2023年高考物理押題卷02（江蘇卷）（含考試版、全解全析、參考答案、答題卡）

這是一份2023年高考物理押題卷02（江蘇卷）（含考試版、全解全析、參考答案、答題卡），文件包含2023年高考物理押題卷02江蘇卷考試版A4docx、2023年高考物理押題卷02江蘇卷全解全析docx、2023年高考物理押題卷02江蘇卷參考答案docx、2023年高考物理押題卷02江蘇卷考試版A3docx、2023年高考物理押題卷02江蘇卷答題卡docx等5份試卷配套教學(xué)資源，其中試卷共27頁(yè)， 歡迎下載使用。

1．【答案】B
【解析】如圖所示，兩繩所在平面與豎直墻面間的夾角為，兩繩形成的合力為，側(cè)視如圖所示，故，根據(jù)，解得；，每根繩中拉力為，，解得，A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)受力平衡，故，CD錯(cuò)誤。故選B。
2．【答案】C
【解析】甲方案中，鋁板擺動(dòng)時(shí)，扇形鋁板的半徑切割磁感線，即使鋁板擺動(dòng)幅度很小，在鋁板內(nèi)也能形成渦流，起電磁阻尼的作用，指針能很快停下來(lái)；乙方案中，當(dāng)指針偏轉(zhuǎn)角度較小時(shí)，鋁框中磁通量不變，不能
3．【答案】D
【解析】當(dāng)θ=0°時(shí)光線恰好在球面發(fā)生全反射，即在球面處入射角恰好等于全反射臨界角C，光路圖如圖1所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得，根據(jù)全反射臨界角C滿足的條件可得，解得，故A錯(cuò)誤；若要使光線從球形表面出射后恰好與入射光平行，那么出射光線與入射光線，以及法線必在同一平面內(nèi)，且入射點(diǎn)與出射點(diǎn)的法線平行，入射光線必須在豎直平面內(nèi)，光路圖如圖2所示，出射點(diǎn)必在O點(diǎn)的正上方。

根據(jù)幾何關(guān)系可得，解得，根據(jù)折射定律可知，光線與豎直方向的夾角θ必大于。故B錯(cuò)誤；要使光線在半球中傳播的時(shí)間最長(zhǎng)，因只考慮第一次射到各表面的光線，當(dāng)θ臨界等于90°時(shí)，光線在半球中傳播路程最長(zhǎng)，光路圖如圖3所示，其中路程s滿足要求。因入射角臨界為90°，故折射角等于C，由余弦定理得，解得，光在介質(zhì)中傳播速度為
最長(zhǎng)時(shí)間為，故C錯(cuò)誤；能從平面出射的臨界光路圖如圖4所示，光線在平面的B點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，以O(shè)B的長(zhǎng)L為半徑的圓形區(qū)域有光出射。設(shè)臨界光線在A點(diǎn)入射角為，折射角為，在B點(diǎn)出射時(shí)入射角等于全反射臨界角C。由折射定律得，由幾何關(guān)系得，又
解得，可得，由正弦定理得，解得，則平面有光出射的面積為，解得，故D正確。故選D。
4． 【答案】C
【解析】由圖可知，導(dǎo)線cd與導(dǎo)線cbad并聯(lián)，電阻之比為1∶3，設(shè)恒流源中的電流為I，由并聯(lián)電路的分壓規(guī)律可知，ab中的電流為，cd中的電流為，電流方向都向左，由左手定則可知，兩種情形導(dǎo)線框所受安培力方向都豎直向下，所以，，解得，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。
5．【答案】D
【解析】A．該金屬光電效應(yīng)截止時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能為零，所以截止頻率為b，故A錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)關(guān)系，變形得，對(duì)照題中圖線可知斜率，即，故B錯(cuò)誤；
C．當(dāng)?shù)扔诹銜r(shí)，即光子能量恰好等于光電子的逸出功，故C錯(cuò)誤；當(dāng)光照頻率為a時(shí)，光電子具有最大初動(dòng)能，該金屬光電效應(yīng)的遏止電壓即建立電場(chǎng)使用電場(chǎng)力做負(fù)功，克服光電子的最大初動(dòng)能，使光電子無(wú)法進(jìn)入電路回路形成電流，得，即，故D正確。
6．【答案】D
【解析】設(shè)發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)為E，當(dāng)發(fā)電機(jī)兩極板電壓穩(wěn)定后，再進(jìn)入發(fā)電通道的粒子所受到的電場(chǎng)力與洛侖茲力平衡，即，聯(lián)立解得，故A錯(cuò)誤；由
得，故B錯(cuò)誤；發(fā)電機(jī)的內(nèi)阻為，當(dāng)當(dāng)外接電阻為12Ω時(shí)，由閉合電路歐姆定律，可得，故C錯(cuò)誤；由電源輸出功率的特點(diǎn)知，當(dāng)電路內(nèi)、外電阻相等時(shí)，即R=r=8Ω時(shí)，發(fā)電機(jī)輸出功率最大，故D正確。故選D。
7．【答案】C
【解析】設(shè)地球質(zhì)量為M，飛船運(yùn)動(dòng)半徑為r，對(duì)飛船研究可知，解得，由幾何關(guān)系可知，則地球密度，，解得，故選C。
8．【答案】D
【解析】根據(jù)題意，由圖甲和圖乙可知，兩列波的周期均為，由公式可得，兩列波的波長(zhǎng)為，則波遇到的障礙物不能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；根據(jù)題意可知，波從傳到的時(shí)間為，且開(kāi)始向下振動(dòng)，波從傳到的時(shí)間為，且開(kāi)始向上振動(dòng)，再經(jīng)過(guò)，橫波I在點(diǎn)處在平衡位置，向下振動(dòng)，則橫波I與橫波II兩波疊加，點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，再經(jīng)過(guò)，則4.5s時(shí)P點(diǎn)在平衡位置且向下振動(dòng)，故B錯(cuò)誤；根據(jù)題意可知，而時(shí)刻兩波的振動(dòng)方向相反，則是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，振幅等于兩波振幅之和，即為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。
9．【答案】D
【解析】圖甲為一定質(zhì)量的某種理想氣體在3個(gè)不同溫度下的等溫線，由，比較、乘積的大小，等溫線3表示的溫度最高，A錯(cuò)誤；氣體在狀態(tài)a到狀態(tài)b的過(guò)程中，體積不變，由查理定律，
由于大于，故大于，B錯(cuò)誤；圖乙中一定質(zhì)量的理想氣體在a→b的過(guò)程中氣體體積不變，對(duì)外界不做功，C錯(cuò)誤；圖丙為分子間作用力與分子間距離的關(guān)系，可知當(dāng)分子間的距離時(shí)，分子間為引力，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大，D正確；故選D。
10．【答案】B
【解析】O到A的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，解得電場(chǎng)力做功，A錯(cuò)誤；O到C的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理，解得電場(chǎng)力做功，則由O運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程，解得電場(chǎng)力做功，可知A、B為等勢(shì)點(diǎn)，為一條等勢(shì)線，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向垂直，O到A的過(guò)程，所以，故CD錯(cuò)誤，B正確。故選B。
第Ⅱ卷
二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題~第15題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。
11．（15分）
【答案】（1）見(jiàn)解析 （3分） （2）1.05 （3分） 4.3 （3分） （3） （3分） 無(wú)（3分）
【解析】（1）實(shí)物圖中連線如圖所示
要將量程為0.3A的電流表擴(kuò)充為6A量程，應(yīng)該并聯(lián)電阻的阻值，如圖所示電流表表盤指針位置讀數(shù)為4.3A；
（3）R1、R2和Rx、R0并聯(lián)，兩之路兩端電壓相等，靈敏電流計(jì)的示數(shù)為零時(shí)有，可知，即，
解得，電流表A1、A2都接在電流計(jì)的右側(cè)電路中其內(nèi)阻對(duì)左側(cè)電路中Rx的測(cè)量無(wú)影響。
12．（8分）
【答案】（1）；（2）
【解析】（1）對(duì)活塞b下方氣體分析，因?yàn)榫徛訜?，故等壓變化，壓?qiáng)始終為；同理活塞a上方氣體壓強(qiáng)也始終為
因頂部導(dǎo)熱，故溫度不變，氣體長(zhǎng)度仍為 ，對(duì)a下方氣體由蓋呂薩克定律可得
其中，

解得
（2）由克拉伯龍方程，漏氣前活塞a上方氣體有
a下方氣體有
漏氣后，兩部分氣體融為一個(gè)整體，活塞a下降至底部，所有氣體溫度恢復(fù)至室溫，壓強(qiáng)變?yōu)榇髿鈮簭?qiáng)，此時(shí)有
因
解得
故活塞B離頂部距離
13．（8分）
【解析】（1）當(dāng)金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由平衡條件得
其中
由乙圖可知，
從金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到恰好達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)，由動(dòng)能定理得
又克服安培力所做的功等于整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱，代入數(shù)據(jù)解得
兩電阻產(chǎn)生的焦耳熱與阻值成正比，故金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱為
（2）進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)導(dǎo)體棒做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)量定理有
又
由圖可知
代入數(shù)據(jù)解得
由
得
14．（14分）
【答案】（1）；（2），；（3）停在P左側(cè)處
【詳解】（1）在C點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律
過(guò)程由動(dòng)能定理
在B點(diǎn)
解得
由牛頓第三定律可知
a、b碰撞動(dòng)量，能量守恒，取向左為正
得，
反彈后回到A有
解得
釋放前
反彈后b與小車動(dòng)量守恒
解得
至共速產(chǎn)生的熱量
故停在P左側(cè)處。
15．（15分）
【答案】（1）1；（2）①；②
【解析】（1）兩粒子發(fā)生彈性碰撞，設(shè)B、A兩粒子碰撞后瞬間的速度分別為v1和v2，碰撞過(guò)程中由動(dòng)量守恒有
由機(jī)械能守恒有
解得
設(shè)粒子A在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為R，由洛倫茲力提供向心力有
聯(lián)立可得
可知k越大，粒子A的軌跡半徑越大，如圖1所示，當(dāng)粒子A的運(yùn)動(dòng)軌跡與磁場(chǎng)區(qū)域下邊界相切時(shí)，軌跡半徑最大，此時(shí)粒子A的軌跡半徑為
可得
①粒子A在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)一次直接從磁場(chǎng)右邊界中點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，如圖2所示
由幾何知識(shí)有
可得
解得
②粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后又返回電場(chǎng)再?gòu)拇艌?chǎng)右側(cè)邊界的中點(diǎn)離離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，由幾何知識(shí)可知，粒子A要滿足
解得
粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后又返回電場(chǎng)再?gòu)拇艌?chǎng)右側(cè)邊界的中點(diǎn)離離開(kāi)磁場(chǎng)區(qū)域，則粒子在磁場(chǎng)中可能運(yùn)動(dòng)半個(gè)周期進(jìn)入電場(chǎng)，經(jīng)電場(chǎng)作用后以同樣的速率垂直x軸進(jìn)入磁場(chǎng)，然后從磁場(chǎng)區(qū)域右邊界中點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，可能的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖3、圖4所示。如圖3由幾何關(guān)系有
解得或
（不合題意，舍去）或
故k的值為。
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
B
C
D
C
D
D
C
D
D
B