2023年天津市市區(qū)重點(diǎn)中學(xué)高考物理一模試卷1.  如圖四幅書(shū)本插圖中，關(guān)于物理思想方法敘述不正確的是(    )A. 微元法 B. 等效替代法
C. 控制變量法 D. 實(shí)驗(yàn)和邏輯推理2.  下列說(shuō)法不正確的是(    )A. 布朗運(yùn)動(dòng)和擴(kuò)散現(xiàn)象都是由物質(zhì)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，且劇烈程度都與溫度有關(guān)
B. 彩色液晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向同性的特點(diǎn)
C. 一定質(zhì)量的理想氣體保持壓強(qiáng)不變，溫度升高，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)單位面積容器壁的碰撞次數(shù)一定減少
D. 溫度相同、質(zhì)量相等的氫氣和氧氣，若均可視為理想氣體，則氫氣的內(nèi)能比氧氣的內(nèi)能大3.  2022年卡塔爾世界杯足球賽，就像是全世界球迷們的狂歡節(jié)，尤其是無(wú)數(shù)青少年為此著迷不已。如圖所示為四種與足球有關(guān)的情景，下列說(shuō)法正確的是(    )A. 靜止在場(chǎng)地上的足球圖甲受到的彈力就是它受到的重力
B. 踩在腳下且靜止在水平草地上的足球圖乙一定受到3個(gè)力的作用
C. 落在球網(wǎng)中的足球圖丙受到的彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了彈性形變而產(chǎn)生的
D. 運(yùn)動(dòng)員靈活運(yùn)球盤帶過(guò)程中圖丁，腳部對(duì)足球作用力可能大于足球?qū)δ_部作用力4.  電壓互感器能將高電壓變成低電壓、電流互感器能將大電流變成小電流，用于測(cè)量或保護(hù)系統(tǒng)。如圖所示，、是監(jiān)測(cè)交流高壓輸電參數(shù)的互感器，a、b是交流電壓表或交流電流表，若高壓輸電線間電壓為220kV，的原、副線圈匝數(shù)比為1：100，交流電壓表的示數(shù)為200V，交流電流表的示數(shù)為2A，則(    )A. a是交流電壓表，b是交流電流表 B. 的原、副線圈匝數(shù)比為1000：1
C. 高壓線路輸送的電流為200A D. 高壓線路輸送的電功率為5.  圖甲是未來(lái)空間站的構(gòu)思圖。在空間站中設(shè)置個(gè)如圖乙繞中心軸旋轉(zhuǎn)的超大型圓管作為生活區(qū)，圓管的內(nèi)、外管壁平面與轉(zhuǎn)軸的距離分別為、當(dāng)圓管以一定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，在管中相對(duì)管靜止的人可看作質(zhì)點(diǎn)便可以獲得個(gè)類似在地球表面的“重力”，以此降低因長(zhǎng)期處于失重狀態(tài)對(duì)身體健康造成的影響。已知地球質(zhì)量為M，地球半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G，地球自轉(zhuǎn)周期為當(dāng)空間站在地球靜止同步軌道上運(yùn)行時(shí)，管道轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度大小為(    )
 A.  B.
C.  D. 6.  對(duì)于下列四幅圖，以下說(shuō)法正確的是(    )
 A. 圖甲是一束復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳播的示意圖，其中a光束在水珠中傳播的速度一定小于b光束在水珠中傳播的速度
B. 圖乙是一束單色光進(jìn)入足夠長(zhǎng)的平行玻璃磚后傳播的示意圖，無(wú)論入射角i增大到多少，都一定有光線從面射出
C. 圖丙中的M、N是偏振片，P是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，光屏P上的光亮度將明、暗交替變化，此現(xiàn)象表明光是橫波
D. 圖丁是用干涉法檢測(cè)工件表面平整程度時(shí)得到的干涉圖樣，彎曲的干涉條紋說(shuō)明被檢測(cè)的平面在此處是凸起的7.  如圖所示，圖是氫原子能級(jí)圖，圖是研究自感現(xiàn)象的電路圖，圈是動(dòng)圈式話筒原理圖，圖是核子平均質(zhì)量與原子序數(shù)關(guān)系圖，下列說(shuō)法正確的是(    )A. 圖中一群氫原子處于的激發(fā)態(tài)，最多能輻射6種不同頻率的光子
B. 圖中電路開(kāi)關(guān)閉合后，燈泡A慢慢變亮
C. 圖利圖了電磁感應(yīng)的原理，聲波使膜片振動(dòng)，從而帶動(dòng)音圈產(chǎn)生感應(yīng)電流
D. 圖中原子核C、B結(jié)合成A時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要釋放能量8.  如圖所示，一列橫波沿x軸傳播，在時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，時(shí)刻的波形如圖中虛線所示，下列說(shuō)法中正確的是(    )
A. 由該波形曲線讀出這列波的振幅為
B. 該波形曲線上平衡位置位于處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的周期可能是
C. 若周期大于，則該波的波速可能是
D. 若周期大于，則該波的波速可能是9.  某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)測(cè)量木塊與平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其中平板的傾角可調(diào)。

獲得紙帶上點(diǎn)的部分實(shí)驗(yàn)步驟如下：
A.測(cè)量完畢，關(guān)閉電源，取下紙帶
B.接通電源，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作穩(wěn)定后放開(kāi)木塊
C.把打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在平板上，將木塊尾部與紙帶相連，使紙帶穿過(guò)限位孔
D.將木塊靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器
上述實(shí)驗(yàn)步驟的正確順序是：______ 用字母填寫(xiě)；
打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作頻率為50Hz，紙帶上計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距如圖乙所示.根據(jù)紙帶求出木塊的加速度______ 保留兩位有效數(shù)字；

若重力加速度，測(cè)出斜面的傾角，查表知，，若木塊的質(zhì)量為，則木塊與平板間的動(dòng)摩擦因數(shù)______ 保留兩位有效數(shù)字；
若另一小組利用圖甲裝置驗(yàn)證了牛頓第二定律，則實(shí)驗(yàn)時(shí)通過(guò)改變______ ，驗(yàn)證質(zhì)量一定時(shí)，加速度與力成正比的關(guān)系；通過(guò)改變______ ，驗(yàn)證力一定時(shí)，加速度與質(zhì)量成反比的關(guān)系。10.  現(xiàn)代智能手機(jī)中大都配置有氣壓傳感器，當(dāng)傳感器所處環(huán)境氣壓變化時(shí)，其電阻也隨之發(fā)生變化。已知某氣壓傳感器的阻值變化范圍為幾十歐姆到幾百歐姆，某實(shí)驗(yàn)小組在室溫下用伏安法探究其阻值R，隨氣壓P變化的規(guī)律，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材可供選擇：
A.氣壓傳感器，一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下阻值約為
B.直流電源，電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì)
C.電流表A，量程為，內(nèi)阻不計(jì)
D.電壓表V，量程為，內(nèi)阻為
E.定值電阻
F.滑動(dòng)變阻器R，最大電阻值約為
G.開(kāi)關(guān)S與導(dǎo)線若干

小明同學(xué)設(shè)計(jì)了圖實(shí)驗(yàn)電路原理圖，請(qǐng)?jiān)趫D中將實(shí)物連線圖補(bǔ)充完整。
某次測(cè)量時(shí)，電壓表示數(shù)如圖所示，電壓表示數(shù)為______ V。
當(dāng)氣壓傳感器所處環(huán)境氣壓為P時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)S，測(cè)得兩個(gè)電表的讀數(shù)分別為U和I，則氣壓傳感器的阻值______。
改變環(huán)境壓強(qiáng)P的大小，測(cè)得不同的R值，繪成圖象如圖所示，由圖可得R阻值和壓強(qiáng)P的函數(shù)關(guān)系式為______。11.  如圖所示，質(zhì)量為的長(zhǎng)木板B靜止放置在光滑水平面上，B左側(cè)的豎直平面內(nèi)固定一個(gè)光滑圓弧軌道PQ，O點(diǎn)為圓心，半徑為，OQ豎直，Q點(diǎn)與木板B上表面相切，圓心角為。圓弧軌道左側(cè)有一水平傳送帶，傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶上表面與P點(diǎn)高度差為。現(xiàn)在傳送帶左側(cè)由靜止放置一個(gè)質(zhì)量為的可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊A，它隨傳送帶做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)，恰好從P點(diǎn)沿切線進(jìn)入圓弧軌道，滑出軌道后又滑上木板B，最后與木板B相對(duì)靜止。已知滑塊A與長(zhǎng)木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)，取，，求：
滑塊離開(kāi)傳送帶的速度大??；
滑塊經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)受到彈力大小；結(jié)果保留三位有效數(shù)字
木板B的最小長(zhǎng)度。
12.  如圖所示，兩根電阻不計(jì)的光滑金屬導(dǎo)軌豎直放置，相距為L，導(dǎo)軌上端接電阻R，寬度相同的水平條形區(qū)域Ⅰ和Ⅱ內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其寬度均為d，Ⅰ和Ⅱ之間相距為h且無(wú)磁場(chǎng)．一長(zhǎng)度為L、質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒，兩端套在導(dǎo)軌上，并與兩導(dǎo)軌始終保持良好的接觸，導(dǎo)體棒從距區(qū)域Ⅰ上邊界H處由靜止釋放，在穿過(guò)兩段磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，流過(guò)電阻R上的電流及其變化情況相同，重力加速度為求：
導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ的瞬間，通過(guò)電阻R的電流大小與方向．
導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ的過(guò)程，電阻R上產(chǎn)生的熱量
求導(dǎo)體棒穿過(guò)區(qū)域Ⅰ所用的時(shí)間．13.  如圖所示，在xOy平面內(nèi)虛線OM與x軸負(fù)方向夾角為，虛線OM右側(cè)區(qū)域Ⅰ內(nèi)存在垂直xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，虛線OM左側(cè)區(qū)域Ⅱ內(nèi)存在沿y軸正向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一個(gè)比荷為k的帶正電粒子從原點(diǎn)O沿x軸正方向以速度射入磁場(chǎng)，此后當(dāng)粒子第一次穿過(guò)邊界線OM后恰能到達(dá)x軸上點(diǎn)。不計(jì)粒子重力。求：
勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；
粒子從O點(diǎn)射出至第四次穿過(guò)邊界線OM的時(shí)間；
第四次穿過(guò)邊界線OM的位置坐標(biāo)。

答案和解析 1.【答案】C 【解析】解：圖像面積利用了微元法推導(dǎo)，故A正確；
B.合力和分力應(yīng)用了等效替代法，故B正確；
C.用鏡面反射觀察桌面微小變形時(shí)，所用的物理思想方法是放大法，故C錯(cuò)誤；
D.伽利略研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，通過(guò)實(shí)驗(yàn)結(jié)合邏輯推理，得出規(guī)律，故D正確；
本題選不正確的，故選：C。
本題根據(jù)對(duì)微元法、等效替代法、放大法、邏輯推理法的概念，即可解答。
本題考查學(xué)生對(duì)微元法、等效替代法、放大法、邏輯推理法的概念的掌握，比較基礎(chǔ)。
 2.【答案】B 【解析】解：A、布朗運(yùn)動(dòng)和擴(kuò)散現(xiàn)象都是由物質(zhì)分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，且劇烈程度都與溫度有關(guān)，溫度越高越激烈，故A正確；
B、液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，而其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似具有各向異性，彩色波晶顯示器利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性的特點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；
C、一定質(zhì)量的理想氣體保持壓強(qiáng)不變，溫度升高，分子的平均動(dòng)能變大，氣體分子對(duì)容器壁的作用力增大，則單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)單位面積容器壁的碰撞次數(shù)一定減少，故C正確；
D、溫度相同、質(zhì)量相等的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能相同，氫氣的分子數(shù)目較多，若均可視為理想氣體，則氫氣的內(nèi)能比氧氣的內(nèi)能大，故D正確；
本題要求選不正確的，
故選：B。
根據(jù)布朗運(yùn)動(dòng)的定義進(jìn)行理解；液晶的光學(xué)性質(zhì)具有各向異性；根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀解釋分析即可；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，根據(jù)內(nèi)能的概念分析即可。
該題考查對(duì)于布朗運(yùn)動(dòng)、物體的內(nèi)能、液晶、氣體壓強(qiáng)的微觀解釋，明確氣體壓強(qiáng)產(chǎn)生的微觀本質(zhì)。
 3.【答案】C 【解析】解：彈力和重力是不同性質(zhì)的力，不是同一個(gè)力，只能說(shuō)此時(shí)彈力大小與重力大小相等，故A錯(cuò)誤；
B.踩在腳下且靜止在水平草地上的足球圖乙可能受到3個(gè)力的作用，也可能受4個(gè)力，例如腳踩在足球側(cè)面，則受重力、支持力、壓力和摩擦力四個(gè)力平衡，故B錯(cuò)誤；
C.落在球網(wǎng)中的足球圖丙受到的彈力是由于球網(wǎng)發(fā)生了彈性形變而產(chǎn)生的，因?yàn)閺椓κ怯捎谑┝ξ矬w的形變而產(chǎn)生的，故C正確；
D.運(yùn)動(dòng)員靈活運(yùn)球盤帶過(guò)程中圖丁，腳部對(duì)足球作用力與足球?qū)δ_部作用力是相互作用力，一定大小相等，故D錯(cuò)誤；
故選：C。
根據(jù)受力分析和彈力的產(chǎn)生即可判定，彈力是由于施力物體的形變而產(chǎn)生的，一對(duì)相互作用力總是等大反向共線。
本題主要考查了受力分析和相互作用力以及彈力的產(chǎn)生，解題關(guān)鍵是明確彈力是由于施力物體的形變而產(chǎn)生的，一對(duì)相互作用力總是等大反向共線。
 4.【答案】C 【解析】解：A、根據(jù)電路的特點(diǎn)可知，是電流互感器，a是交流電流表；是電壓互感器，b是交流電壓表，故A錯(cuò)誤；
B、對(duì)，高壓輸電線間電壓為220kV，交流電壓表的示數(shù)為200V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得：，故B錯(cuò)誤；
C、對(duì)，根據(jù)電流與匝數(shù)成反比可得：，解得，故C正確；
故選：C。
根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析出互感器的類型，結(jié)合匝數(shù)比得出電流和電壓的比值，同時(shí)根據(jù)電功率的計(jì)算公式完成分析。
本題主要考查了變壓器的構(gòu)造和原理，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析出互感器的類型，結(jié)合原副線圈兩端的匝數(shù)比得出電壓和電流之比。
 5.【答案】B 【解析】解：人靠在外管壁上隨圓管一起做圓周運(yùn)動(dòng)，由題意可知：，
解得：，故B正確，ACD錯(cuò)誤。
故選：B。
人在圓管內(nèi)靠在外管壁上隨圓管做圓周運(yùn)動(dòng)，人做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力相當(dāng)于在地球表面所受重力，根據(jù)萬(wàn)有引力公式與向心力公式求出圓管轉(zhuǎn)動(dòng)的較角速度。
本題考查了萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，認(rèn)真審題理解題意是解題的前提，應(yīng)用萬(wàn)有引力公式與向心力公式即可解題。
 6.【答案】BC 【解析】解：A、根據(jù)折射率和光的傳播速度之間的關(guān)系，可知，折射率越大，傳播速度越小，從圖中可以看出，b光線在水中偏折得厲害，即b的折射率大于a的折射率，則a在水中的傳播速度大于b的傳播速度。故A錯(cuò)誤；
B、當(dāng)入射角i逐漸增大折射角逐漸增大，由于折射角小于入射角，不論入射角如何增大，玻璃磚中的光線不會(huì)消失，而且光到達(dá)另一個(gè)邊界時(shí)的入射角等于前一個(gè)界面處的折射角，一定小于臨界角，故肯定有光線從面射出，故B正確；
C、當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，光屏P上的光亮度將明、暗交替變化，說(shuō)明光具有偏振的現(xiàn)象，只有橫波才能產(chǎn)生偏振現(xiàn)象，所以光的偏振現(xiàn)象表明光是一種橫波，故C正確；
D、由于不知道被測(cè)樣表的放置方向，故不能判斷此處是凸起的，故D錯(cuò)誤。
故選：BC。
根據(jù)折射率和光的傳播速度之間的關(guān)系，可知，折射率越大，傳播速度越小，根據(jù)圖中的光線關(guān)系，判斷折射率的大小，從而知道傳播速度的大?。?/span>
入射角i逐漸增大折射角逐漸增大，由于折射角小于入射角，不論入射角如何增大，玻璃磚中的光線不會(huì)消失，故肯定有光線從面射出．
光的偏振現(xiàn)象表明光是一種橫波；
根據(jù)薄膜干涉的特點(diǎn)判斷．
該題考查光的折射、全反射、光的偏振以及薄膜干涉等多個(gè)知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，知道薄膜干涉是一種等厚干涉，理解平行板玻璃磚的光學(xué)特性，知道光是一種橫波，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題。
 7.【答案】AC 【解析】解：A、一群氫原子處于的激發(fā)態(tài)，最多能輻射種不同頻率的光子。故A正確。
B、電鍵斷開(kāi)的瞬間，由于線圈對(duì)電流有阻礙作用，通過(guò)線圈的電流會(huì)通過(guò)燈泡A，所以燈泡A不會(huì)立即熄滅，若斷開(kāi)前，通過(guò)電感的電流大于燈泡的電流，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，燈泡會(huì)閃亮一下然后逐漸熄滅。若斷開(kāi)前，通過(guò)電感的電流小于等于燈泡的電流，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)后，燈泡不會(huì)閃亮一下。故B錯(cuò)誤。
C、圖利用了電磁感應(yīng)的原理，聲波使膜片振動(dòng)，從而帶動(dòng)音圈產(chǎn)生感應(yīng)電流。故C正確。
D、圖中原子核C、B結(jié)合成A時(shí)核子的平均質(zhì)量增大，所以總質(zhì)量增大，要吸收能量。故D錯(cuò)誤。
故選：AC。
根據(jù)玻爾理論分析；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)的瞬間，電感對(duì)電流有阻礙作用，根據(jù)通過(guò)燈泡的電流與之前比較，判斷是否會(huì)閃一下。動(dòng)圈式話筒通過(guò)聲波使膜片振動(dòng)，從而帶動(dòng)音圈產(chǎn)生感應(yīng)電流；根據(jù)平均質(zhì)量與總質(zhì)量的關(guān)系分析。
本題考查了玻爾理論、自感現(xiàn)象以及話筒的原理等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，難度不大，關(guān)鍵要理解各種現(xiàn)象的原理，即可輕松解決。
 8.【答案】ACD 【解析】解：A、由圖知這列波的振幅是，故A正確；
B、若波沿x軸負(fù)方向傳播，根據(jù)波的周期性可知，得，…；
若波沿x軸正方向傳播，根據(jù)波的周期性可知，得，…。因n是整數(shù)，所以無(wú)論是哪種情況，T不可能為，故B錯(cuò)誤；
CD、由圖知波長(zhǎng)是。若周期大于，由B項(xiàng)周期表達(dá)式可知：若波沿x軸負(fù)方向傳播，，解得：，則n取0、1，則或
根據(jù)波速公式，得波速為或；
若波沿x軸正方向傳播，，解得：，則n取0、1，則或
根據(jù)波速公式，得波速為或，所以若周期大于，該波的波速是，，，，故CD正確。
故選：ACD。
由圖直接讀出振幅；
根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，寫(xiě)出周期的通項(xiàng)，結(jié)合題設(shè)條件確定n的取值范圍，及周期的可能值；
由波速公式求解波速的通項(xiàng)，求得最小波速和最大波速。
解答本題的關(guān)鍵要理解波的周期性和雙向性，能根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，結(jié)合波的周期性寫(xiě)出周期的通項(xiàng)。
 9.【答案】斜面傾角  滑塊的質(zhì)量和斜面傾角 【解析】解：實(shí)驗(yàn)時(shí)首先要正確安裝器材，然后測(cè)量，最后整理儀器，則此實(shí)驗(yàn)步驟的正確順序是CDBA。
交流電的打點(diǎn)周期為
根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)推論，采用逐差法
木塊的加速度為
根據(jù)牛頓第二定律
解得
驗(yàn)證牛頓第二定律采取的是控制變量法，驗(yàn)證質(zhì)量一定，加速度與力成正比的關(guān)系時(shí)，由于木塊受到的合外力與斜面的傾角有關(guān)，因此通過(guò)改變傾角來(lái)改變合外力；
驗(yàn)證力一定，加速度與質(zhì)量成反比的關(guān)系時(shí)，由于滑塊所受的合力，為了保證合力不變，改變木塊質(zhì)量的同時(shí)必須同時(shí)改變斜面的傾角，所以需要同時(shí)改變滑塊的質(zhì)量和斜面傾角。
故答案為：；；；斜面傾角；滑塊的質(zhì)量和斜面傾角。
實(shí)驗(yàn)時(shí)首先要正確安裝器材，然后測(cè)量，最后整理儀器，據(jù)此分析作答；
根據(jù)逐差法求加速度；
根據(jù)牛頓第二定律求動(dòng)摩擦因數(shù)；
驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)采用的是控制變量法；驗(yàn)證質(zhì)量一定，加速度與力成正比的關(guān)系時(shí)，分析影響合力大小的因素，再分析印象加速度大小的因素，然后作答；
驗(yàn)證力一定，加速度與質(zhì)量成反比的關(guān)系時(shí)，由于木塊所受合力的大小不僅與質(zhì)量大小有關(guān)，還與斜面傾角大小有關(guān)，據(jù)此分析作答。
本實(shí)驗(yàn)的原理是根據(jù)紙帶求加速度，根據(jù)牛頓第二定律求動(dòng)摩擦因數(shù)；驗(yàn)證牛頓第二定律時(shí)，采用了控制變量法。
 10.【答案】；；；。 【解析】【分析】根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖。
根據(jù)圖示電壓表表盤確定其量程和分度值，根據(jù)指針位置讀出其讀數(shù)。
根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用歐姆定律求出壓力傳感器的阻值。
根據(jù)圖示圖象求出阻值與壓強(qiáng)的關(guān)系。
對(duì)電表讀數(shù)時(shí)要先確定其量程與分度值，然后根據(jù)指針位置讀數(shù)；分析清楚電路結(jié)構(gòu)，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題。
【解答】根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示

由圖所示表盤可知，其量程為3V，分度值是，讀數(shù)為。
定值電阻阻值與電壓表內(nèi)阻相等，定值電阻與電壓表串聯(lián)，由串聯(lián)電路特點(diǎn)可知，定值電阻兩端電壓與電壓表兩端電壓相等，電壓表示數(shù)為U時(shí)，氣壓傳感器兩端電壓為2U，氣壓傳感器的阻值。
根據(jù)圖所示圖象，設(shè)阻值與壓強(qiáng)的關(guān)系為，由圖示圖象可知：當(dāng)時(shí)，當(dāng)時(shí)，代入數(shù)據(jù)解得：，，阻值與壓強(qiáng)的關(guān)系是。  11.【答案】解：滑塊A離開(kāi)傳送帶做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向滿足
又A沿切線滑入圓軌道，如圖所示，滿足
解得：
根據(jù)幾何關(guān)系可得：；
沿圓軌道滑下過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：
在Q點(diǎn)，有：
解得：，；
滑塊A滑上木板B后，A、B水平方向不受外力，動(dòng)量守恒。
取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：
解得
根據(jù)能量守恒定律可得：
解得木板B的最小長(zhǎng)度：。
答：滑塊離開(kāi)傳送帶的速度大小為；
滑塊經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)受到彈力大小為；
木板B的最小長(zhǎng)度為。 【解析】滑塊A離開(kāi)傳送帶做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)豎直方向的運(yùn)動(dòng)情況求解進(jìn)入P點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度大小，根據(jù)幾何關(guān)系求解水平速度大小，即為滑塊離開(kāi)傳送帶的速度大??；
滑塊沿圓軌道滑下過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理、牛頓第二定律進(jìn)行解答；
滑塊A滑上木板B后，根據(jù)動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律求解木板B的最小長(zhǎng)度。
本題考查了動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律、運(yùn)動(dòng)的合成與分解等，關(guān)鍵能夠正確地受力分析、能夠根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解求解P點(diǎn)的速度大小。
 12.【答案】解：設(shè)導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ瞬間的速度大小為，
根據(jù)動(dòng)能定理：①
由法拉第電磁感應(yīng)定律：  ②
由閉合電路的歐姆定律：  ③
由①②③得：；
根據(jù)右手定則可得電流方向?yàn)閺?/span>M到N；
由題意知，導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ的速度大小也為，
由能量守恒，得：
電阻R上產(chǎn)生的熱量 ；
設(shè)導(dǎo)體棒穿出區(qū)域Ⅰ瞬間的速度大小為，從穿出區(qū)域Ⅰ到進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，
，得：，
設(shè)導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ所用的時(shí)間為t，根據(jù)動(dòng)量定理：
設(shè)向下為正方向：，
此過(guò)程通過(guò)整個(gè)回路的電量為：
得：
答：導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ的瞬間，通過(guò)電阻R的電流大小為；方向從M到
導(dǎo)體棒進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ的過(guò)程，電阻R上產(chǎn)生的熱量為 
導(dǎo)體棒穿過(guò)區(qū)域Ⅰ所用的時(shí)間為 【解析】根據(jù)動(dòng)能定理求解進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大小，再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律計(jì)算電流強(qiáng)度，由右手定則判斷電流方向；
從開(kāi)始進(jìn)入第一個(gè)磁場(chǎng)到導(dǎo)體棒剛進(jìn)入第二個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中根據(jù)功能關(guān)系求解產(chǎn)生的焦耳熱；
根據(jù)位移速度關(guān)系計(jì)算導(dǎo)體棒出磁場(chǎng)的速度，再根據(jù)動(dòng)量定理求解導(dǎo)體棒穿過(guò)區(qū)域Ⅰ所用的時(shí)間．
對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問(wèn)題，根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解．
 13.【答案】解：粒子在磁場(chǎng)中做運(yùn)動(dòng)圓周運(yùn)動(dòng)，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

由幾何知識(shí)可知，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑
粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：
粒子的比荷，解得，磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?/span>
粒子第一次穿過(guò)邊界線OM后恰能到達(dá)x軸上P，粒子到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度為零
粒子從第一次進(jìn)入電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：
解得電場(chǎng)強(qiáng)度大?。?/span>
粒子從O點(diǎn)出發(fā)到第四次穿過(guò)邊界OM的運(yùn)動(dòng)軌跡如上圖所示
粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期
由幾何知識(shí)可知，粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的總圓心角
粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間
粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由牛頓第二定律得：
解得加速度大小
粒子第一次在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間
粒子從A到C過(guò)程做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)AC間的距離為L
在水平方向：
在豎直方向：
解得：，
粒子從O點(diǎn)射出至第四次穿過(guò)邊界線OM的時(shí)間
設(shè)第四次穿過(guò)邊界線OM的位置坐標(biāo)為
由幾何知識(shí)可知：，
解得：，，即坐標(biāo)為
答：勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小是，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小是；
粒子從O點(diǎn)射出至第四次穿過(guò)邊界線OM的時(shí)間是；
第四次穿過(guò)邊界線OM的位置坐標(biāo)是。 【解析】粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，求出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出磁感應(yīng)強(qiáng)度與電場(chǎng)強(qiáng)度大小。
求出粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，然后求出粒子從O點(diǎn)射出到第四次穿過(guò)OM的時(shí)間。
根據(jù)幾何知識(shí)求出第四次穿過(guò)邊界OM的位置坐標(biāo)。
本題考查了帶電粒子在磁場(chǎng)與電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)題意分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程、作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡是解題的前提，應(yīng)用牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式與幾何知識(shí)可以解題。
 

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