2023年高考押題預測卷03【山東卷】物理·參考答案123456789101112ABBDDBCDABCADBCAC13．     AB/BA     0.8     4     小于     大于14．     0.217               等于     大于     15．（1）；（2）0.2LS【詳解】（1）放上重物之前，由于活塞處于平衡狀態(tài)，則缸內氣體的壓強為（2）放上重物之后，缸內氣體的壓強為設不規(guī)則物體的體積為Vx ，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有因為T1=T2，即得Vx=0.2LS16．（1）；（2）【詳解】解：（1）以小球B為研究對象，受力如圖所示：由牛頓第二定律，合力提供小球B做圓周運動的向心力，即整理得轉速解得（2）細桿OB與水平方向的夾角為時，裝置靜止時。小球B豎直方向物塊豎直方向，相互作用力大小相等當穩(wěn)定轉動時，細桿中彈力減為零，且與水平方向的夾角為。小球B豎直方向物塊豎直方向受力平衡根據(jù)幾何關系可得聯(lián)立以上各式解得17．（1）；（2）；（3）；（4）見解析【詳解】（1）由題可得，電子在磁場中運動的半徑為R，則解得（2）如圖所示為從b、c兩點射出的電子的運動軌跡由幾何關系易得；電子在金屬板間做類平拋運動，設從c點射出的電子打到金屬板上的位置為，如圖有；；解得所以從c點射出的電子打到金屬板上時的位置坐標為。（3）由（2）同理可得，Q極板收集到電子區(qū)域為圖中圓弧區(qū)域，其面積為（4）當從b、c兩點射出的電子恰好到達收集板邊緣時，有由（2）同理可得①當時，有②當時，假設矩形區(qū)域沿z軸坐標為z處射出的電子恰好到達收集板邊緣，則有；；，Q板收集到的電子數(shù)聯(lián)立解得18．（1）；（2），；（3），，【詳解】（1）根據(jù)題意可知，小滑塊由到的過程中，機械能守恒，由機械能守恒定律有在點，由牛頓第二定律有解得；由牛頓第三定律可知，小滑塊滑到點時對軌道的壓力（2）設木板與擋板第一次碰撞時，滑塊速度為，木板速度為，在滑塊滑上木板到木板第一次與擋板碰撞的過程中，由動量守恒定律有由于只發(fā)生一次碰撞，則有解得；整個過程木板所受摩擦力不變，滑塊滑上木板后，小滑塊做勻減速直線運動，由牛頓第二定律有解得設從滑上木板到第一次碰撞的運動時間為，則有解得由于無能量損失，則木板原速率返回，做勻減速運動，由對稱性可知，木板運動到端時，速度恰好為零，小滑塊的速度為零，運動時間則薄木板的運動時間為由上述分析可知，當薄木板返回B端時，小滑塊停在薄木板左端，小滑塊的位移即薄木板的最小長度，由于小滑塊一直做勻減速運動，則有（3）根據(jù)題意可知，圖（b）中，小滑塊由點到點的過程中機械能守恒，由機械能守恒定律有解得設從點飛出時速度方向與水平方向夾角為，小滑塊落地的速度大小為，落地速度方向與水平方向夾角為，從點飛出到落到所用時間為，根據(jù)動能定理有解得畫出速度矢量關系圖，如圖所示由幾何關系可知，圖像的面積為又有；則可知，面積最大時，水平位移最大，由上述分析可知，、固定不變，則當水平位移最大，又有可得解得即從點飛出時速度與水平方向夾角為時，水平射程最大，則有解得
 

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