宜賓市四中高2020級(jí)高三下期開(kāi)學(xué)考試理科綜合試題注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試時(shí)間150分鐘，滿分300二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1. 下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 光電效應(yīng)既顯示了光的粒子性，又顯示了光的波動(dòng)性B. 原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，這種轉(zhuǎn)化產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外，就是β粒子，這就是β衰變的實(shí)質(zhì)C. 一個(gè)氘核與一個(gè)氚核聚變生成一個(gè)氦核的同時(shí)，放出一個(gè)電子D. 按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子的總能量不變【答案】B【解析】【詳解】A．光電效應(yīng)說(shuō)明了光子具有能量，顯示了光的粒子性，故A錯(cuò)誤；B．原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，這種轉(zhuǎn)化產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外，就是β粒子，這就是β衰變的實(shí)質(zhì)，故B正確；C．核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒所以放出的是中子，不是電子，故C錯(cuò)誤；D．按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子的總能量減小，故D錯(cuò)誤。故選B。2. 經(jīng)國(guó)際小行星命名委員會(huì)命名的“神舟星”和“楊利偉星”的軌道均處在火星和木星軌道之間。已知“楊利偉星”平均每月繞太陽(yáng)運(yùn)行4350萬(wàn)公里，“神舟星”平均每月繞太陽(yáng)運(yùn)行5220萬(wàn)公里，假設(shè)兩行星均繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由以上信息對(duì)兩星作比較，下列說(shuō)法正確的是(　　)A. “楊利偉星”的動(dòng)能大B. “神舟星”的角速度大C. “神舟星”受到的向心力大D. 若“楊利偉星”加速可以追上“神舟星”【答案】B【解析】【詳解】AC．因兩星質(zhì)量關(guān)系不確定，不能比較動(dòng)能以及向心力關(guān)系，選項(xiàng)AC錯(cuò)誤；B．由題意可知，“神舟星”的線速度較大，根據(jù)可知“神舟星”的運(yùn)轉(zhuǎn)半徑較小，根據(jù)可知“神舟星”的角速度大，選項(xiàng)B正確；D．若“楊利偉星”加速則將做離心運(yùn)動(dòng)，飛向更高的軌道，不可以追上“神舟星”，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。3. 甲、乙兩車在同一條平直公路上同向運(yùn)動(dòng)，它們的速度v隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖所示，已知在t=0時(shí)刻兩車并排，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 在t1時(shí)刻，甲、乙兩車再次并排行駛B. 在0至t1時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車的平均速度均為C. 在0至t1時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車間的距離逐漸減小D. 在0至t1時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻，甲、乙兩車的加速度相等【答案】D【解析】【詳解】A．圖像中圖線與時(shí)間軸所圍的面積表示位移的大小，由圖像可知，乙的位移比甲的大，故A錯(cuò)誤；B．由圖像和平均速度公式可知，在時(shí)間內(nèi)，甲車平均速度小于，乙車的平均速度大于，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖線與時(shí)間軸圍成的面積大小表示位移，知在時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車間的距離逐漸增大， 時(shí)刻兩車的距離最大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖像的斜率表示加速度大小，由圖像可知，在0到時(shí)間內(nèi)的某時(shí)刻二者的斜率相同，此時(shí)兩車加速度相等，故D正確；故選D。4. 如圖所示，質(zhì)量為M=10kg的小車放在光滑水平面上，小車上用一條不計(jì)質(zhì)量的細(xì)線懸掛一質(zhì)量為m=1kg的小球，當(dāng)小球受到一水平恒力作用并相對(duì)小車靜止時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為37°，則小車的加速度大小為（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（　?。?/span>A. 0.6m/s2 B. 0.75m/s2C. 0.8m/s2 D. 1m/s2【答案】B【解析】【分析】【詳解】對(duì)小球受力分析，豎直方向滿足水平方向滿足整體由牛頓第二定律可得聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可解得，B正確。故選B。5. 如圖所示，兩帶電小球A和B用等長(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸掛起來(lái)，靜止時(shí)連接兩球的繩子與水平線的夾角分別為30°和60°，則A、B兩球的質(zhì)量比mA：mB為（　?。?/span>A. 1：3 B. 1：2 C. ：3 D. ：2【答案】C【解析】【詳解】AB之間的靜電力等大方向，對(duì)A、B受力分析如圖，對(duì)A：，對(duì)B：，聯(lián)立解得：，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C．【點(diǎn)睛】解題的關(guān)鍵在于作出受力分析圖，兩個(gè)小球均處于平衡狀態(tài)，利用共力平衡列出方程，從而得出AB質(zhì)量關(guān)系．6. 如圖所示，一足夠長(zhǎng)的光滑斜面的傾角為θ，一彈簧上端固定在斜面的頂端，下端與物體b相連，物體b上表面粗糙，在其上面放一物體a，a、b間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ（μ＞tanθ）。將物體a、b從O點(diǎn)由靜止開(kāi)始釋放，釋放時(shí)彈簧恰好處于自由伸長(zhǎng)狀態(tài)，當(dāng)b滑到A點(diǎn)時(shí)，a剛相對(duì)b開(kāi)始滑動(dòng)；當(dāng)b滑到B點(diǎn)時(shí)，a剛好從b上滑下，b也恰好速度為零。設(shè)a、b間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。下列對(duì)物體a、b運(yùn)動(dòng)情況描述正確的是（     ）A. 從O到A的過(guò)程中，兩者一直加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小從gsinθ一直減小，在A點(diǎn)減為零B. 經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，a、b均已進(jìn)入到減速狀態(tài)，此時(shí)加速度大小是g（μcosθ-sinθ）C. 從A到B的過(guò)程中，a的加速度不變，b的加速度在增大而速度在減小D. 經(jīng)過(guò)B點(diǎn)，a掉下后，b開(kāi)始反向運(yùn)動(dòng)但不會(huì)滑到開(kāi)始下滑的O點(diǎn)【答案】BC【解析】【分析】【詳解】ABC．釋放時(shí)彈簧恰好處于自由伸長(zhǎng)狀態(tài)，斜面光滑，二者具有向下的加速度，彈簧伸長(zhǎng)，彈簧拉力增大，則二者做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，以a為研究對(duì)象，取沿斜面向下為正方向，有mgsinθ-f=ma得f=mgsinθ-ma可見(jiàn)只要a物體具有向下的加速度，則f＜mgsinθ＜μmgcosθ即所受摩擦力小于最大靜摩擦力，物體不會(huì)滑動(dòng)，當(dāng)二者加速度為零，即（M+m）gsinθ=F之后彈簧繼續(xù)伸長(zhǎng)，則ab開(kāi)始具有沿斜面向上的加速度，即開(kāi)始減速運(yùn)動(dòng)，以a為研究對(duì)象，取沿斜面向上為正方向，有f-mgsinθ=ma當(dāng)f有最大值時(shí)a有最大值，又fmax=μmgcosθ則a=μgcosθ-gsinθ之后b加速度繼續(xù)增大而a加速度保持不變，二者發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，a、b均已進(jìn)入到減速狀態(tài)，此時(shí)加速度大小是g（μcosθ-sinθ），A錯(cuò)誤，BC正確；D．在a落下后，b將以新的平衡位置為中心做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，由對(duì)稱性可推斷出b將沖過(guò)O點(diǎn)，即b的最高點(diǎn)將在O點(diǎn)之上，D錯(cuò)誤。故選BC7. 如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一直角三角形， ，邊長(zhǎng)為L，，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線平行于平面。從點(diǎn)以速率向所在平面內(nèi)各方向發(fā)射電子，過(guò)點(diǎn)的電子通過(guò)點(diǎn)時(shí)的速率為，過(guò)點(diǎn)的電子通過(guò)點(diǎn)時(shí)的速率為。已知電子質(zhì)量為、電荷量為，忽略電子的重力及電子之間的相互作用。下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由指向 B. 勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為C. 電子通過(guò)點(diǎn)時(shí)的速率為 D. 電子從到的時(shí)間可能為【答案】CD【解析】【分析】【詳解】AB．從到，由動(dòng)能定理得其中，解得從到，由動(dòng)能定理得其中，解得設(shè)，則有解得 同理解得在間找到的等勢(shì)點(diǎn)，為的等分點(diǎn)，連接為等勢(shì)線，如圖所示由，可知，即電場(chǎng)線為，指向 故AB錯(cuò)誤；C．過(guò)做垂直于的線段，如圖所示聯(lián)立以上各式，解得故C正確；D．電子從到做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律得解得故D正確。故選CD。8. 如圖甲所示，固定在同一絕緣水平面上的兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌間的距離為1.5 m，左端接有阻值為3Ω的定值電阻R，質(zhì)量為1kg的金屬棒ab跨接在導(dǎo)軌上，形成閉合回路。空間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2 T。ab 棒在外力 F的作用下沿著導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間圖像如圖乙所示。金屬棒和導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直。下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 0~3s內(nèi) ab棒中的感應(yīng)電流方向從b到aB. 3s~6s 內(nèi)外力F的大小為6 NC. 0~3s 內(nèi)通過(guò)ab棒的電荷量為4 CD. 0~3s內(nèi)外力F的沖量大小為11N·s【答案】BD【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)右手定則可以判斷，0~3s內(nèi) ab棒中的感應(yīng)電流方向從a到b，故A錯(cuò)誤；B．3s~6s 內(nèi)外力F的大小 ，解得外力F的大小為6 N，故B正確；C．0~3s 內(nèi)通過(guò)ab棒的電荷量 ，解得通過(guò)ab棒的電荷量為3C，故C錯(cuò)誤；D．0~3s內(nèi)外力F的沖量大小 ，解得外力F的沖量大小為11N·s，故D正確。故選BD三、非選擇題：共174分。第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9. 圖甲為測(cè)量物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置，擋光條固定在物塊的最前端，光電門固定在木板上，并靠近物塊的初始位置，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?/span>g。甲（1）如圖乙所示，游標(biāo)卡尺測(cè)得的擋光條寬度為______cm；乙（2）調(diào)整實(shí)驗(yàn)裝置，使木板水平，物塊被彈射器彈開(kāi)，在木板上做減速運(yùn)動(dòng)。某次測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)擋光條通過(guò)光電門時(shí)，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄擋光條的擋光時(shí)間為t，測(cè)得物塊被彈開(kāi)時(shí)擋光條中心與光電門中心的距離為，物塊停止時(shí)光電門中心與擋光條中心的距離為x，擋光條寬度用d表示，物塊的質(zhì)量用m表示，重力加速度為g，則物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)______；（均用字母表示）（3）考慮到空氣阻力的影響，的測(cè)量值與真實(shí)值相比______（填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】    ①. 0.450    ②.     ③. 偏大【解析】【分析】【詳解】(1)[1]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)＝主尺讀數(shù)＋對(duì)齊格數(shù)×分度值，可知遮光條的寬度(2)[2]物體通過(guò)光電門時(shí)的速度為由動(dòng)能定理，則有解得 (3)[3]考慮空氣阻力的影響，則有因此值的測(cè)量值與真實(shí)值相比偏大；10. 為測(cè)量某電子元件的電阻，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材。待測(cè)電阻Rx（阻值約為8Ω）電流表A1（量程0-06A，內(nèi)阻r1=1Ω）電流表A2（量程0-3.0A，內(nèi)阻r2約為0.5Ω）滑動(dòng)變阻器R1（0-5Ω）滑動(dòng)變阻器R2（0～1kΩ）定值電阻R3=39Ω學(xué)生電源（輸出電壓為24V）開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線若干（1）某同學(xué)設(shè)計(jì)了測(cè)量Rx的一種實(shí)驗(yàn)電路，為了較準(zhǔn)確的測(cè)量待測(cè)電阻的阻值，請(qǐng)用筆畫(huà)線完成實(shí)物圖的連線________；（2）為了較準(zhǔn)確的測(cè)量待測(cè)電阻的阻值，X處的電流表應(yīng)選用________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________（用題目中相關(guān)物理量的符號(hào)表示）；（3）若實(shí)驗(yàn)中測(cè)得電流表X示數(shù)為I1，電流表Y示數(shù)為I2，則待測(cè)電阻Rx=________（用題目中相關(guān)物理量的符號(hào)表示）【答案】    ①.     ②. A1    ③. R1    ④. 【解析】【詳解】（1）[1]．滑動(dòng)變阻器應(yīng)該采用分壓電路，電路連接如圖；（2）[2][3]．為了較準(zhǔn)確的測(cè)量待測(cè)電阻的阻值，X處的電流表應(yīng)選用內(nèi)阻已知的電流表A1，滑動(dòng)變阻器要接成分壓電路，則為了方便調(diào)節(jié)，則應(yīng)選用阻值較小的R1；（3）[4]．由電路的結(jié)構(gòu)可得解得11. 如圖，質(zhì)量m1=0.45 kg的平頂小車靜止在光滑水平面上，質(zhì)量m2=0.5 kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止在車頂?shù)挠叶耍毁|(zhì)量為m0=0.05 kg的子彈以水平速度v0=100 m/s射中小車左端并留在車中，最終小物塊相對(duì)地面以2 m/s的速度滑離小車．已知子彈與車的作用時(shí)間極短，小物塊與車頂面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.8，認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力．取g=10 m/s2，求：（1）子彈相對(duì)小車靜止時(shí)小車速度的大?。?/span>（2）小車的長(zhǎng)度L．【答案】（1）10 m/s  （2）2 m【解析】【詳解】本題考查動(dòng)量守恒與能量綜合的問(wèn)題．（1）子彈進(jìn)入小車的過(guò)程中，子彈與小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得m0v0=(m0+m1)v1…………①解得v1=10 m/s（2）三物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得(m0+m1)v1=(m0+m1)v2+m2v3…………②解得v2=8 m/s由能量守恒可得(m0+m1)=μm2g·L+(m0+m1)+m2…………③解得L=2 m12. 如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)，y軸與x=d之間，有沿x軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在第二象限內(nèi)有垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在x軸上P（-d，0）點(diǎn)，沿y軸正向發(fā)射一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶負(fù)電粒子，粒子的速度大小為vo，粒子剛好從坐標(biāo)原點(diǎn)O射出磁場(chǎng)；若只增大粒子的發(fā)射速度大小，使粒子垂直y軸射出磁場(chǎng)，結(jié)果粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)d的距離，速度為零，不計(jì)粒子的重力，求：(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小；(3)繼續(xù)增大粒子的發(fā)射速度大小，要使粒子不能從x=d射出電場(chǎng)，粒子的發(fā)射速度最大為多少。【答案】(1)；(2)；(3)3v0【解析】【分析】【詳解】(1)當(dāng)粒子以大小為v0的速度射入磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑根據(jù)牛頓第二定律有 解得 (2)設(shè)粒子射出速度大小為v1，由題意知，粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r2=d根據(jù)牛頓第二定律 粒子進(jìn)入電場(chǎng)后，根據(jù)動(dòng)能定理有 解得(3)設(shè)粒子射出速度增大為v時(shí)，粒子剛好不從x=d射出電場(chǎng)設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有：設(shè)粒子出磁場(chǎng)時(shí)速度與x軸正向夾角為θ，根據(jù)幾何關(guān)系有 粒子出磁場(chǎng)時(shí)，沿x軸正向分速度vx=vcosθ 粒子沿電場(chǎng)方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 根據(jù)牛頓第二定律有qE=ma解得v=3v0（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。[物理——選修3–3]（15分）13. 關(guān)于生活中的物理現(xiàn)象，下列說(shuō)法中正確的是_________。A. 冰箱制冷，說(shuō)明熱量可以從低溫物體傳遞給高溫物體B. 彩色液晶電視利用了液晶具有光學(xué)性質(zhì)各向異性的特點(diǎn)C. 對(duì)能源的過(guò)度消耗會(huì)使自然界的能量不斷減少，因而存在“能源危機(jī)”D. 泡茶時(shí)，開(kāi)水比冷水能快速泡出茶香、茶色，是因?yàn)闇囟仍礁叻肿訜徇\(yùn)動(dòng)越劇烈E. 水黽能停在水面上是因?yàn)槭艿礁×Φ淖饔?/span>【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，冰箱是靠制冷劑來(lái)制冷的，常用的制冷劑氟利昂既容易汽化又容易液化，汽化時(shí)吸熱，液化時(shí)放熱，冰箱就是利用氟利昂的這種特性來(lái)實(shí)現(xiàn)制冷的，故A正確；B．液晶具有各向異性的特點(diǎn)，彩色液晶電視利用了液晶具有光學(xué)性質(zhì)各向異性的特點(diǎn)，故B正確；C．表述有誤，人類可利用的少了，并非能量真的減少了，能量是守恒的，故C錯(cuò)誤；D．溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，故D正確；
E．并不是由于浮力，而是表面張力，故E錯(cuò)誤。故選ABD。14. 如圖所示是生活上常用噴霧器的簡(jiǎn)化圖．已知貯液瓶容積為3L（不計(jì)貯液瓶中打氣筒和細(xì)管的體積），噴液前，瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)需達(dá)到2.5 atm，方可將液體變成霧狀噴出，打氣筒每次能向貯液瓶?jī)?nèi)打入P0=1.0atm的空氣△V=50mL．現(xiàn)打開(kāi)進(jìn)水閥門A和噴霧頭閥門B，裝入2L的清水后，關(guān)閉閥門A和B．設(shè)周圍大氣壓恒為P0，打氣過(guò)程中貯液瓶?jī)?nèi)氣體溫度與外界溫度相同且保持不變，不計(jì)細(xì)管中水產(chǎn)生的壓強(qiáng)．求：(i)為確保噴霧器的正常使用，打氣筒至少打氣次數(shù)n； (ii)當(dāng)瓶?jī)?nèi)氣壓達(dá)到2.5atm時(shí)停止打氣，然后打開(kāi)閥門B，求噴霧器能噴出的水的體積最大值．【答案】（1） （2）【解析】【詳解】（i）貯液瓶裝水后，瓶?jī)?nèi)封閉氣體的體積 =1L       ①打氣過(guò)程瓶?jī)?nèi)氣體做等溫變化，有     ②             ③將p0=1.0atm、p2=2.5atm代入可解得打氣的次數(shù)至少為n =30                  ④（ii）閥門打開(kāi)噴水過(guò)程，瓶?jī)?nèi)封閉氣體做等溫變化，有            ⑤最后瓶?jī)?nèi)氣體的壓強(qiáng)                ⑥代入數(shù)據(jù)解得最后瓶?jī)?nèi)氣體的體積    V3=2.5L                ⑦因此噴霧器能噴出的水的體積最大值V水=V3-V1=1.5L         ⑧故本題答案是：（i）30（ii）1.5L【點(diǎn)睛】本題考查了理想氣體方程，做此類題最關(guān)鍵的是找對(duì)不同狀態(tài)下氣體的狀態(tài)參量即可．[物理——選修3–4]（15分）15. 一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.6s時(shí)刻的圖象如圖甲所示，此時(shí)P、Q兩質(zhì)點(diǎn)的位移均為-1 cm，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，則以下說(shuō)法正確的是（    ）A. 這列波沿x軸負(fù)方向傳播B. 這列波的波速是 C. 從t= 0.6 s開(kāi)始，緊接著的 Δt=0.6s時(shí)間內(nèi)，A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程是 4cmD. 從t= 0.6s開(kāi)始，質(zhì)點(diǎn)Q比質(zhì)點(diǎn)P早0.4s回到平衡位置E. 能與該波發(fā)生干涉的另一列波的頻率為【答案】BCE【解析】【詳解】A．由題圖乙讀出t=0.6s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)A的速度方向?yàn)檠?/span>y軸負(fù)方向，由題圖甲判斷出波的傳播方向?yàn)檠?/span>x軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．由圖甲讀出波長(zhǎng)為λ=20m，由乙圖知周期T=1.2s則波速為故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)在一個(gè)周期內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A通過(guò)的路程為4倍振幅，由于所以在內(nèi)A質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程是故C正確；D．圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)Q沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)P將比質(zhì)點(diǎn)Q早回到平衡位置，將此圖象與正弦曲線進(jìn)行對(duì)比可知，P點(diǎn)橫坐標(biāo)為，Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)，根據(jù)波形的平移法可知質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q早回到平衡位置時(shí)間為故D錯(cuò)誤；E．該波頻率為頻率相同是兩列波可以發(fā)生干涉的必要條件，故E正確。故選BCE。16. 以正三角形的各頂點(diǎn)為圓心，以其邊長(zhǎng)a為半徑作圓弧，由這三段圓弧組成的曲邊三角形稱為“勒洛三角形”。如圖所示的“勒洛三角形”ABC是一透明柱體的橫截面，點(diǎn)D、E、F分別為圓弧AB、BC、CA的中點(diǎn)。一單色細(xì)光束平行于AE從D點(diǎn)射入柱體，沿直線到達(dá)E點(diǎn)，E點(diǎn)F點(diǎn)均有光線射出，已知光在真空中的傳播速度為c，求∶（1）該透明材料的折射率n；（2）光線從D點(diǎn)射入，第一次到達(dá)F點(diǎn)的傳播時(shí)間t。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）光路圖如圖，由幾何關(guān)系得該透明材料的折射率（2）根據(jù)幾何關(guān)系光線從D點(diǎn)射入，第一次到達(dá)F點(diǎn)的傳播時(shí)間
 

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