北京市房山區(qū)2023屆高三上學期（一模）物理試題 一、單選題1．（2023·北京·統(tǒng)考一模）下列說法不正確的是（　　）A．是衰變方程B．是核聚變方程C．是核裂變方程D．發(fā)生衰變時原子核放出電子，說明電子是原子核的組成部分2．（2023·北京·統(tǒng)考一模）關于光現象，下列說法正確的是（　?。?/span>A．光導纖維是利用光的折射傳輸信息B．泊松亮斑屬于光的干涉現象C．一束白光通過三棱鏡形成彩色光帶是因為不同顏色的光折射率不同D．紫外線燈照射鋅板，入射光越強，光電子的最大初動能越大3．（2023·北京·統(tǒng)考一模）一定質量的理想氣體，其壓強p與體積V的關系圖像如圖所示。下列說法正確的是（　?。?/span>A．A→B的過程中，氣體溫度升高，從外界吸收熱量B．A→B的過程中，氣體體積增大，外界對氣體做功C．B→C的過程中，氣體壓強減小，從外界吸收熱量D．C→A的過程中，氣體溫度始終不變，內能始終不變4．（2023·北京·統(tǒng)考一模）抖動細繩能形成簡諧橫波，某人時刻拿細繩的一端A開始上下抖動，細繩上各點做簡諧運動，振幅為0.2m。時細繩上形成的波形如圖所示，下列說法正確的是（　?。?/span>A．根據題中所給數據可以求出波速 B．A點的起振方向向上C．此時C點的振動方向向上 D．再經過0.4s質點A將向右移動一個波長5．（2023·北京·統(tǒng)考一模）一正弦式交變電流i隨時間t變化的圖像如圖所示，下列說法正確的是（　?。?/span>A．時電流改變方向 B．該交變電流的頻率為25HzC．該交變電流的有效值為 D．該交變電流的瞬時值表達式為6．（2023·北京·統(tǒng)考一模）粒子以某一初速度接近重金屬核，其運動軌跡如圖所示，M、N、Q為軌跡上的三點，N點離重金屬核最近，Q點比M點離重金屬核更遠。在重金屬核產生的電場中，下列說法正確的是（　　）A．N點的電場強度比Q點小B．N點的電勢最高C．粒子從Q點運動到M點過程中，電勢能減小D．粒子從Q點運動到M點過程中，速度一直減小7．（2023·北京·統(tǒng)考一模）我國一箭多星技術居世界前列，一箭多星是用一枚運載火箭同時或先后將數顆衛(wèi)星送入軌道的技術。某兩顆衛(wèi)星釋放過程簡化為如圖所示，火箭運行至P點時，同時將A、B兩顆衛(wèi)星送入預定軌道。A衛(wèi)星進入軌道1做圓周運動，B衛(wèi)星進入軌道2沿橢圓軌道運動，P點為橢圓軌道的近地點，Q點為遠地點，B衛(wèi)星在Q點噴氣變軌到軌道3，之后繞地球做圓周運動。下列說法正確的是（　　）A．A衛(wèi)星在P點的加速度大于B衛(wèi)星在P點的加速度B．A衛(wèi)星在軌道1的速度小于B衛(wèi)星在軌道3的速度C．B衛(wèi)星從軌道2上Q點變軌進入軌道3時需要噴氣減速D．B衛(wèi)星沿軌道2從P點運動到Q點過程中引力做負功8．（2023·北京·統(tǒng)考一模）一個單擺在豎直平面內沿圓弧做往復運動。某時刻擺球由A點從靜止開始擺動，如圖所示擺線與豎直方向的夾角為，O點為擺動的最低點，則下列說法正確的是（　?。?/span>A．擺球在O點受重力、拉力、向心力B．擺球擺動到O點時所受合外力為零C．擺球從A點擺動到O點的過程中，拉力不做功，動能增加D．擺球經過P點時擺角小于，則擺球所受拉力與重力的合外力充當回復力9．（2023·北京·統(tǒng)考一模）如圖所示，電路中線圈L的自感系數足夠大，兩個燈泡和的規(guī)格相同，與線圈L串聯(lián)后接到電源上，與可調電阻串聯(lián)后接到電源上。先閉合開關S，調節(jié)電阻R，使兩個燈泡的亮度相同，再調節(jié)可調電阻，使它們都正常發(fā)光，然后斷開開關S。下列說法正確的是（　?。?/span>A．重新閉合開關S，先亮，后亮 B．斷開開關S，先熄滅，后熄滅C．斷開開關S，先熄滅，后熄滅 D．斷開開關S，流過電流方向向左10．（2023·北京·統(tǒng)考一模）如圖所示為磁流體發(fā)電機的示意圖，一束等離子體（含正、負離子）沿圖示方向垂直射入一對磁極產生的勻強磁場中，A、B是一對平行于磁場放置的金屬板，板間連入電阻R，不計粒子重力和粒子間相互作用，則（　?。?/span>A．電路穩(wěn)定后，A、B板聚集電荷量基本不變B．通過電阻R的電流方向向下C．若只增大離子的射入速度，發(fā)電機的電動勢不變D．若只增大兩極板的正對面積，發(fā)電機的電動勢將增大11．（2023·北京·統(tǒng)考一模）如圖所示為雙縫干涉實驗裝置示意圖，實驗時光源發(fā)出的光經濾光片成為單色光，把單縫照亮。單縫相當于一個線光源，它又把雙縫照亮。來自雙縫的光在雙縫右邊的空間發(fā)生干涉，則下列說法正確的是（　?。?/span> A．組裝實驗儀器時，應將單縫和雙縫垂直放置B．若想增加在目鏡中觀察到的條紋個數，應將單縫向雙縫靠近C．若將濾光片去掉，則毛玻璃上將呈現黑白相間條紋D．若將紅色濾光片換成綠色濾光片，則毛玻璃上的干涉條紋間距將變窄12．（2023·北京·統(tǒng)考一模）如圖所示，運動員進行原地縱跳摸高訓練。運動員先下蹲，重心下降，經過充分調整后，由靜止發(fā)力跳起摸高。忽略空氣阻力影響，在蹬地過程中，下列說法正確的是（　　）A．運動員始終處于超重狀態(tài)B．運動員機械能守恒C．運動員一直做加速運動D．地面對運動員支持力的沖量大于運動員所受重力的沖量13．（2023·北京·統(tǒng)考一模）某同學在研究性學習活動中自制電子秤，原理示意圖如圖所示。用理想電壓表的示數指示物體的質量，托盤與電阻可忽略的金屬彈簧相連，托盤與彈簧的質量均不計，滑動變阻器R的滑動端與彈簧上端連接。當托盤中沒有放物體時，滑片恰好指在變阻器的最上端，此時電壓表示數為0。設變阻器總電阻為R，總長度為l，電源電動勢為E，內阻為r，限流電阻阻值為，彈簧勁度系數為k，不計一切摩擦和其他阻力。則下列說法不正確的是（　?。?/span>A．電壓表的示數U與被測物體質量m成正比 B．彈簧的形變量x與被測物體質量m成正比C．被測物體質量m變大，電路中電流變小 D．改變彈簧勁度系數k，可以改變電子秤的測量范圍14．（2023·北京·統(tǒng)考一模）為了測量儲液罐中不導電液體的液面高度，設計裝置如圖所示。將與儲液罐外殼絕緣的兩塊平行金屬板構成的電容C置于儲液罐中，電容C可通過開關S與線圈L或電源相連。當開關從a撥到b時，由線圈L與電容C構成的回路中產生振蕩電流，振蕩電流的頻率，通過測量振蕩頻率可知儲液罐內的液面高度。則下列說法正確的是（　?。?/span>A．當儲液罐內的液面高度升高時，電容不變B．當儲液罐內的液面高度升高時，LC回路中振蕩電流的頻率變小C．開關撥到b之后，振蕩電流的振幅和頻率始終保持不變D．當開關從a撥到b瞬間，電容器兩極板的電荷量最大，流過線圈L中的電流最大 二、實驗題15．（2023·北京·統(tǒng)考一模）物理實驗一般都涉及實驗目的、實驗原理、實驗儀器、實驗方法、實驗操作、數據分析等。例如：（1）用螺旋測微器測某金屬絲的直徑，示數如圖甲所示，則該金屬絲的直徑為______mm。（2）某同學按圖乙的電路測量一節(jié)干電池的電動勢和內阻。他調整滑動變阻器共測得5組電流和電壓的數據，如表中所示，其中4組數據的對應點已經標在圖丙的坐標紙上，請用“＋”標出第4組數據的對應點，并作出路端電壓U隨電流I變化的圖像___________。電流I/A0.080.160.240.300.36電壓U/V1.401.331.261.211.15 （3）根據圖像得出一節(jié)干電池的電動勢的測量值______V，內阻的測量值______。（結果均保留小數點后兩位）16．（2023·北京·統(tǒng)考一模）如圖甲所示為“探究小車加速度a與受力F、質量M的關系”實驗裝置圖，槽碼的質量為m，小車質量為M。（1）關于本實驗，下列說法正確的是______。A． 實驗時，應先接通打點計時器的電源，再釋放小車B．每次增加重物改變小車的質量，都需要重新平衡摩擦力C．平衡小車受到的摩擦力和其他阻力時，應將槽碼通過定滑輪拴在小車上D．實驗時，讓小車的運動趨近于勻速運動，槽碼的重力才近似等于繩的拉力（2）圖乙是某同學在正確操作下獲得的一條紙帶，所用交流電源頻率為50Hz，其中每兩個計數點之間還有4個點沒有標出。根據圖乙所示數據可計算打點計時器打下計數點3時，小車的速度大小______m/s。（結果保留兩位有效數字）（3）請簡述如何利用紙帶上的數據判斷小車是否做勻變速直線運動________。 三、解答題17．（2023·北京·統(tǒng)考一模）如圖所示，小物塊A沿光滑水平桌面以的速度勻速運動，與靜止在水平桌面末端的小物塊B發(fā)生碰撞，碰后兩物塊粘在一起水平飛出。已知小物塊A、B的質量均為，A、B的飛出點距離水平地面的豎直高度為，取重力加速度。求：（1）兩物塊碰后的速度的大小；（2）兩物塊碰撞過程中損失的機械能；（3）兩物塊落地點距離水平桌面末端的水平位移的大小。18．（2023·北京·統(tǒng)考一模）某一質譜儀原理如圖所示，A為粒子加速器，粒子由靜止加速后以速度v進入B；B為速度選擇器，磁場（圖中未標出）與電場正交，速度選擇器兩板間電壓為，兩板間距離為d；C為偏轉分離器，磁感應強度為。今有一質量為m、電荷量為e的正粒子（不計重力），經加速后，該粒子恰能沿直線通過速度選擇器，粒子進入分離器后做勻速圓周運動。求：（1）加速器的加速電壓；（2）磁感應強度的大小和方向；（3）粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑R。 19．（2023·北京·統(tǒng)考一模）雨滴打在荷葉上可以使荷葉上下振動，說明從高處落下的雨滴對物體具有一定沖擊力，可以做功。（1）已知質量為m的雨滴由靜止開始，下落高度為h時速度大小為v，重力加速度為g，求這一過程中重力做的功和空氣阻力所做的功；（2）若雨滴所受空氣阻力與其速度的平方成正比，某一雨滴下落的速度v與其下落時間t之間的關系如圖所示，觀察圖線發(fā)現OA段是傾斜直線，AB段逐漸彎曲，B點之后趨于水平，請分析圖線出現這種趨勢的原因；（3）為估算雨滴撞擊荷葉產生的壓強p，某同學將一圓柱形的量杯置于院中，測得一段時間t內杯中水面上升的高度為h，測得雨滴接觸荷葉前的速度為v。不考慮雨滴的反彈，已知水的平均密度為，不計雨滴重力，請估算雨滴撞擊荷葉產生的壓強p的大小。20．（2023·北京·統(tǒng)考一模）電磁軌道炮是利用電流和磁場的作用使炮彈獲得超高速度，電磁軌道炮示意圖如圖甲所示，直流電源電動勢為E，電容器的電容為C，兩根固定于水平面內的光滑平行金屬導軌間距為L，電阻不計，炮彈可視為一質量為m、電阻為R的導體棒ab，垂直放在兩導軌間處于靜止狀態(tài)，并與導軌良好接觸。導軌間存在垂直于導軌平面向下、磁感應強度大小為B的勻強磁場，不計電容器放電電流引起的磁場影響。（1）求電容器充電結束后所帶的電荷量Q；（2）請在圖乙中畫出電容器兩極間電勢差u隨電荷量q變化的圖像。類比直線運動中由圖像求位移的方法，求兩極間電壓為U時電容器所儲存的電能；（3）開關由1撥到2后，電容器中儲存的電能部分轉化為炮彈的動能。從微觀角度看，導體棒ab中的自由電荷所受洛倫茲力在能量轉化中起著重要作用。為了方便，可認為導體棒ab中的自由電荷為正電荷。我們知道，洛倫茲力對運動電荷不做功。那么，導體棒ab中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉化過程中起到作用的呢？請結合圖丙分析說明其原理。
參考答案：1．D【詳解】A． 是衰變方程，A正確，不滿足題意要求；B． 是核聚變方程，B正確，不滿足題意要求；C．是核裂變方程，C正確，不滿足題意要求；D．發(fā)生衰變時原子核放出電子，是因為中子轉化為質子而放出電子，電子不是原子核的組成部分，D錯誤，滿足題意要求。故選D。2．C【詳解】A．光導纖維是利用光的全反射傳輸信息的，故A錯誤；B．泊松亮斑屬于光的衍射現象，故B錯誤；C．白光是由各種色光混合而成，而由于不同顏色的光折射率不同，通過三棱鏡后偏轉角度不同，從而形成彩色光帶，故C正確；D．光電子最大初動能與光照強度無關，入射光的頻率越大，光電子初動能越大，光照強度越大，光電子個數越多，故D錯誤。故選C。3．A【詳解】AB．A→B的過程中，壓強不變，根據，可知氣體溫度升高，內能增大，膨脹過程氣體對外做功，由熱力學第一定律可知，氣體從外界吸熱，故A正確，B錯誤；C．B→C的過程中，氣體體積不變，壓強減小，根據，可知氣體溫度降低，內能減小，由于V不變，則W=0，根據，可知氣體對外界放熱，故C錯誤；D．根據圖像的等溫線分布可知在C→A的過程中，氣體溫度會變化，氣體的內能發(fā)生變化，故D錯誤；故選A。4．C【詳解】A．由圖可知經過波向右傳播一個波長，即周期，由于不知道波長，所以求不出波速，A錯誤；B．經過一個周期波剛好傳到E點，故E點此時的振動方向與A點的起振方向相同，此時E點向下振動，所以A點的起振方向向下，B錯誤；C．波向右傳播，根據同側法可知此時C點的振動方向向上，C正確；D．質點不隨波遷移，D錯誤。故選C。5．A【詳解】A．由圖可知時電流從正值變成負值，即此時電流方向改變，A正確；B．由圖可知交變電流的周期為，故頻率為B錯誤；C．該交變電流的有效值為C錯誤；D．該交變電流的瞬時值表達式為D錯誤。故選A。6．B【詳解】A．由點電荷電場的電場強度公式可得離重金屬核最近的N點電場強度最大，故A錯誤；B．離正點電荷場源最近的N點的電勢最高，B正確；CD．粒子為氦原子核，故帶正電，又因為，所以從Q點運動到M點過程中，電場力先做負功再做正功，粒子的速度先減小再增加，電勢能先增大再減小，故C、D錯誤。故選B。7．D【詳解】A．兩衛(wèi)星在P點時，根據可得顯然兩衛(wèi)星的加速度相同，故A錯誤；B．由題知，軌道1和軌道3都是圓軌道，則有可得由于B衛(wèi)星在軌道3上運動的軌道半徑大于A衛(wèi)星在軌道1上運動的軌道半徑，所以B衛(wèi)星在軌道3上運動的速度小于A衛(wèi)星在軌道1上運動的速度，故B錯誤。C．衛(wèi)星從低軌道運動到高軌道，需要在軌道相切點點火加速實現，所以B衛(wèi)星在Q點變軌進入軌道3時需要向后噴氣加速，故C錯誤；D．B衛(wèi)星沿軌道2從P點運動到Q點過程中速度減少，則動能減小，故引力做負功，故D正確。故選D。8．C【詳解】A．擺球在O點受重力、拉力，A錯誤；B．擺球擺動到O點時所受合外力提供向心力，合外力不為零，B錯誤；C．擺球從A點擺動到O點的過程中，拉力不做功，重力做正功，合外力做正功，由動能定理可知，動能增加，C正確；D．擺球經過P點時擺角小于，則擺球重力沿切線方向的分力充當回復力，D錯誤。故選C。9．D【詳解】A．重新閉合開關S，線圈L的自感系數足夠大，阻礙電流增大，所以先亮，后亮，A錯誤；BCD．斷開開關S，A1、A2與L、R構成回路，L相當于電源，A1、A2都會逐漸變暗，且同時熄滅，電感產生的電阻阻礙電流減小，所以流過A1的電流向右，流過電流方向向左，故D正確，BC錯誤。故選D。10．A【詳解】A．電路穩(wěn)定 ，兩板間粒子所受洛倫茲力與電場力平衡，即故電路穩(wěn)定后，場強不變，A、B板聚集電荷量基本不變，A正確；B．由左手定則可知，正離子向B板偏轉，負離子向A板偏轉，故通過電阻R的電流方向向上，B錯誤；CD．設兩板間的距離為，則電動勢為電動勢的大小與B、、有關，與極板間的正對面積無關，CD錯誤。故選A。11．D【詳解】A．組裝實驗儀器時，單縫與雙縫應該相互平行放置，故A錯誤；B．若想增加在目鏡中觀察到的條紋個數，則條紋的寬度將減小，根據相鄰條紋間的距離為可知，可以減小L或者增大d，所以應該將屏幕、向靠近雙縫方向移動，故B錯誤；C．若將濾光片去掉，能觀察到干涉圖樣，只是這時觀察到的是各色光重疊產生的彩色條紋，故C錯誤；D．若將紅色濾光片換成綠色濾光片，則波長變小，根據可知，則毛玻璃上的干涉條紋間距將變窄，故D正確。故選D。12．D【詳解】AC．運動員從用力蹬地到剛離開地面的起跳過程，先向上加速，當地面支持力等于重力時速度最大，之后腳與地面作用力逐漸減小，運動員開始減速，當腳與地面作用力為零時，離開地面。故運動員先超重后失重，AC錯誤；B．蹬地起跳過程中運動員消耗體內化學能轉化為機械能，機械能不守恒，B錯誤；D．對運動員從用力蹬地到剛離開地面的起跳過程應用動量定理故地面對運動員支持力的沖量大于運動員所受重力的沖量，D正確。故選D。13．C【詳解】C．當年被測物體質量m變大，回路中的總電阻不變，故電路中電流不變，C錯誤；B．當托盤中沒有放物體時，電壓表示數為零，當物體質量為m時，設托盤下降x，由平衡條件有B正確；AD．根據歐姆定律得根據電阻定律有由歐姆定律得故電壓表示數U與所稱物體質量m的關系式為電壓表的示數U與被測物體質量m成正比，改變彈簧勁度系數k，可以改變電子秤的測量范圍，AD正確。本題選擇不正確的，故選C。14．B【詳解】A．當儲液罐內的液面高度升高時，根據電容的決定式得，電容變大，A錯誤；B．當儲液罐內的液面高度升高時，電容變大，根據振蕩電流的頻率可知，LC回路中振蕩電流的頻率變小，B正確；C．開關撥到b之后，振蕩電流的振幅會越來越小，隨著儲液罐內的液面高度的變化，頻率會發(fā)生變化，C錯誤；D．當開關從a撥到b瞬間，電容器兩極板的電荷量最大，流過線圈L中的電流最小，D錯誤。故選B。15．     1.220          1.47##1.48##1.49     0.91##0.92##0.93【詳解】（1）[1] 螺旋測微器讀數為固定刻度加可動刻度，為（2）[2] （3）[3][4]對圖乙，根據閉合電路歐姆定律得 整理得 所以圖像截距為電源電動勢，斜率絕對值為電源內阻 考慮作圖和讀數誤差，電動勢在1.47V到1.49V之間，內阻在0.91Ω到0.93Ω之間。16．     A     0.48     見解析【詳解】（1）[1] A．打點計時器要“早來晚走”，即實驗開始時先接通打點計時器的電源，待其平穩(wěn)工作后再釋放木塊，而當實驗結束時應先控制木塊停下再停止打點計時器，故A正確；B．由于平衡摩擦力之后有解得所以無論小車的質量是否改變，小車所受的滑動摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質量即改變拉小車拉力，不需要重新平衡摩擦力，故B錯誤；C．在調節(jié)模板傾斜度平衡木塊受到的滑動摩擦力時，不應懸掛鉤碼，故C錯誤；D．根據牛頓第二定律，對槽碼分析，則有對小車分析，則有聯(lián)立解得當小車的質量M遠大于槽碼的質量m時，則有，此時小車處于加速，故D錯誤。故選A。（2）[2]每相鄰兩計數,點之間還有4個點沒有標出，說明相鄰兩計數點之間的時間間隔則打下第3個點時小車的速度為（3）[3]由紙帶上的數據可知，在誤差允許范圍內連續(xù)相等時間內的位移差近似相等，根據，可知加速度不變，說明小車是做勻變速直線運動。17．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）碰撞過程，兩物塊組成的系統(tǒng)滿足動量守恒，則有解得（2）兩物塊碰撞過程中損失的機械能為（3）兩物塊在空中做平拋運動，豎直方向有解得兩物塊落地點距離水平桌面末端的水平位移的大小18．（1）；（2），方向垂直紙面向里；（3）【詳解】（1）粒子加速過程根據動能定理可得解得（2）根據平衡條件解得方向垂直紙面向里。（3）粒子做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律可得解得19．（1）；；（2）見解析；（3）【詳解】（1）這一過程中重力做的功為由動能定理，可得解得（2）依題意雨滴所受空氣阻力與其速度的平方成正比，當雨滴速度較小時，阻力較小，與重力相比忽略不計，此過程做自由落體運動，故OA段是傾斜直線，當阻力不能忽略時，由牛頓第二定律可知隨著雨滴速度的增加，其阻力增大，加速度減小。做加速度逐漸減小的加速運動，故AB段逐漸彎曲，當雨滴所受阻力與自身重力等大時，受力平衡。將做勻速直線運動，故B點之后趨于水平。（3）設t時間內有質量為m的雨水落到荷葉上，取向上為正方向，根據動量定理可得設量杯的橫截面積為S，有雨滴撞擊荷葉產生的壓強為聯(lián)立，解得20．（1）；（2），；（3）見解析【詳解】（1）電容器充電完畢時其電壓等于電動勢E，所以電容器所帶的電荷量（2）由可知，電壓u隨所帶電荷量q成正比，其圖像如圖所示兩極間電壓為U時圖線與橫軸所圍面積即為電容器儲存的能量（3）由題可知電容器上極板帶正電，故當開關由1撥到2后，棒ab中的正電荷受靜電力的作用向下運動，由左手定則可知其受到方向向右的洛倫茲力f1，在安培力的作用下，棒ab整體向右運動，故其中的正電荷又有向右的分速度，故其又受到 b→a 方向的洛倫茲力f2，受力分析如圖設自由電荷的電荷量為e，沿導體棒向下定向移動的速率為，棒ab向右運動的速度為v，則沿棒方向的洛倫茲力該力做負功垂直棒方向的洛倫茲力該力做正功所以，即導體棒中一個自由電荷所受的洛倫茲力做功為零。f1做正功，宏觀上表現為安培力做正功，使導體棒機械能增加；f2做負功，阻礙靜電力將正電荷從a端搬運到b端，相當于電源中的非靜電力，宏觀上表現為“反向電動勢”，消耗了電容器中的電能。大量自由電荷所受洛倫茲力做功的宏觀表現是將電容器中的電能轉化為等量的機械能，在此過程中洛倫茲力通過兩個分力做功起到“傳遞”能量的作用。 

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