陜西省西安市西咸新區(qū)2023屆高三下學(xué)期第一次模擬考試?yán)砭C物理試題 一、單選題1．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）地球、火星的公轉(zhuǎn)軌道可近似為如圖所示的圓，“天問(wèn)一號(hào)”火星探測(cè)器脫離地球引力束縛后通過(guò)霍曼轉(zhuǎn)移軌道飛往火星，霍曼轉(zhuǎn)移軌道為橢圓軌道的一部分，其近日點(diǎn)、遠(yuǎn)日點(diǎn)分別與地球、火星軌道相切。若僅考慮太陽(yáng)引力的影響，則“天問(wèn)一號(hào)”在飛往火星的過(guò)程中（　?。?/span>A．速度變大 B．萬(wàn)有引力變大 C．加速度變小 D．機(jī)械能變小2．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）如圖所示，物理研究小組正在測(cè)量橋面某處到水面的高度。一同學(xué)將兩個(gè)相同的鐵球1、2用長(zhǎng)的細(xì)線連接。用手抓住球2使其與橋面等高，讓球1懸掛在正下方，然后由靜止釋放，橋面處的接收器測(cè)得兩球落到水面的時(shí)間差，，則橋面該處到水面的高度為（　?。?/span>A．22m B．20m C．18m D．16m3．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）2021年5月28日，我國(guó)“人造太陽(yáng)”打破世界紀(jì)錄，成功實(shí)現(xiàn)1.2億攝氏度運(yùn)行101秒。其結(jié)構(gòu)如圖所示，在“人造太陽(yáng)”周圍，距“人造太陽(yáng)”中心L處有半徑均為r的球面形狀（可近似為圓形）能量接收裝置，“人造太陽(yáng)”內(nèi)部發(fā)生的氘-氚聚變的核反應(yīng)方程為，釋放出的能量都轉(zhuǎn)化為原子核的動(dòng)能，最終被能量接收裝置吸收并輸出，經(jīng)時(shí)間t測(cè)得反應(yīng)物的質(zhì)量減少了，記光速為c。則下列說(shuō)法正確的是（  ）A．的比結(jié)合能比的小B．方程中未知量滿足C．一次氘-氚聚變釋放的能量為D．單個(gè)接收裝置對(duì)外輸出功率4．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）如圖甲所示，車轅是馬車車身上伸出的兩根直木，它是駕在馬上拉車的把手。如圖乙為馬拉車時(shí)的簡(jiǎn)化模型，車轅前端距車軸的高度H大約為，馬拉車的力可視為沿車轅方向，馬車的車輪與地面間的摩擦力大小是其對(duì)地面壓力的倍，若想讓馬拉車在水平面上勻速前進(jìn)且盡可能省力，則車轅的長(zhǎng)度大約為（    ）A． B． C． D．5．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）如圖，空間存在方向垂直紙面（豎直面）向里的足夠大的磁場(chǎng)，以豎直向下為z軸正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為，式中、k為常量，紙面內(nèi)一質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為a、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框在磁場(chǎng)中由靜止開(kāi)始下落，初始時(shí)導(dǎo)線框底邊水平，最終線框?qū)蛩傧侣?，重力加速度大小?/span>g，則線框勻速下落時(shí)的速度大小為（　?。?/span>A． B． C． D． 二、多選題6．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）有研究表明，當(dāng)興奮情緒傳播時(shí)，在人體的體表可以測(cè)出與之對(duì)應(yīng)的電勢(shì)變化。某一瞬間人體表面的電勢(shì)分布圖如圖所示，圖中實(shí)線為等差等勢(shì)面，標(biāo)在等勢(shì)面上的數(shù)值分別表示該等勢(shì)面的電勢(shì)，、、、為等勢(shì)面上的點(diǎn)，、為兩電荷連線上對(duì)稱的兩點(diǎn)，、為兩電荷連線中垂線上對(duì)稱的兩點(diǎn)。該電場(chǎng)可等效為兩等最異種電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)、下列說(shuō)法正確的是（    ）A．、兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同B．點(diǎn)的電勢(shì)大于點(diǎn)的電勢(shì)C．將帶正電的試探電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，其電勢(shì)能增加D．負(fù)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能小于在點(diǎn)的電勢(shì)能7．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）我國(guó)完全自主設(shè)計(jì)建造的首艘電磁彈射型航空母艦“福建艦”采用平直通長(zhǎng)飛行甲板，滿載排水量8萬(wàn)余噸。電磁彈射器的主要部件是一套直線感應(yīng)電動(dòng)機(jī)，利用強(qiáng)大電流通過(guò)線圈產(chǎn)生的磁場(chǎng)推動(dòng)飛機(jī)托架高速前進(jìn)，帶動(dòng)飛機(jī)起飛，原理簡(jiǎn)圖如圖所示。電動(dòng)機(jī)初級(jí)線圈固定在甲板下方，彈射時(shí)，旋轉(zhuǎn)電刷極短時(shí)間內(nèi)從觸點(diǎn)1高速旋轉(zhuǎn)到觸點(diǎn)14，依次在線圈A、B、C、D、E、···、M、N中產(chǎn)生強(qiáng)大的磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)從線圈高速變化到線圈的過(guò)程中，直線感應(yīng)電機(jī)的次級(jí)線圈（飛機(jī)托架）中就會(huì)產(chǎn)生強(qiáng)大的感應(yīng)電流，飛機(jī)托架會(huì)在安培力的推動(dòng)下帶動(dòng)飛機(jī)高速前進(jìn)。已知整個(gè)加速系統(tǒng)長(zhǎng)約90余米，彈射時(shí)在內(nèi)可以將質(zhì)量為的飛機(jī)由靜止加速到的離艦速度。若彈射過(guò)程安培力恒定，不計(jì)阻力，飛機(jī)托架的質(zhì)量可忽略，線圈電阻不計(jì)，重力加速度為，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．彈射過(guò)程中，飛機(jī)運(yùn)動(dòng)的速度總是小于磁場(chǎng)變化的速度B．彈射該架飛機(jī)，安培力做的功約為C．彈射過(guò)程中，直線感應(yīng)電機(jī)的最大輸出功率約為D．彈射過(guò)程中，飛機(jī)沿水平方向運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為的飛行員需要承受座艙的水平作用力的大小約為8．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）某同學(xué)利用如圖所示電路模擬遠(yuǎn)距離輸電．圖中交流電源電壓為，定值電阻，小燈泡、的規(guī)格均為“  ”，理想變壓器、原副線圈的匝數(shù)比分別為1∶3和3∶1．分別接通電路Ⅰ和電路Ⅱ，兩電路都穩(wěn)定工作時(shí)，（　?。?/span>A．與一樣亮 B．比更亮C．上消耗的功率比的大 D．上消耗的功率比的小9．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）下列五幅圖對(duì)應(yīng)的說(shuō)法中正確的有（　?。?/span>A．圖甲是玻璃管插入某液體中的情形，表明該液體能夠浸潤(rùn)玻璃B．圖乙中玻璃管鋒利的斷口在燒熔后變鈍，原因是玻璃是非晶體，加熱后變成晶體C．圖丙中液體表面層的分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，這是液體表面張力形成的原因D．圖丁說(shuō)明氣體速率分布隨溫度變化，且E．圖戊中分子間距離為時(shí)，分子間斥力和引力的合力為零，分子勢(shì)能最小10．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）圖甲為超聲波懸浮儀，上方圓柱體中，高頻電信號(hào)（由圖乙電路產(chǎn)生）通過(guò)壓電陶瓷轉(zhuǎn)換成同頻率的高頻聲信號(hào)，發(fā)出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波信號(hào)反射回去．兩列超聲波信號(hào)疊加后，會(huì)出現(xiàn)振幅幾乎為零的點(diǎn)—節(jié)點(diǎn)，小水珠能在節(jié)點(diǎn)處附近保持懸浮狀態(tài)，圖丙為某時(shí)刻兩列超聲波的波形圖，點(diǎn)、點(diǎn)分別為兩列波的波前，已知聲波傳播的速度為340m/s。則下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．該超聲波懸浮儀所發(fā)出的超聲波信號(hào)頻率為34000HzB．兩列波充分疊加后，小水珠能懸浮在點(diǎn)附近C．小水珠懸浮時(shí)，受到的聲波壓力豎直向上D．經(jīng)過(guò)點(diǎn)M沿x軸正方向移動(dòng)3.4cmE．拔出圖乙線圈中的鐵芯，可以增加懸浮儀中的節(jié)點(diǎn)個(gè)數(shù) 三、實(shí)驗(yàn)題11．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）圖甲為某種管口出水方向可調(diào)的瓶裝水電動(dòng)取水器，某實(shí)驗(yàn)小組利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律測(cè)量該取水器取水時(shí)的流量（單位時(shí)間內(nèi)流出水的體積）。實(shí)驗(yàn)方案如下：（1）利用游標(biāo)卡尺測(cè)量取水器出水管內(nèi)徑d，如圖乙所示，應(yīng)利用游標(biāo)卡尺________部分進(jìn)行測(cè)量（選填圖乙中的字母代號(hào)），讀數(shù)為________mm；（2）調(diào)節(jié)取水器管口方向，使取水器啟動(dòng)后水從管口O點(diǎn)水平射出，如圖丙所示；（3）待水在空中形成穩(wěn)定的彎曲水柱后，緊貼水柱后方放置白底方格板（已知每個(gè)正方格的邊長(zhǎng)為L），并利用手機(jī)正對(duì)水柱拍攝照片，取水柱上的三個(gè)點(diǎn)a、b、c，如圖丙所示；（4）已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?/span>g，根據(jù)圖丙可以計(jì)算水從管口O點(diǎn)噴出時(shí)的初速度________（用L、g進(jìn)行表示）；（5）由上述信息可計(jì)算得出取水器取水時(shí)的流量________（用L、g、d進(jìn)行表示）。12．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）某實(shí)驗(yàn)小組在拆解智能手機(jī)的內(nèi)部結(jié)構(gòu)時(shí)，發(fā)現(xiàn)其內(nèi)部使用的電池是一塊扁平電池，如圖甲所示，外殼上標(biāo)有電動(dòng)勢(shì)為4.50V，為了測(cè)定該電池的實(shí)際電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小組成員想利用身邊有限的儀器，設(shè)計(jì)方案對(duì)其進(jìn)行測(cè)量。A．待測(cè)手機(jī)電池B．電壓表（量程0~3.00V，內(nèi)阻約4000Ω）C．電流表（量程0~100mA，內(nèi)阻為1Ω）D．電阻箱（阻值范圍0~99.99Ω）E．電阻箱（阻值范圍0~999.9Ω）F．電阻箱（阻值范圍0~9999Ω）G．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~10Ω，額定電流0.2A）H．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~50Ω，額定電流0.2A）I．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~1000Ω，額定電流0.2A）J．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)室所提供的電表的量程都不夠大，需要進(jìn)行改裝才能使用。①如果將電流表量程擴(kuò)大5倍，則應(yīng)并聯(lián)一個(gè)阻值為________Ω的電阻，將改裝后的電流表記為A。②為滿足測(cè)量電動(dòng)勢(shì)的需要，需要將電壓表的量程擴(kuò)大為0~4.50V，小組成員采用了以下的操作：按圖乙連接好實(shí)驗(yàn)器材，檢查電路無(wú)誤后，將接b，將的滑片移至最上端，將電阻箱調(diào)為零，閉合，斷開(kāi)，適當(dāng)移動(dòng)的滑片，使電壓表示數(shù)為3.00V；保持接入電路中的阻值不變，改變電阻箱的阻值，當(dāng)電壓表示數(shù)為________V時(shí)，完成擴(kuò)大量程，斷開(kāi)。③小組成員按圖乙所示的實(shí)驗(yàn)電路完成了該實(shí)驗(yàn)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________，電阻箱應(yīng)選________。（均填寫(xiě)器材前面字母標(biāo)號(hào)）（2）用改裝好的電表測(cè)該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，步驟如下：保持電阻箱的阻值不變，開(kāi)關(guān)接a，閉合、，從下到上移動(dòng)的滑片，讀出電壓表（量程0~3.00V，內(nèi)阻約4000Ω）的讀數(shù)U和電流表（改裝后的電流表A）的讀數(shù)I，并作出圖像如圖丙所示，可得該電池的電動(dòng)勢(shì)為________V，內(nèi)阻為________Ω。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字） 四、解答題13．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）云霄飛車玩具（如圖a所示）是兒童最為喜愛(ài)的益智類玩具之一，玩具組裝原件多，主要考查兒童的思維能力和動(dòng)手能力。玩具的一小部分結(jié)構(gòu)被簡(jiǎn)化如圖b所示，鋼制粗糙水平面長(zhǎng)度為，A端連接一傾角為的光滑斜面，斜面長(zhǎng)度為，B端點(diǎn)固定一半徑的豎直光滑圓弧軌道。從斜面頂端由靜止釋放一質(zhì)量的小球甲，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)與另一質(zhì)量的靜止小滑塊乙發(fā)生彈性碰撞（斜面與水平軌道連接處能量損失可忽略不計(jì)）。碰后小滑塊乙在水平面上運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)后進(jìn)入圓弧軌道，取。（1）求甲、乙碰撞過(guò)程中，甲球?qū)π』瑝K乙的沖量？（2）若小滑塊乙能進(jìn)入圓軌道并在進(jìn)入后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不脫離軌道，請(qǐng)?jiān)谙卤頂?shù)據(jù)中為小滑塊選擇合適的材料滿足上述的運(yùn)動(dòng)條件，寫(xiě)出相應(yīng)的判斷依據(jù)。小滑塊材料水平面材料滑動(dòng)摩擦因數(shù)鋼鋼0.25木鋼0.2聚氯乙烯鋼0.4聚異戊二烯鋼0.65 14．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）如圖甲中M、N之間有一電子束的加速電場(chǎng)，虛線框內(nèi)為偏轉(zhuǎn)元件的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)場(chǎng)來(lái)控制電子的運(yùn)動(dòng)。經(jīng)調(diào)節(jié)后電子從靜止開(kāi)始沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向前進(jìn)，打到水平圓形靶臺(tái)上的中心點(diǎn)P。已知電子的質(zhì)量為m，帶電荷量為e，MN兩端電壓為U0，MN中電子束距離靶臺(tái)豎直高度為H，忽略電子的重力影響，不考慮電子間的相互作用及電子進(jìn)入加速電場(chǎng)時(shí)的初速度，不計(jì)空氣阻力。（1）求電子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場(chǎng)時(shí)的速度大??；（2）若偏轉(zhuǎn)場(chǎng)S為垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，且磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)橐粋€(gè)圓柱形磁場(chǎng)，直徑為L0。從加速場(chǎng)出來(lái)的電子正對(duì)圓形磁場(chǎng)的圓心射入，要實(shí)現(xiàn)電子束射出偏轉(zhuǎn)場(chǎng)S時(shí)速度方向與水平方向夾角為θ，求勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向；（3）若偏轉(zhuǎn)場(chǎng)S為一矩形豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，區(qū)域水平寬度為L0，豎直高度足夠長(zhǎng)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為E時(shí)電子恰好能擊中靶臺(tái)P點(diǎn)。靶臺(tái)為一圓形區(qū)域，直徑為d。而儀器實(shí)際工作時(shí)，電壓U0會(huì)隨時(shí)間小幅波動(dòng)，即加速電壓為。電子通過(guò)加速電場(chǎng)時(shí)電場(chǎng)可以認(rèn)為是恒定的。在此情況下，為使電子均能擊中靶臺(tái)，求電壓的波動(dòng)。15．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）某同學(xué)設(shè)計(jì)了一款火災(zāi)報(bào)警器，如圖，導(dǎo)熱良好的金屬氣缸A放置在容易發(fā)生火災(zāi)的危險(xiǎn)處，平時(shí)A中儲(chǔ)存有體積為、壓強(qiáng)為、溫度為室溫的理想氣體，A與另一導(dǎo)熱良好的氣缸B通過(guò)很長(zhǎng)的細(xì)管連接，細(xì)管上安有一閥門(mén)K，平時(shí)閥門(mén)K關(guān)閉，只有發(fā)生火災(zāi)時(shí)閥門(mén)才會(huì)打開(kāi)，觸發(fā)報(bào)警裝置。氣缸B通過(guò)輕質(zhì)活塞c也封閉了體積為、溫度為室溫的理想氣體，活塞的橫截面積為S，活塞上方為空氣，不計(jì)活塞與氣缸壁間的摩擦力，大氣壓強(qiáng)為，室溫始終不變，不計(jì)細(xì)管中的氣體體積。（1）該同學(xué)查得火焰的平均溫度約為時(shí)，閥門(mén)剛好打開(kāi)，求閥門(mén)K打開(kāi)前的瞬間，左右兩側(cè)氣體的壓強(qiáng)差；（2）閥門(mén)K打開(kāi)后，A中氣體向B中移動(dòng)，A中氣體溫度保持為，當(dāng)A中理想氣體的壓強(qiáng)變?yōu)?/span>時(shí)，閥門(mén)自動(dòng)關(guān)閉，經(jīng)過(guò)較長(zhǎng)時(shí)間穩(wěn)定后，求活塞上升的距離。16．（2023·陜西·統(tǒng)考一模）近年來(lái)，對(duì)具有負(fù)折射率人工材料的光學(xué)性質(zhì)及應(yīng)用的研究備受關(guān)注，該材料折射率為負(fù)值。如圖甲所示，光從真空射入負(fù)折射率材料時(shí)，入射角和折射角的大小關(guān)系仍然遵從折射定律，但折射角取負(fù)值，即折射線和入射線位于界面法線同側(cè)。如圖乙所示，在真空中對(duì)稱放置兩個(gè)完全相同的負(fù)折射率材料制作的直角三棱鏡A、B，頂角為，A、B兩棱鏡斜面相互平行放置，兩斜面間的距離為d。一束包含有兩種頻率光的激光，從A棱鏡上的P點(diǎn)垂直入射，它們?cè)诶忡R中的折射率分別為，，在B棱鏡下方有一平行于下表面的光屏，點(diǎn)為P點(diǎn)在光屏上的投影。（1）為使兩種頻率的光都能從棱鏡A斜面射出，求的取值范圍；（2）若，求兩種頻率的光通過(guò)兩棱鏡后，打在光屏上的點(diǎn)距點(diǎn)的距離分別多大？
參考答案：1．C【詳解】A．由開(kāi)普勒第二定律可知，“天問(wèn)一號(hào)”在飛往火星的過(guò)程中，從近日點(diǎn)到遠(yuǎn)日點(diǎn)速度減小，故A錯(cuò)誤；B．由萬(wàn)有引力公式知，“天問(wèn)一號(hào)”在飛往火星的過(guò)程中與太陽(yáng)之間的距離增大所受萬(wàn)有引力變小，故B錯(cuò)誤；C．由知，隨著“天問(wèn)一號(hào)”與太陽(yáng)之間的距離增大，加速度減小，故C正確；D．“天問(wèn)一號(hào)”在飛往火星的過(guò)程中，只有萬(wàn)有引力做功，機(jī)械能不變，故D錯(cuò)誤。故選C。2．B【詳解】設(shè)橋面高度為h，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)位移公式，對(duì)鐵球2有對(duì)鐵球1有又解得故選B。3．D【詳解】A．該核反應(yīng)釋放能量，生成的更穩(wěn)定，因此的比結(jié)合能比的大，故A錯(cuò)誤；B．結(jié)合核反應(yīng)過(guò)程中電荷數(shù)守恒可得即故B錯(cuò)誤；CD．由質(zhì)能方程得t時(shí)間內(nèi)“人造太陽(yáng)”釋放的能量為并非一次聚變釋放的能量，以“人造太陽(yáng)”的中心為球心，L為半徑的球面上，單位面積接收到的能量為單個(gè)接收裝置接收到的能量為則單個(gè)接收裝置的功率為故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4．C【詳解】依題意，車勻速運(yùn)動(dòng)，則受力平衡，設(shè)馬拉車的力為F，車轅與水平面夾角為，可得根據(jù)牛頓第三定律，可知車對(duì)地面的壓力大小等于車所受支持力，即又聯(lián)立，解得當(dāng)時(shí)，有可得車轅的長(zhǎng)度為故選C。5．B【詳解】線框中電動(dòng)勢(shì)為由題意可得根據(jù)聯(lián)立可得當(dāng)線框勻速下落時(shí)有解得6．AC【詳解】A．該電勢(shì)分布圖可等效為等量異種電荷產(chǎn)生的，、為兩電荷連線上對(duì)稱的兩點(diǎn)，所以、兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小、方向相同，故A正確；B．、兩點(diǎn)在等量異種電荷連線的中垂線上，該中垂線為一等勢(shì)線，則點(diǎn)的電勢(shì)等于點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；C．正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，所以將帶正電的試探電荷從點(diǎn)移到點(diǎn)，其電勢(shì)能增加，故C正確；D．負(fù)電荷在電勢(shì)低的地方電勢(shì)能大，所以負(fù)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選AC。7．AD【詳解】A．根據(jù)楞次定律，次級(jí)線圈（飛機(jī)托架）的運(yùn)動(dòng)一定落后于磁場(chǎng)的變化（運(yùn)動(dòng)），故彈射過(guò)程中飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)速度總是小于磁場(chǎng)的變化速度，故A正確；B．根據(jù)動(dòng)能定理可求安培力做的功為故B錯(cuò)誤；C．彈射過(guò)程飛機(jī)的加速度為根據(jù)牛頓第二定律可求安培力為根據(jù)功率關(guān)系可求最大功率為故C錯(cuò)誤；D．飛機(jī)在水平方向加速運(yùn)動(dòng)的加速度為對(duì)飛行員，根據(jù)牛頓第二定律可求飛行員承受座艙的水平作用力大小約為故D正確。故選AD。8．BC【詳解】若開(kāi)關(guān)接cd端，則若電源電壓為，理想變壓器、的匝數(shù)比為用戶電阻為，輸電線電阻為，由變壓器工作原理和歐姆定律。升壓變壓器次級(jí)電壓 降壓變壓器初級(jí)電壓降壓變壓器次級(jí)電壓 可得輸電功率為輸電線上損耗的電功率為用戶得到的電功率為若開(kāi)關(guān)接ab端，則負(fù)載得到的功率輸電線上損耗的電功率為將， ，k=3帶入可知可得即比更亮；上消耗的功率比的大。故選BC。9．ACE【詳解】A．圖甲中液體在玻璃管中上升，說(shuō)明該液體能夠浸潤(rùn)玻璃，故A正確；B．玻璃為非晶體，熔化再凝固仍為非晶體，熔化后液體的表面張力使玻璃管斷口變鈍，故B錯(cuò)誤；C．液體表面張力形成的原因是液體表面層的分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，表面層內(nèi)分子之間的作用力表現(xiàn)為引力效果，故C正確；D．圖丁中溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比的最大值向速度大的方向遷移，可知，故D錯(cuò)誤。E．圖戊中當(dāng)分子間距離為時(shí)，分子間斥力和引力大小相等，方向相反，二者的合力為零，此時(shí)分子勢(shì)能最小，但不一定為零，故E正確。故選ACE。10．ACE【詳解】A．根據(jù)頻率、波速、波長(zhǎng)的關(guān)系有故A正確；B．PQ看作兩個(gè)波源，波源的振動(dòng)步調(diào)相反，M點(diǎn)與兩波源的波程差為2.5cm，即2.5個(gè)波長(zhǎng)，則該點(diǎn)為加強(qiáng)點(diǎn)，小水珠不能懸浮在點(diǎn)附近，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)小水珠受力可知，小水珠懸浮時(shí)，受到的聲波壓力豎直向上，故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)只能沿y軸方向運(yùn)動(dòng)，不會(huì)隨波傳播方向遷移，故D錯(cuò)誤；E．拔出鐵芯，自感線圈的自感系數(shù)L減小，LC振蕩電路的周期減小，頻率變大，超聲波頻率變大，波長(zhǎng)變短，相同空間距離內(nèi)節(jié)點(diǎn)個(gè)數(shù)變多，故E正確。故選ACE。11．     A     5.5          【詳解】（1）[1]測(cè)量取水器出水管內(nèi)徑，使用游標(biāo)卡尺內(nèi)徑抓測(cè)量，故選A部分測(cè)量。[2]游標(biāo)卡尺讀數(shù)是主尺讀數(shù)（mm的整數(shù)倍）加上游標(biāo)尺的讀數(shù)（mm的小數(shù)位），由圖可讀出為（4）[3]根據(jù)水柱上的三個(gè)點(diǎn)a、b、c，水平距離相等可知每?jī)蓚€(gè)點(diǎn)間的時(shí)間間隔相等，根據(jù)逐差法可知時(shí)間間隔為故水從管口O點(diǎn)噴出時(shí)的初速度（5）[4]取水器取水時(shí)的流量12．     0.25     2.00     H     F     4.20     1.90【詳解】（1）[1] 電流表量程增加4倍，則量程變?yōu)?/span>，由改裝電表知識(shí)可知解得 [2] 由圖乙可知，接b，電壓表支路與上端并聯(lián)，接通電路前要保證其分壓為0，故滑片應(yīng)移至最上端；電壓表示數(shù)為且保持接入電路中的阻值不變時(shí)，電壓表和電壓之和可認(rèn)為始終等于，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，說(shuō)明兩端電壓為，由串聯(lián)電路電壓分配原理可得，此時(shí)的電阻為電壓表內(nèi)阻的一半，電壓表的量程被擴(kuò)大為1.5倍，即。[3]滑動(dòng)變阻器阻值過(guò)大，不方便調(diào)節(jié)，G滑動(dòng)變阻器即使取最大阻值接入電路，也會(huì)超過(guò)其額定電流，故選H。[4]由實(shí)驗(yàn)步驟可知電壓表要擴(kuò)大量程為，則串聯(lián)的電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)節(jié)為電壓表內(nèi)阻的，即電阻箱的阻值要能夠調(diào)到，故選擇F。（2）[5] [6]根據(jù)閉合電路歐姆定律可知其中整理得對(duì)照?qǐng)D像可得解得13．（1）；（2）見(jiàn)解析【詳解】(1)甲球在下滑過(guò)程中，設(shè)甲球最低點(diǎn)的速度大小為。根據(jù)機(jī)械能守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得設(shè)甲、乙碰撞后速度分別為和。取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得根據(jù)動(dòng)能守恒得聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得根據(jù)動(dòng)量定理得方向水平向右，即甲球?qū)π』瑝K乙的沖量大小為方向水平向右。(2)小滑塊恰能進(jìn)入圓軌道有有小滑塊乙進(jìn)入圓軌道后恰能到圓心等高處有有小滑塊乙進(jìn)入圓軌道后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中恰能通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)根據(jù)動(dòng)能定理有解得所以的取值范圍為和，查看表格可知：若小滑塊可以運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，材料可以為鋼、木；若小滑塊運(yùn)動(dòng)可以運(yùn)動(dòng)到圓心等高處以下，材料可以為聚異戊二烯。14．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）電子在加速電場(chǎng)中，由動(dòng)能定理解得電子離開(kāi)加速電場(chǎng)進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場(chǎng)時(shí)的速度大小（2）若偏轉(zhuǎn)場(chǎng)S為垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電子進(jìn)入磁場(chǎng)后要向下偏轉(zhuǎn)，由左手定則可知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖由幾何知識(shí)可得再根據(jù)牛頓第二定律解得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為（3）電子在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由推論，其出電場(chǎng)時(shí)的瞬時(shí)速度的反向延長(zhǎng)線一定通過(guò)場(chǎng)區(qū)水平寬度的中點(diǎn)A點(diǎn)；若由于加速電場(chǎng)電壓變化，電子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的速度不同，但其反向延長(zhǎng)線也必然通過(guò)場(chǎng)區(qū)水平寬度的中點(diǎn)A點(diǎn)，如圖所示當(dāng)加速電場(chǎng)電壓為U0時(shí)，電子剛好打在P點(diǎn)，即再由電子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律代入得解得當(dāng)加速電場(chǎng)電壓為時(shí)，電子剛好能打在靶臺(tái)右邊緣，即解得當(dāng)加速電場(chǎng)電壓為時(shí)，電子剛好能打在靶臺(tái)左邊緣，即同樣可解得15．（1）；（2）【詳解】（1）發(fā)生火災(zāi)前，以活塞為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件有發(fā)生火災(zāi)時(shí)，以A中理想氣體為研究對(duì)象，根據(jù)查理定律有 解得閥門(mén)K打開(kāi)前的瞬間，左右兩側(cè)氣體的壓強(qiáng)差（2）閥門(mén)K打開(kāi)后，A中氣體向B中移動(dòng)，以A中氣體為研究對(duì)象，根據(jù)玻意耳定律有解得則進(jìn)入到B中的氣體：體積為壓強(qiáng)為、溫度為，以B中原氣體和進(jìn)入到B中的氣體為研究對(duì)象，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有解得 活塞上升的距離為16．（1）；（2），【詳解】（1）分析可知兩光線的入射角等于棱鏡的頂角，若兩光線能從棱鏡A斜面射出，應(yīng)小于兩光線最小的臨界角，由得所以的取值范圍為（2）兩束光傳播的光路圖如圖所示由折射定律可知由幾何關(guān)系可知得 

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