方向都有壓強，故C錯誤；
D、密度計在液體中所受浮力等于自身重力，故D錯誤。
故選：A。
【點評】本題考查液體壓強的特點，阿基米德原理、物體的浮沉條件及其應(yīng)用，是對基礎(chǔ)知識的考查。
7．在剛剛落幕的卡塔爾世界杯上，一代“球王”梅西率領(lǐng)阿根廷隊舉起了大力神杯，如圖是比賽中的一個精彩的畫面，下列有關(guān)說法中正確的是（　?。?br />
A．足球在空中下落過程中，機械能守恒
B．足球離開運動員的腳飛出時動能轉(zhuǎn)化為彈性勢能
C．足球被運動員踢出時運動員對足球不做功
D．運動員爭搶頭球時先要高高躍起，運動員離地上升時動能轉(zhuǎn)化為重力勢能
【分析】（1）考慮空氣和摩擦阻力時，一部分機械能會轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機械能總和會減少。
（2）動能大小的影響因素：質(zhì)量、速度；質(zhì)量越大，速度越大，動能越大；重力勢能大小的影響因素：質(zhì)量、被舉得高度；質(zhì)量越大，高度越高，重力勢能越大。
（3）物理學中的做功的兩個必要條件：一是作用在物體上的力，二是物體在力的方向上移動一段距離，二者缺一不可。
【解答】解：A、足球在空中下落過程中，克服摩擦力做功，機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機械能減小，故A錯誤。
B、足球離開運動員的腳飛出時消耗了彈性勢能，獲得了動能，彈性勢能轉(zhuǎn)化為動能，故B錯誤。
C、足球被運動員踢出時，受到運動員的踢力，并且在該力的方向上通過了一定距離，所以運動員對足球做功，故C錯誤。
D、運動員爭搶頭球時先要高高躍起，運動員離地上升時質(zhì)量不變，速度變小，高度變大，則動能減少，重力勢能增大，故將動能轉(zhuǎn)化為重力勢能，故D正確。
故選：D。
【點評】此題考查機械能守恒、動能和勢能的轉(zhuǎn)化、力是否做功的判斷，具有較強的綜合性，難度中等，熟練掌握相關(guān)的基礎(chǔ)知識是關(guān)鍵。
8．為了方便師生入校，我校采用了新的門禁系統(tǒng)，師生既可以通過刷臉也可以通過刷卡進入校門。當卡片信息或人臉信息符合時，電動機轉(zhuǎn)動打開閘門。小何同學設(shè)計電路模擬門禁系統(tǒng)，下列能達到這種效果的電路圖是（　?。?br /> A．
B．
C．
D．
【分析】當卡片信息或人臉信息符合時，電動機轉(zhuǎn)動打開閘門，師生才能進入校門，據(jù)此分析兩開關(guān)和電動機的連接方式。
【解答】解：根據(jù)題意，卡片信息或人臉信息看成開關(guān)，當卡片信息或人臉信息符合時，電動機轉(zhuǎn)動打開閘門，說明兩個開關(guān)是并聯(lián)，均可以控制電路，互不干擾。當任一開關(guān)閉合時，電動機轉(zhuǎn)動，說明兩個開關(guān)并聯(lián)后與電動機串聯(lián)，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【點評】本題考查電路的設(shè)計，正確分析兩個開關(guān)的連接方式是關(guān)鍵。
9．安全用電關(guān)乎人民的生命和財產(chǎn)安全。如圖所示，關(guān)于家庭電路，下列說法錯誤的是（　?。?br /> A．圖1中三腳插頭接入三孔插座后，金屬外殼接地，能防止萬一外殼帶電時對人造成傷害
B．圖2中的電路斷開開關(guān)時，手接觸點M不會發(fā)生觸電事故
C．圖3是空氣開關(guān)，當家庭電路中電流過大時空氣開關(guān)會切斷電路
D．圖4是漏電保護器，當站在地上的人接觸火線時漏電保護器會切斷電路
【分析】（1）帶金屬外殼的家用電器一定要接地。
（2）當人體接觸火線和與火線連通的導(dǎo)體，并構(gòu)成通路時會觸電。
（3）當電路中電流過大時，空氣開關(guān)會自動切斷電路。
（4）當站在地上的人接觸火線時漏電保護器會切斷電路。
【解答】解：A、圖1中三腳插頭接入三孔插座后，金屬外殼接地，能防止萬一外殼帶電時對人造成傷害，接地后電流會流入大地，不會流過人體，故A正確；
B、圖2中的電路斷開開關(guān)時，手接觸點M，相當于接觸了火線，人會發(fā)生觸電事故，故B錯誤；
C、圖3是空氣開關(guān)，當家庭電路中電流過大時空氣開關(guān)會切斷電路，故C正確；
D、圖4是漏電保護器，當站在地上的人接觸火線時漏電保護器會切斷電路，故D正確。
故選：B。
【點評】知道空氣開關(guān)和漏電保護器在家庭電路中的作用；知道觸電的危害和原因；知道帶金屬外殼的用電器接地的原理。
10．為了能自動記錄跳繩的次數(shù)，某科技小組設(shè)計了一種自動計數(shù)器，其簡化電路如圖甲所示。R1是一種光敏元件，每當繩子擋住了射向的紅外線時，R1的電阻會變小，自動計數(shù)器會計數(shù)一次，信號處理系統(tǒng)能記錄AB間每一時刻的電壓。若已知電源電壓為12V，某一時段AB間的電壓隨時間變化的圖象如圖乙所示，保護電阻R2為定值電阻。則下列說法正確的是（　?。?br /> A．繩子擋住了射向R的紅外線時，R1和R2的阻值之比為2：1
B．有紅外線照射和無紅外線照射時光敏電阻阻值之比為3：1
C．AB兩端電壓為3V時，跳繩自動計數(shù)器會計數(shù)一次
D．有紅外線照射和無紅外線照射時通過的電流之比為2：1
【分析】由電路圖知，兩電阻串聯(lián)，AB間電壓為R2兩端電壓。
（1）繩子擋住了射向R1的紅外線時，R1的電阻會變小，由串聯(lián)電路分壓原理可知R2兩端的電壓，然后根據(jù)電流一定時，電壓之比等于電阻之比可求出R1和R2的阻值之比；
（2）根據(jù)串聯(lián)分壓原理分別表示出R1與R2的關(guān)系，進一步求出有紅外線照射和無紅外線照射時光敏電阻阻值之比；
（3）根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理可知電壓表示數(shù)為多少時自動計數(shù)一次；
（4）根據(jù)R2兩端電壓和歐姆定律可求出兩種情況下電路中電流之比，再根據(jù)串聯(lián)電路電流規(guī)律可求出有紅外線照射和無紅外線照射時通過R2的電流之比。
【解答】解：由甲圖電路知，R1與R2串聯(lián)，AB間電壓為R2兩端電壓。
A、由題知，當射向R1的紅外線被擋時，R1阻值變小，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理知，R1分得電壓減小，R2分得電壓增大，由圖象知，此時，U2＝UAB＝6V；
由串聯(lián)電路的分壓原理可得：U1U2=U?U2U2=R1R2，即：12V?6V6V=R1R2，所以：R1：R2＝1：1，故A錯誤；
B、根據(jù)上述分析可知，無紅外線照射時光敏電阻阻值：R1＝R2；
當射向R1的紅外線沒有被擋時（即有紅外線照射），R1阻值變大，R1分得電壓增大，R2分得的電壓減小，由圖象知，此時U2'＝UAB'＝3V，
由串聯(lián)電路的分壓原理有：U1′U2′=U?U2′U2′=R1′R2，即：12V?3V3V=R1′R2，所以：R1'＝3R2；
即有紅外線照射時光敏電阻阻值：R1'＝3R2，
則有紅外線照射和無紅外線照射時光敏電阻阻值之比R1′：R1＝3R2：R2＝3：1，故B正確；
C、圖象知，此時U2＝UAB＝6V，因為R1的電阻變小，自動計數(shù)器會計數(shù)一次，即AB間電壓為6V計數(shù)一次，故C錯誤；
D、因為串聯(lián)電路電流相等，由歐姆定律可得，有紅外線照射和無紅外線照射時通過R2的電流之比為
I′：I=U2′R2：U2R2=U2′：U2＝3V：6V＝1：2，故D錯誤。
故選：B。
【點評】本題是一道動態(tài)電路題，要能靈活運用串聯(lián)電路分壓原理，關(guān)鍵是根據(jù)電阻的變化，結(jié)合圖象確定定值電阻兩端電壓的大小。
11．如圖所示的家用掛燙機為我們的生活提供了很多的方便，為了熨燙不同材質(zhì)的衣料，一共設(shè)置了低溫、中溫和高溫三擋，下列設(shè)計的電路圖中能通過開關(guān)通斷，調(diào)節(jié)出高、中、低三擋溫度的電路圖是（　?。?br />
A． B．
C． D．
【分析】電路電壓一定，由電功率公式P=U2R及串并聯(lián)電路特點可以分析答題。
【解答】解：A．開關(guān)S接a時，兩個電阻串聯(lián)，接b時，只有電阻R2工作，電路有兩個擋位，不能調(diào)節(jié)出高中低三擋，故A不正確；
B．開關(guān)S1、S2同時閉合，兩個電阻并聯(lián)，斷開S2，只有電阻R1工作，電路有兩個擋位，不能調(diào)節(jié)出高中低三擋，故B不正確；
C．開關(guān)S、S1同時閉合，只有電阻R1工作，斷開S1，兩個電阻串聯(lián)，電路有兩個擋位，不能調(diào)節(jié)出高中低三擋，故C不正確；
D．斷開S1，同時S2接b，兩個電阻串聯(lián)；閉合S1，同時S2接a，兩個電阻并聯(lián)；只閉合S1，同時S2接b，只有電阻R1工作；因此電路有三個擋位，能調(diào)節(jié)出高中低三擋，故D正確。
故選：D。
【點評】在本題中電熱絲連入電路有三種方式，正確分析電路連接方式時解題關(guān)鍵。
12．如圖甲所示的電路，電源電壓保持不變，滑動變阻器上標有“10Ω 1A”，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，使其從最右端向左滑動到a點時，小燈泡恰好正常發(fā)光。在圖乙中繪制出電流表與兩電壓表示數(shù)關(guān)系的圖像，下列說法中正確的是（　?。?br />
A．小燈泡的電阻保持10Ω不變
B．小燈泡的額定功率為3.2W
C．整個電路的最小功率為1.8W
D．電源電壓為5V
【分析】由電路圖可知，變阻器R與燈泡L串聯(lián)，電壓表V1測R兩端的電壓，電壓表V2測L兩端的電壓，電流表測電路中的電流。
當滑片從最右端向左滑動到a點時，接入電路中的電阻變小，電路中的電流變大，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點判斷出R兩端的電壓變小，燈泡兩端的電壓變大，結(jié)合圖乙可知，圖乙中左側(cè)圖線為電流表A與電壓表V1示數(shù)關(guān)系的圖像，右側(cè)圖線為電流表A與電壓表V2示數(shù)關(guān)系的圖像，
（1）根據(jù)歐姆定律可知，電阻一定時，通過電阻的電流與兩端的電壓成正比，據(jù)此分析圖象燈泡電阻的變化；
（2）當滑片位于最右端時，接入電路中的電阻最大，此時電路中的電流最小，根據(jù)圖乙讀出電路中的最小電流且燈泡和滑動變阻器兩端的電壓相等，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出電源的電壓；
（3）當小燈泡恰好正常發(fā)光時，電路中的電流最大，根據(jù)圖乙讀出燈泡正常發(fā)光時的電流和變阻器兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出此時小燈泡兩端的電壓，利用P＝UI求出小燈泡的額定功率；
（4）利用P＝UI求出整個電路的最小總功率。
【解答】解：由電路圖可知，變阻器R與燈泡L串聯(lián)，電壓表V1測R兩端的電壓，電壓表V2測L兩端的電壓，電流表測電路中的電流。
當滑片從最右端向左滑動到a點時，接入電路中的電阻變小，電路中的電流變大，
由串聯(lián)電路的分壓特點可知，R兩端的電壓變小，燈泡兩端的電壓變大，
因此圖乙中左側(cè)圖線為電流表A與電壓表V1示數(shù)關(guān)系的圖像，右側(cè)圖線為電流表A與電壓表V2示數(shù)關(guān)系的圖像，
A、由右側(cè)圖線可知，通過燈泡兩端的電壓與對應(yīng)的電流不成正比，根據(jù)歐姆定律可知燈泡的阻值是變化，故A錯誤；
D、當滑片位于最右端時，接入電路中的電阻最大，此時電路中的電流最小，
由圖乙可知，電路中的最小電流I最?。?.3A，此時燈泡和滑動變阻器兩端的電壓相等，即：UL＝UR，
由串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律可知，電源的電壓：U＝UL+UR＝2UR＝2IR＝2×0.3A×10Ω＝6V，故D錯誤；
B、當小燈泡恰好正常發(fā)光時，電路中的電流最大，
由圖乙可知，燈泡正常發(fā)光時的電流I最大＝0.4A，變阻器兩端的電壓UR′＝1V，
此時小燈泡兩端的電壓：UL′＝U﹣UR′＝6V﹣1V＝5V，
小燈泡的額定功率：PL＝UL′I最大＝5V×0.4A＝2W，故B錯誤；
C、整個電路的最小功率為：P小＝UI最?。?V×0.3A＝1.8W，故C正確。
故選：C。
【點評】本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應(yīng)用，從圖像中獲取有用的信息是關(guān)鍵。
二、非選擇題（本大題共7小題，共34分）
13．（4分）在“太空冰雪實驗”中，王亞平用沾了結(jié)晶核的毛根觸碰過飽和乙酸鈉溶液形成的液體球，液體球迅速 　凝固　（填物態(tài)變化名稱）成“冰球”，用手摸上去，發(fā)現(xiàn)“冰球”竟然熱乎乎的，該物態(tài)變化 　放熱?。ㄟx填“吸熱”或“放熱”）的緣故；畫面是通過 　電磁波　（選填“聲波”或“電磁波”）傳回到地面，給同學們傳遞的是 　信息?。ㄟx填“信息”或“能量”）。

【分析】（1）物質(zhì)由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)的過程叫凝固，凝固是放熱過程；
（2）電磁波的傳播不需要介質(zhì)，電磁波可以在固體、液體、氣體中傳播，也可以在真空中傳播；電磁波能夠傳遞信息，也能傳遞能量。
【解答】解：液體球迅速變成“冰球”，屬于凝固現(xiàn)象；過飽和乙酸鈉溶液凝固成固態(tài)是放熱過程，所以“冰球”是熱乎乎的；
電磁波可以在真空中傳播，同時電磁波能夠傳遞信息，所以，畫面是通過電磁波傳回到地面，給同學們傳遞的是信息。
故答案為：凝固；放熱；電磁波；信息。
【點評】本題考查了凝固與凝固放熱的特點、以及電磁波的傳播與應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題。
14．（3分）小明利用生活器材自制了薄壁實驗箱來探究“液體壓強大小與什么因素有關(guān)”。實驗操作如下：
①如圖甲所示，實驗箱分為內(nèi)箱A與外箱B，內(nèi)箱A固定在外箱B的內(nèi)側(cè)，內(nèi)箱A下部有一圓形孔C，并在圓孔C上蒙上一層橡皮膜，此時橡皮膜是平的；
②先在A箱中不斷加水，實驗現(xiàn)象如圖乙、丙所示；
③然后在B箱中加入一定量鹽水，鹽水和水的液面相平，如圖丁所示。

（1）分析圖乙、丙實驗現(xiàn)象可知，同種液體深度越深，液體壓強越 　大??；分析圖丁現(xiàn)象可知，液體壓強大小與液體的 　密度　有關(guān)。
（2）小明還利用薄壁實驗箱測量出某未知液體的密度，如圖戊所示，在A箱中加入水，在B箱中加入某未知液體，使橡皮膜變平，用刻度尺測得此時h1＝22cm，h2＝9cm，h3＝12cm。則未知液體的密度為 　0.9×103　kg/m3。（g取110N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）
【分析】（1）根據(jù)圖中現(xiàn)象分析液體壓強與深度的關(guān)系；
液體內(nèi)部壓強與液體的密度有關(guān)，還與深度有關(guān)，深度越大、壓強越大；
（2）根據(jù)液體壓強公式p＝ρgh計算即可。
【解答】解：（1）由步驟乙、丙可以觀察到，同種液體隨著深度越深，橡皮膜凹陷程度越大，所以產(chǎn)生液體壓強越大；
由步驟丁可以觀察到，內(nèi)箱A中的水與外箱B中的鹽水到橡皮膜的深度相同，但是橡皮膜向上凹陷，看得出鹽水的壓強更大。而鹽水的密度大于水的密度，說明在液體深度相同時，液體的密度越大，產(chǎn)生的壓強越大；
（2）A容器中水對橡皮膜的壓強為：
pA＝ρ水gh2＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.09m＝900Pa，
由橡皮膜相平可知，橡皮膜兩邊壓強相等，故B容器中液體對橡皮膜的壓強為pB＝pA＝900Pa
則未知液體的密度為：
ρ液=pBg(?1??3)=900Pa10N/kg×(0.22m?0.12m)=0.9×103kg/m3。
故答案為：（1）大；密度；（2）0.9×103。
【點評】本題探究影響液體內(nèi)部壓強大小的因素，考查注意事項、液體壓強特點和控制變量法和轉(zhuǎn)換法的運用及液體壓強公式的運用，是一道綜合題。
15．（3分）在“探究磁場對通電導(dǎo)體的作用”的實驗中，小明設(shè)計了如圖甲所示的電路，導(dǎo)體棒ab用絕緣細線懸掛在蹄形磁鐵的兩極之間。

（1）如圖甲所示，保持蹄形磁鐵水平放置，閉合開關(guān)后，導(dǎo)體棒ab向右運動，說明磁場對 　通電導(dǎo)體　有力的作用，利用這個原理工作的裝置有 　揚聲器　（填“電鈴”、“揚聲器”、“電磁起重機”或“動圈式話筒”）。
（2）小明對調(diào)電源正、負極后，如圖乙所示，閉合開關(guān)，導(dǎo)體棒ab此時會向 　左?。ㄌ睢吧稀薄ⅰ跋隆薄ⅰ白蟆被颉坝摇保┻\動。
【分析】（1）磁場對通電導(dǎo)體有力的作用；
（2）改變電流的方向或磁場的方向都可以改變通電導(dǎo)體的受力方向，從而使其運動方向不同。
【解答】解：（1）將一根導(dǎo)體ab置于蹄形磁鐵的兩極之間，閉合開關(guān)后，電路中有電流，導(dǎo)體運動，說明磁場對通電導(dǎo)體有力的作用；
電鈴和電磁起重機的主要部件是電磁鐵，利用的是電流的磁效應(yīng)；
揚聲器的原理是通電導(dǎo)體在磁場中受力運動；
動圈式話筒的原理是電磁感應(yīng)；
所以利用這個原理工作的裝置有揚聲器。
（2）原來導(dǎo)體棒ab向右運動，小明對調(diào)電源正、負極后，電路中的電流方向改變，磁場方向不變，導(dǎo)體棒ab的受力方向改變，所以導(dǎo)體棒ab此時會向左運動。
故答案為：（1）通電導(dǎo)體；揚聲器；（2）左。
【點評】此題主要考查了磁場對電流的作用，明確磁場力方向的影響因素是解題的關(guān)鍵。
16．（4分）如圖甲、乙所示是“探究水和食用油吸熱能力”的實驗裝置。

（1）實驗中應(yīng)取 　質(zhì)量　相同（填“質(zhì)量”或“體積”）相同的水和食用油，分別倒入兩個相同的燒杯中。使用兩個規(guī)格相同的電加熱器分別加熱水和食用油。實驗中通過 　加熱時間　來比較水和食用油吸收熱量的多少。
（2）圖丙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫的水與食用油的溫度隨時間變化的圖像，則圖像 　A　反映的是水的吸熱升溫情況（填“A”或“B”）。
（3）物質(zhì)的這種特性用物理量比熱容來描述，分析圖丙可知，水和食用油的比熱容之比為 　2：1　。
【分析】（1）我們使用相同的加熱器通過加熱時間的長短來比較吸熱多少，這種方法叫轉(zhuǎn)換法；
比較物質(zhì)吸熱能力的2種方法：使相同質(zhì)量的不同物質(zhì)升高相同的溫度，比較吸收的熱量（即比較加熱時間），吸收熱量多的吸熱能力強；或使相同質(zhì)量的不同物質(zhì)吸收相同的熱量（即加熱相同的時間），比較溫度的變化，溫度變化小的吸熱能力強；
（2）根據(jù)畫的水與食用油的溫度隨時間變化的圖像得出加熱5分鐘（吸熱相同），A和B升高的溫度；根據(jù)比較吸熱能力的方法，確定A的吸熱能力強，結(jié)合水的比熱容大分析；根據(jù)Q＝cmΔt可知，在質(zhì)量和吸熱相同的情況下，比熱容與升高的溫度之積為一定值，升高的溫度與比熱容成反比，據(jù)此得出水和食用油的比熱容之比。
【解答】解：（1）根據(jù)比較吸熱能力的方法，要控制不同物質(zhì)的質(zhì)量相同（不同物質(zhì)密度不同，根據(jù)m＝ρV，體積相同的不同物質(zhì)質(zhì)量不同），故實驗中應(yīng)取質(zhì)量相同的水和食用油，分別倒入兩個相同的燒杯中。使用兩個規(guī)格相同的電加熱器分別加熱水和食用油，根據(jù)轉(zhuǎn)換法，實驗中通過加熱時間來比較水和食用油吸收熱量的多少。
（2）根據(jù)畫的水與食用油的溫度隨時間變化的圖像知，加熱5分鐘（吸熱相同），A升高的溫度為：
30℃﹣10℃＝20℃；
B升高的溫度為：
50℃﹣10℃＝40℃；
根據(jù)比較吸熱能力的方法，A的吸熱能力強，故圖像A反映的是水的吸熱升溫情況；
根據(jù)Q＝cmΔt可知，在質(zhì)量和吸熱相同的情況下，比熱容與升高的溫度之積為一定值，升高的溫度與比熱容成反比，水和食用油的比熱容之比為：
40℃：20℃＝2：1。
故答案為：（1）質(zhì)量；（2）加熱時間；A；（3）2：1。
【點評】本題比較不同物質(zhì)的吸熱能力，考查控制變量法、轉(zhuǎn)換法的應(yīng)用和比較吸熱能力的方法和Q＝cmΔt的運用，為熱學中的重要實驗。
17．（4分）小航利用一個焦距10cm的凸透鏡、蠟燭、光屏和光具座等器材進行矯正視力的模擬實驗。

（1）將凸透鏡、蠟燭依次放在光具座上50cm和25cm刻度線處，如圖1甲，需要將光屏移至 　B?。ㄟx填“A”、“B”或“C”）區(qū)域范圍內(nèi)才能承接到清晰的像，所成像如圖1乙所示，是一個倒立、　縮小?。ㄟx填“放大”或“縮小”）的實像。
（2）凸透鏡、光屏位置不變，將蠟燭向左移動，光屏上無法呈現(xiàn)清晰的像，此時模擬的是圖2中的 　a　圖（選填“a”或“b”）的成像情景；若想在光屏上得到清晰的像，應(yīng)在蠟燭和凸透鏡之間適當位置放個用 　凹?。ㄟx填“凸”或“凹”）透鏡制作的眼鏡。
【分析】（1）物距大于2倍焦距，成倒立、縮小實像，像距在一倍焦距和2倍焦距之間；
（2）凸透鏡成實像時物距變大，像距變小，像成在光屏的前方，相當于近視眼，近視眼需通過凹透鏡矯正。
【解答】解：（1）凸透鏡的焦距為10cm，凸透鏡、蠟燭依次放在光具座上50cm和25cm刻度線處，此時的物距為25cm，物距大于2倍焦距，成倒立、縮小實像，像距在一倍焦距和2倍焦距之間，所以需要將光屏移至B區(qū)域；
（2）凸透鏡、光屏位置不變，將蠟燭向左移動，物距變大，像距變小，像成在光屏的前方，相當于近視眼，模擬的是圖2中的a，近視眼需通過凹透鏡矯正。'
故答案為：（1）B；縮?。唬?）a；凹。
【點評】本題考查凸透鏡成像規(guī)律和近視眼的矯正，屬于基礎(chǔ)題。
18．（6分）小明為了測量額定電壓為2.5V小燈泡的電功率情況，設(shè)計了如圖甲所示的電路。
（1）圖甲中有一根導(dǎo)線連接錯誤，請在這根導(dǎo)線上打“×”，并用筆畫線代替導(dǎo)線，將電路連接完整；

（2）改正電路連接后，閉合開關(guān)，小燈泡不發(fā)光，兩表沒有示數(shù)。將導(dǎo)線連接電壓表“3”接線柱上，導(dǎo)線右端接到B接線柱上，情況沒有改變；接在C接線柱時，燈泡發(fā)光，兩表有示數(shù)。據(jù)此可知電路中出現(xiàn)故障的元件是 　開關(guān)??；
（3）排除故障后，開始進行實驗，并記錄實驗數(shù)據(jù)。進行第一次實驗時，移動滑片到某一位置，電壓表示數(shù)如圖乙所示，此時小燈泡的實際功率為 　0.616　W；
（4）進行多次實驗后，收集到的數(shù)據(jù)如表格所示，由表中數(shù)據(jù)可知，小燈泡的額定功率為 　0.75　W；
實驗次數(shù)
電壓U/V
電流I/A
實際功率
1

0.28

2
2.5
0.30

3
2.7
0.32

4
3.0
0.34

【拓展】完成上述實驗后，某小組設(shè)計了如圖丙所示的電路，用原來的電源和電壓表測量原小燈泡的額定功率，請將實驗步驟補充完整并回答問題：
①把定值電阻R0接入電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器使小燈泡正常發(fā)光；
②保持 　滑動變阻器滑片的位置　不變，將電壓表改接在R0兩端，讀出電壓表示數(shù)；
③算出小燈泡的額定功率。
現(xiàn)有阻值為5Ω、10Ω、15Ω的定值電阻，為了能測出小燈泡的額定功率，結(jié)合題中的數(shù)據(jù)分析，定值電阻R0應(yīng)選 　5　Ω的。
【分析】（1）在探究小燈泡額定功率的實驗中，電壓表應(yīng)測量小燈泡兩端的電壓，而圖中電壓表測小燈泡與滑動變阻器滑片左側(cè)的電壓之和，據(jù)此解答；
（2）閉合開關(guān)，小燈泡不發(fā)光，兩表沒有示數(shù)，說明電路存在斷路且是與電壓表并聯(lián)電路部分之外的電路存在斷路。將導(dǎo)線連接電壓表“3”接線柱上，導(dǎo)線右端接到B接線柱上，情況沒有改變，說明此段電路為通路；接在C接線柱時，燈泡發(fā)光，兩表有示數(shù)，說明BC之間存在斷路；
（3）（4）結(jié)合電壓表的量程讀數(shù)，結(jié)合表格數(shù)據(jù)得出電流，利用P＝UI求得電功率；
【拓展】把定值電阻R0接入電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器使小燈泡兩端電壓為2.5V，則小燈泡正常發(fā)光，此時電路中的電流為額定電流；因此要保持滑動變阻器滑片的位置不變，測R0兩端的電壓，然后根據(jù)歐姆定律，求出電流，從而利用P＝UI求出小燈泡的額定功率。根據(jù)串聯(lián)電路特點和歐姆定律計算定值電阻和滑動變阻器總的電阻，進而確定定值電阻R0的規(guī)格。
【解答】解：（1）在探究小燈泡額定功率的實驗中，電壓表應(yīng)測量小燈泡兩端的電壓，而圖中電壓表測小燈泡與滑動變阻器滑片左側(cè)的電壓之和，故將導(dǎo)線從A接線柱，移至燈泡右側(cè)。如圖所示：

（2）閉合開關(guān)，小燈泡不發(fā)光，兩表沒有示數(shù)，說明電路存在斷路且是與電壓表并聯(lián)電路部分之外的電路存在斷路。將導(dǎo)線連接電壓表“3”接線柱上，導(dǎo)線右端接到B接線柱上，情況沒有改變，說明此段電路為通路；接在C接線柱時，燈泡發(fā)光，兩表有示數(shù)，說明BC之間存在斷路。則據(jù)此可知電路中出現(xiàn)故障的元件是開關(guān)。
（3）電壓表選擇的是小量程，分度值為0.1V，由圖可知，電壓表的示數(shù)為2.2V，電流為0.28A，則實際功率為P實＝U實I實＝2.2V×0.28A＝0.616W；
（4）小燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流為0.3A，則小燈泡的額定功率為P額＝U額I額＝2.5V×0.3A＝0.75W；
【拓展】把定值電阻R0接入電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器使小燈泡兩端電壓為2.5V，則小燈泡正常發(fā)光，此時電路中的電流為額定電流；因此要保持滑動變阻器滑片的位置不變，測R0兩端的電壓，然后根據(jù)歐姆定律，求出電流，從而利用P＝UI求出小燈泡的額定功率。
電源電壓為4.5V，小燈泡的額定電壓為2.5V。由串聯(lián)電路電壓特點可知，定值電阻與滑動變阻器共分擔的電壓為U總＝4.5V﹣2.5V＝2V，
且此時電路中的電流為0.3A。則定值電阻與滑動變阻器總阻值為R總=U總I=2V0.3A≈6.7Ω，
由此可知，定值電阻R0應(yīng)選5Ω的。
故答案為：（1）見解析；（2）開關(guān)；（3）0.616；（4）0.75；【拓展】滑動變阻器滑片的位置；5。
【點評】本題是測燈泡功率的實驗，考查了電路連接、注意事項、電壓表的讀數(shù)、實驗操作、電功率計算以及器材的選擇等，綜合性強。
19．（10分）2022年10月28日，世界最大噸位履帶起重機——三一SCC98000TM履帶起重機在浙江湖州交付，將主要應(yīng)用于國家核電、石化建設(shè)領(lǐng)域，如圖甲所示。現(xiàn)用該起重機將放在水平地面上的長方體混凝土墩放入水中。若將滑輪組連接的吊繩簡化為1股如圖乙所示，已知混凝土墩的密度為2.5×103kg/m3、底面積為4m2、高為2m，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）混凝土墩放在地面上產(chǎn)生的壓強是多大；
（2）混凝土墩浸沒在水中后，它勻速下降過程中所受鋼絲繩的拉力；（不計水的阻力）
（3）若忽略鋼絲繩的重力、滑輪間的摩擦及滑輪重，請算出當起重機拉動混凝土墩在水下向上勻速運動2m（不出水面）用時9s的過程中，起重機拉力做功的功率是多大？

【分析】（1）利用G＝mg＝ρVg＝ρShg求出混凝土墩的重力，混凝土墩放在地面上時對地面的壓力和自身的重力相等，利用p=FS求出對地面產(chǎn)生的壓強；
（2）混凝土墩浸沒在水中勻速下降，用平衡力知識求出它勻速下降過程中所受鋼絲繩的拉力；
（3）若忽略鋼絲繩的重力、滑輪間的摩擦及滑輪重，由圖得出動滑輪上承擔的繩子股數(shù)n，根據(jù)F′=1nF拉求出起重機對鋼絲繩的拉力，根據(jù)s＝nh求出拉力端鋼絲繩移動的距離，根據(jù)W＝Fs求出起重機拉力做的功，根據(jù)P=Wt求出起重機拉力做功的功率。
【解答】解：（1）混凝土墩的重力為：
G＝mg＝ρVg＝ρShg＝2.5×103kg/m3×4m2×2m×10N/kg＝2×105N，
混凝土墩放在地面上時對地面的壓力為：
F＝G＝2×105N，
混凝土墩放在地面上產(chǎn)生的壓強為：
p=FS=2×105N4m2=5×104Pa；
（2）混凝土墩浸沒在水中受到浮力是：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gSh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4m2×2m＝8×104N；
混凝土浸沒在水中勻速下降過程中受到的浮力和鋼絲繩的拉力與自身重力平衡，
即F浮+F拉＝G，
則它所受鋼絲繩的拉力為：F拉＝G﹣F?。?×105N﹣8×104N＝1.2×105N；
（3）由圖可知，動滑輪上有3根繩子承擔，忽略鋼絲繩的重力、滑輪間的摩擦及滑輪重，則起重機對鋼絲繩的拉力為：F′=13F拉=13×1.2×105N＝4×104N，
拉力端鋼絲繩移動的距離為：s＝3h＝3×2m＝6m，
起重機拉力做的功為：W＝F′s＝4×104N×6m＝2.4×105J，
起重機拉力做功的功率為：P=Wt=2.4×105J9s≈2.7×104W。
答：（1）混凝土墩放在地面上產(chǎn)生的壓強是5×104Pa；
（2）混凝土浸沒在水中后，它勻速下降過程中所受鋼絲繩的拉力是1.2×105N；
（3）若忽略鋼絲繩的重力、滑輪間的摩擦及滑輪重，當起重機拉動混凝土墩在水下向上勻速運動2m用時9s的過程中，起重機拉力做功的功率是2.7×104W。
【點評】本題主要考查壓強、浮力、滑輪組的相關(guān)計算等知識，是一道綜合題。

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