若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識(shí)產(chǎn)權(quán)，請(qǐng)掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
C. 輸電線上損失的電功率變?yōu)樵瓉淼?/span>81倍 D. 輸電線上損失的電功率變?yōu)樵瓉淼?/span>9. 為等邊三角形，O是三角形的中心，D是AB的中點(diǎn)。圖1中，A、B、C三個(gè)頂點(diǎn)處各放置電荷量相等的點(diǎn)電荷，其中A、B處為正電荷，C處為負(fù)電荷；圖2中，A、B、C三個(gè)頂點(diǎn)處垂直紙面各放置一根電流大小相等的長(zhǎng)直導(dǎo)線，其中A、B處電流方向垂直紙面向里，C處電流方向垂直紙面向外。下列說法正確的是( )
A. 圖1中，沿著直線從O到D電勢(shì)逐漸升高
B. 圖1中，沿著直線從O到D各點(diǎn)的電場(chǎng)方向相同，且由O指向D
C. 圖2中，沿著直線從O到D各點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相同，且垂直OD向左
D. 圖2中，O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于D點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度10. 如圖所示，在邊長(zhǎng)為L的等邊三角形內(nèi)分布著垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在三角形的中心有一個(gè)點(diǎn)狀的粒子源O，它可沿平行紙面的各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為m，電荷量為，速率為的同種粒子。不考慮粒子重力及粒子間相互作用，下列說法正確的是( )
A. 有部分粒子能夠擊中三角形的頂點(diǎn)
B. 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為
C. 粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為
D. 若磁感應(yīng)強(qiáng)度大于2B，所有粒子均不能射出三角形區(qū)域11. 如圖所示，以棱長(zhǎng)為L的正方體頂點(diǎn)O為原點(diǎn)建立三維坐標(biāo)系Oxyz，其中正方體的頂點(diǎn)P落在x軸上，頂點(diǎn)Q落在y軸上。一質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子重力不計(jì)由Q點(diǎn)沿x軸正方向以初速度射入，第一次在正方體內(nèi)加沿z軸負(fù)方向磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該粒子恰好能通過OQ的中點(diǎn)；第二次在正方體內(nèi)加沿y軸負(fù)方向電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，該粒子恰好能通過OP的中點(diǎn)；第三次在正方體內(nèi)同時(shí)加上大小不變的磁場(chǎng)和電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向不變，將電場(chǎng)方向調(diào)整為與yOz平面平行，與z軸正方向成角、與y軸正方向成角。則( )A. 該粒子在正方體內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間第一次大于第二次
B. 電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足
C. 該粒子第三次在正方體內(nèi)的運(yùn)動(dòng)為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)
D. 該粒子第三次從正方體內(nèi)射出的位置坐標(biāo)為12. 如圖所示，氣墊導(dǎo)軌傾斜放置，傾角為，其上安裝有可自由移動(dòng)的光電門1和光電門2，光電門的位置可由氣墊導(dǎo)軌側(cè)面的標(biāo)尺讀出，它們到標(biāo)尺零刻線的距離分別記為、，讓質(zhì)量為m的滑塊從零刻線處由靜止釋放，無摩擦的先后經(jīng)過光電門1和光電門2，速度傳感器測(cè)出速度、，改變兩個(gè)光電門的位置，得到多組和、和的數(shù)據(jù)，建立圖所示的坐標(biāo)系并描點(diǎn)連線，測(cè)得圖線的?率為k。
已知滑塊上的遮光條寬度為d，光電門記錄下遮光的時(shí)間t，則滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度______ ；
由圖可得，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/span>______ 用k、表示
若以滑塊釋放處為重力勢(shì)能參考平面，則滑塊經(jīng)過光電門1時(shí)，其與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能表達(dá)式______ 用k、m、、表示。13. 某溫控箱內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示，它是由熱敏電阻、滑動(dòng)變阻器R、電磁繼電器、電源E、開關(guān)S串聯(lián)組成的控制電路和另一電源與電熱絲串聯(lián)組成的工作電路兩部分構(gòu)成。熱敏電阻的阻值隨溫度t的變化關(guān)系如圖所示。當(dāng)電磁繼電器的電流達(dá)到或者超過10mA時(shí)，銜鐵被吸合，電熱絲停止加熱，實(shí)現(xiàn)溫度控制。
實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：
電源電動(dòng)勢(shì)9V，內(nèi)阻不計(jì)；
滑動(dòng)變阻器；
滑動(dòng)變阻器；
熱敏電阻；
電磁繼電器線圖電阻；
電阻箱；
開關(guān)S、導(dǎo)線若干。
若要電磁繼電器吸合銜鐵、控制溫度，則控制電路中的總電阻應(yīng)滿足______ 為使該裝置實(shí)現(xiàn)對(duì)之間任一溫度的控制，滑動(dòng)變阻器R應(yīng)選擇______ 選填“”、“”。
如果要實(shí)現(xiàn)的溫度控制，其步驟是：①先用電阻箱替代熱敏電阻，把電阻箱調(diào)至______ ；②閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，直至電磁繼電器的銜鐵被吸合；③保持滑動(dòng)變阻器滑片位置不變，斷開開關(guān)，再用熱敏電阻替換電阻箱；④閉合開關(guān)，即可實(shí)現(xiàn)的溫度控制。
在完成的操作步驟后，與電磁繼電器相連的電源E，因?yàn)殚L(zhǎng)時(shí)間使用導(dǎo)致內(nèi)阻變大電動(dòng)勢(shì)幾乎不變，電磁繼電器吸合銜鐵時(shí)的實(shí)際溫度______ 選填“大于”、“小于”“等于”。14. 如圖所示，水平而內(nèi)有、兩個(gè)波源，它們的位置坐標(biāo)分別為、，M點(diǎn)為水平面內(nèi)的一點(diǎn)，其位置坐標(biāo)為。已知兩波源同時(shí)從時(shí)刻開始做簡(jiǎn)諧振動(dòng)且振動(dòng)情況完全一致，振動(dòng)圖像如圖所示，兩列波在介質(zhì)中的傳播速度均為。求：
兩列波的波長(zhǎng)；
當(dāng)兩列波均傳播到M點(diǎn)后，M點(diǎn)的振幅。15. 如圖1所示，水平面AB與斜面BC在B處平滑連接，質(zhì)量的小球1以水平向右的初速度與靜止的小球2在B處發(fā)生碰撞。碰后，小球1的速度大小為，方向水平向右，且之后不再與小球2發(fā)生碰撞。小球2在斜面上運(yùn)動(dòng)過程中的動(dòng)能、重力勢(shì)能、彈簧的彈性勢(shì)能隨小球的位移x變化的關(guān)系如圖2中的曲線①、②、③所示曲線②為直線，曲線①部分為直線，已知重力加速度大小，不計(jì)一切摩擦。求：
小球2的質(zhì)量；
斜面的傾角；
圖2中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的能量值。
16. 如圖所示，完全相同的金屬導(dǎo)軌ad、bc水平放置，ab間的距離為4L，dc間的距離為2L，。ab間接有阻值為R的電阻，dc間接一理想電壓表?？臻g分布著垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。一長(zhǎng)度為4L的金屬棒MN在水平外力的作用下從貼近于ab邊的位置開始以初速度向右運(yùn)動(dòng)并始終與導(dǎo)軌接觸良好。不計(jì)摩擦和其他電阻，在MN從ab邊運(yùn)動(dòng)到dc邊的過程中，電壓表的示數(shù)始終保持不變。求：
回路中電流大小I；
的速度v隨位移x變化的關(guān)系式；
在MN從ab邊運(yùn)動(dòng)到dc邊的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。
答案和解析 1.【答案】C 【解析】解：電子繞原子核運(yùn)動(dòng)的變化都是不連續(xù)的，故A錯(cuò)誤；
B.玻爾原子理論僅能成功的解釋氫原子光譜的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，故B錯(cuò)誤；
C.原子都是由原子核和電子組成的，但不同原子的原子結(jié)構(gòu)不同，各種原子的原子光譜都有各自的特征譜線，原子吸收光譜中的每一條暗線都跟這種原子的發(fā)射光譜中的一條亮線相對(duì)應(yīng)，故C正確；
D.只有線狀譜和吸收光譜與原子的結(jié)構(gòu)有關(guān)，可以用來鑒別物質(zhì)，故D錯(cuò)誤。
故選：C。
原子的發(fā)射光譜都是線狀譜，也叫特征譜線，玻爾原子理論僅能成功的解釋氫原子光譜的實(shí)驗(yàn)規(guī)律，不同原子的原子結(jié)構(gòu)不同，各種原子的原子光譜都有各自的特征譜線。
本題是考查光譜與光譜分析，正確區(qū)分連續(xù)譜和線狀譜，知道光譜分析的原理。
2.【答案】A 【解析】解：由題圖可知，內(nèi)該同學(xué)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)最大速度為v，由
代入數(shù)據(jù)解得
由題圖可知，內(nèi)該同學(xué)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為，可知
代入數(shù)據(jù)解得
所以該同學(xué)從離地面高度為16m處緩降，故A正確；
B.內(nèi)該同學(xué)的平均速度為
故B錯(cuò)誤；
C.內(nèi)該同學(xué)先向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)后向下做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故該同學(xué)先失重后超重，故C錯(cuò)誤；
D.由以上分析知該同學(xué)在內(nèi)和內(nèi)加速度等大反向，故D錯(cuò)誤。
故選：A。
根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出，以及內(nèi)的加速度以及速度和位移等物理量；
根據(jù)平均速度公式計(jì)算平均速度大??；
根據(jù)加速度大小判斷失重和超重；
本題是一道力學(xué)綜合應(yīng)用題，涉及到的考點(diǎn)有牛頓第二定律、功和功率的計(jì)算，關(guān)鍵注意求解瞬時(shí)功率，公式中的v是瞬時(shí)速度。
3.【答案】B 【解析】解：動(dòng)量是矢量，小球運(yùn)動(dòng)半周的過程中，動(dòng)量方向時(shí)刻改變，故A錯(cuò)誤；
B.小球運(yùn)動(dòng)半周的過程中，速度方向反向，設(shè)末速度為正，為v，則根據(jù)動(dòng)量定理，合力的沖量大小等于動(dòng)量變化量，即合力的沖量大小，故B正確；
根據(jù)沖量定義，，小球運(yùn)動(dòng)一周的過程中，重力、拉力不為0，時(shí)間不為0，故沖量不為0，故CD錯(cuò)誤；
故選：B。
本題根據(jù)動(dòng)量、沖量的定義，結(jié)合動(dòng)量定理，即可解答。
本題考查學(xué)生對(duì)動(dòng)量、沖量的定義、動(dòng)量定理的掌握，比較基礎(chǔ)。
4.【答案】D 【解析】解：依題意，
解得，
A、B軌道半徑之比為1：2；
設(shè)地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星質(zhì)量為m，衛(wèi)星軌道半徑和線速度分別為r、v。
由萬有引力提供向心力：
得
A、B的線速度之比為，故AB錯(cuò)誤；
C.由萬有引力提供向心力
得
A的軌道半徑小于B的軌道半徑，A的運(yùn)動(dòng)周期小于B的運(yùn)動(dòng)周期，故C錯(cuò)誤；
D.繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星與地心的連線在相同時(shí)間t內(nèi)掃過的面積
由萬有引力提供向心力：
解得
在相同時(shí)間內(nèi)，A與地心連線掃過的面積小于B與地心連線掃過的面積，故D正確。
故選：D。
根據(jù)題意分析半徑之比，根據(jù)萬有引力提供向心力，比較線速度和周期，根據(jù)繞地球運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星與地心的連線在相同時(shí)間t內(nèi)掃過的面積，比較掃過面積。
本題解題關(guān)鍵是根據(jù)題意分析半徑之比，再根據(jù)萬有引力提供向心力，選擇相應(yīng)公式，比較線速度和周期。
5.【答案】C 【解析】解：由圖，光線a、b入射角相同，a的折射角小，根據(jù)折射定律可知a的折射率大，所以a為紫光，b為紅光，故A錯(cuò)誤；
B.由題圖可知，光線由空氣射入雨滴的折射角等于雨滴背面的入射角，所以兩種光在P點(diǎn)和Q點(diǎn)不能發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤；
C.如圖人觀察彩虹時(shí)，紅光在上、紫光在下，故C正確；
D.根據(jù)，光線a在雨滴中傳播的速度小于光線b在雨滴中傳播的速度，故D錯(cuò)誤。
故選：C。
根據(jù)光的可逆和對(duì)稱性畫出光路圖，由偏折情況判斷兩束光折射率的大小，比較頻率和波長(zhǎng)的大小，進(jìn)而分析傳播速度。
本題的關(guān)鍵是畫出正確的光路圖，知道折射率與頻率的關(guān)系，需掌握頻率，波速，波長(zhǎng)各物理量間的關(guān)系。
6.【答案】C 【解析】解：將氣缸和活塞當(dāng)作整體，狀態(tài)變化前后均滿足平衡條件
故彈簧彈力保持不變，兩活塞位置保持不變，故AD錯(cuò)誤；
圖1中氣缸進(jìn)行研究
增大，可得增大，由于溫度保持不變，則根據(jù)玻意耳定律可知，氣體體積縮小，則氣缸位置下降；同理對(duì)圖2中氣缸進(jìn)行研究
增大，故增大，而溫度保持不變，由玻意耳定律可得，氣體體積縮小，故氣缸位置上升，故B錯(cuò)誤，C正確。
故選：C。
根據(jù)平衡條件確定封閉氣體的壓強(qiáng)；封閉氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律求解高度變化。
本題考查了氣體實(shí)驗(yàn)定律和封閉氣體壓強(qiáng)的求解，關(guān)鍵是得到封閉氣體初末狀態(tài)的各個(gè)狀態(tài)參量，然后根據(jù)玻意耳定律列式求解。
7.【答案】D 【解析】解：分析整段繩，繩子下落部分的重力使整根繩子向下做加速運(yùn)動(dòng)，則
解得
隔離桌面部分
則
故當(dāng)時(shí)，a有最大值；時(shí)，T有最大值；故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；
B.由機(jī)械能守恒定律
整理解得
由于
其中
故
故當(dāng)時(shí)，動(dòng)量p有最大值，故B錯(cuò)誤；
D.根據(jù)
求導(dǎo)可得，當(dāng)時(shí)，動(dòng)能有最大值，故D正確。
故選：D。
以整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大??；再以水平桌面部分繩為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律求解張力大小.
本題主要是考查了牛頓第二定律的知識(shí)；利用牛頓第二定律答題時(shí)的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、進(jìn)行正交分解、在坐標(biāo)軸上利用牛頓第二定律建立方程進(jìn)行解答；注意整體法和隔離法的應(yīng)用．
8.【答案】BD 【解析】解：輸電線上的電流，當(dāng)總功率P不變，U變?yōu)樵瓉?/span>9倍，則輸電線上的電流變?yōu)?/span>，故A錯(cuò)誤，B正確；
輸電線上損失的功率，根據(jù)上述分析可知，輸電線上的電流變?yōu)?/span>，因此輸電線上損失的電功率變?yōu)樵瓉淼?/span>，故C錯(cuò)誤，D正確。
故選：BD。
根據(jù)功率的計(jì)算公式得出電流的比值關(guān)系；
根據(jù)焦耳定律得出損失電功率與原來的倍數(shù)關(guān)系。
本題主要考查了遠(yuǎn)距離輸電的相關(guān)應(yīng)用，熟悉功率的計(jì)算公式和焦耳定律即可完成分析，難度不大。
9.【答案】AD 【解析】解：AB、根據(jù)電場(chǎng)線分布可知DO上的電場(chǎng)方向由D指向O，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以D點(diǎn)電勢(shì)大于O點(diǎn)電勢(shì)，圖1中，沿著直線從O到D電勢(shì)逐漸升高，故B錯(cuò)誤，A正確；
CD、根據(jù)右手安培定則及矢量的合成作出磁場(chǎng)，如圖所示：
圖2中，沿著直線從O到D各點(diǎn)的磁場(chǎng)方向相同，且垂直OD向右，O點(diǎn)距離C點(diǎn)較近且根據(jù)矢量的合成可知O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大于D點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度
故D正確，C錯(cuò)誤；
故選：AD。
沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，根據(jù)右手安培定則判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度。
本題考查電場(chǎng)線與磁感線的判斷，解題關(guān)鍵掌握矢量的合成與右手安培定則的運(yùn)用。
10.【答案】BD 【解析】解：A、粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力得：
，已知：，可得圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：
由等邊三角形的幾何知識(shí)可知O點(diǎn)到各個(gè)頂點(diǎn)的距離為，此距離等于2r，假設(shè)粒子能夠擊中頂點(diǎn)，粒子的軌跡為半個(gè)圓周，顯然粒子將從邊界先射出，故無法擊中頂點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；
B、當(dāng)粒子在邊界上的出射點(diǎn)與O的連線垂直于出射點(diǎn)所在邊界時(shí)，軌跡圓弧的弦最短，軌跡圓心角最小，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，軌跡如圖1所示。
由等邊三角形的幾何中心為高的三等分點(diǎn)，可得最短弦長(zhǎng)為，可得此軌跡圓心角：
粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期為，故最短時(shí)間，故B正確；
C、運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖中自O點(diǎn)經(jīng)M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至P點(diǎn)的劣弧，則運(yùn)動(dòng)最長(zhǎng)時(shí)間小于半個(gè)周期，而半個(gè)周期為，故C錯(cuò)誤；
D、所有粒子均不能射出三角形區(qū)域，臨界條件為軌跡圓和三角形的邊相切，此時(shí)半徑為，由，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)至少為原來的兩倍，故D正確。
故選：BD。
粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力求得粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑和運(yùn)動(dòng)周期；當(dāng)軌跡圓弧為劣弧時(shí)，軌跡的弦長(zhǎng)越短，圓心角越小，運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短；所有粒子均不能射出三角形區(qū)域，臨界條件為軌跡圓和三角形的邊相切。
本題考查了帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問題，畫運(yùn)動(dòng)軌跡圖是解決此類問題的基本功，掌握垂直速度方向畫圓心所在的直線，依據(jù)其它條件如出射點(diǎn)的位置，軌跡與邊界相切等確定圓心位置，即可確定軌跡半徑與圓心角；知道半徑與速度大小相關(guān)聯(lián)，時(shí)間與圓心角相關(guān)聯(lián)。
11.【答案】ACD 【解析】解：A、第一次粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌跡為圓周，運(yùn)動(dòng)半徑為：
由洛倫茲力提供向心力得：，解得：
運(yùn)動(dòng)時(shí)間：
第二次粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：
可知：，故A正確；
B、第二次運(yùn)動(dòng)中，粒子在沿方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有：，解得：
可得：，故B錯(cuò)誤；
C、第三次粒子射入時(shí)，所受電場(chǎng)力大小為，方向與z軸正方向成角，洛倫茲力大小為，在yOz平面內(nèi)，粒子射入時(shí)受力的關(guān)系如下圖所示：
電場(chǎng)力沿y軸方向的分力大小為，與洛倫茲力恰好等大反向，粒子沿方向?qū)⒁运俣?/span>做勻速直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力沿z軸的分量，使粒子在方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故粒子的運(yùn)動(dòng)是這兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故C正確；
D、粒子在方向上有：，解得：
在方向上有：，
在y方向上的坐標(biāo)為L，故出射點(diǎn)坐標(biāo)為，故D正確。
故選：ACD。
第一次粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌跡為圓周，求得運(yùn)動(dòng)半徑，由洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強(qiáng)度與時(shí)間，第二次粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)沿方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)求解則運(yùn)動(dòng)時(shí)間，根據(jù)沿方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)求解電場(chǎng)強(qiáng)度；第三次粒子射入時(shí)分析粒子射入時(shí)受力情況，判斷運(yùn)動(dòng)形式，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解解答。
本題考查了帶電粒子在電磁場(chǎng)中的問的問題，典型的磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)中的類平拋運(yùn)動(dòng)。第三次粒子的運(yùn)動(dòng)要通過受力分析，通過力與運(yùn)動(dòng)關(guān)系確定分運(yùn)動(dòng)的形式，在合成判斷粒子的運(yùn)動(dòng)，通過解答可知有洛倫茲力參與時(shí)，帶電粒子是可以做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)的。
12.【答案】 【解析】解：根據(jù)光電門工作原理知：
以滑塊研究對(duì)象，由能量守恒有：
可得斜率：
故：
系統(tǒng)的機(jī)械能為：
將代入上式，得
故答案為：；；。
根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出滑塊通過光電門的瞬時(shí)速度。
抓住系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量和系統(tǒng)動(dòng)能增加量相等得出機(jī)械能守恒的表達(dá)式結(jié)合圖象的斜率求重力加速度；
根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)確定正確的操作步驟。
解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理和注意事項(xiàng)，知道光電門測(cè)瞬時(shí)速度的原理，注意本實(shí)驗(yàn)研究的對(duì)象是系統(tǒng)，不需要考慮拉力等于托盤的重力。
13.【答案】 大于 【解析】解：若要電磁繼電器吸合銜鐵、控制溫度，由題意和閉合電路的歐姆定律可知控制電路總電阻為：
當(dāng)溫度處于20∽，總電阻依然為，由題意
，
故滑動(dòng)變阻器阻值
故選擇。
讀圖可知
由閉合電路歐姆定律
電動(dòng)勢(shì)E不變，內(nèi)阻r增大，電磁繼電器工作電流不變，故熱敏電阻的阻值減小，即電磁繼電器工作時(shí)，實(shí)際溫度大于。
故答案為：，；，；大于。
根據(jù)閉合電路歐姆定律和圖像計(jì)算；
由圖像查出對(duì)應(yīng)的熱敏電阻阻值，根據(jù)題意計(jì)算；
根據(jù)內(nèi)阻增大、電磁繼電器工作電流不變，由閉合電路歐姆定律分析判斷。
本題考查電磁繼電器應(yīng)用，要求掌握電磁繼電器的工作原理，會(huì)根據(jù)閉合電路歐姆歐姆定律進(jìn)行分析和計(jì)算。
14.【答案】解：由圖可知，波源振動(dòng)周期
由
解得：
由題意，
得
所以，M點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，當(dāng)兩列波均傳到M點(diǎn)時(shí)，M點(diǎn)的振幅為
解得：
答：兩列波的波長(zhǎng)為4m；
當(dāng)兩列波均傳播到M點(diǎn)后，M點(diǎn)的振幅為0。 【解析】根據(jù)題意得出波源振動(dòng)的周期，結(jié)合波長(zhǎng)的計(jì)算公式得出波長(zhǎng)的大??；
根據(jù)波程差得出M點(diǎn)是減弱點(diǎn)，結(jié)合波疊加的特點(diǎn)得出M點(diǎn)的振幅。
本題主要考查了波的疊加問題，理解波的傳播特點(diǎn)，根據(jù)矢量合成的特點(diǎn)和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式即可完成分析。
15.【答案】解：由圖中曲線①的縱截距可知碰后小球2的動(dòng)能
碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，則
將代入，解得
曲線②表示小球2的重力勢(shì)能隨位移x的關(guān)系，有
曲線②的斜率
由圖可知
聯(lián)立解得：
小球2在內(nèi)，機(jī)械能守恒
由圖可知，，，可得
故M點(diǎn)的能量值為
答：小球2的質(zhì)量為2kg；
斜面的傾角為；
圖2中M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的能量值為4J。 【解析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律結(jié)合圖象數(shù)據(jù)解答；
曲線②表示小球2的重力勢(shì)能隨位移x的關(guān)系，根據(jù)圖象斜率解答；
根據(jù)機(jī)械能守恒定律解答。
本題考查了圖象認(rèn)識(shí)的問題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律與能量守恒定律即可正確解題．
16.【答案】解：回路中的電動(dòng)勢(shì)恒為：
根據(jù)閉合電路的歐姆定律：
由幾何關(guān)系可知，當(dāng)金屬棒MN位移為x時(shí)，MN切割磁感線的有效長(zhǎng)度l為：
且x范圍為：
由于dc兩點(diǎn)間的電壓始終保持不變，即：
聯(lián)立解得：
由功能關(guān)系，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱等于MN克服安培力做的功，有
MN所受安培力：
結(jié)合上一問的電流的表達(dá)式，聯(lián)立解得：
當(dāng)時(shí)，安培力為：
當(dāng)時(shí)，安培力為：
故全過程安培力做的功為：
聯(lián)立解得：
答：回路中電流大小I為；
的速度v隨位移x變化的關(guān)系式為；
在MN從ab邊運(yùn)動(dòng)到dc邊的過程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為。 【解析】根據(jù)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的公式和歐姆定律求電流；
由幾何關(guān)系求出切割的有效長(zhǎng)度，根據(jù)題設(shè)條件寫出速度v隨位移x變化的關(guān)系式；
求出克服安培力所做的功，再根據(jù)功能關(guān)系求全過程產(chǎn)生的熱量。
本題金屬桿勻速通過梯形磁場(chǎng)區(qū)域的電磁感應(yīng)問題，關(guān)鍵是要找到切割的有效長(zhǎng)度，用法拉第電磁感應(yīng)定律閉合電路歐姆定律、功能關(guān)系等解決問題。
相關(guān)試卷
湖北省高中名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期第三次聯(lián)考綜合測(cè)評(píng)物理試題 Word版含解析：
這是一份湖北省高中名校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期第三次聯(lián)考綜合測(cè)評(píng)物理試題 Word版含解析，共17頁。試卷主要包含了選擇題，非選擇題等內(nèi)容，歡迎下載使用。
2023-2024學(xué)年湖北省高中名校聯(lián)盟高三（上）第三次聯(lián)考綜合測(cè)評(píng)物理試卷（含解析）：
這是一份2023-2024學(xué)年湖北省高中名校聯(lián)盟高三（上）第三次聯(lián)考綜合測(cè)評(píng)物理試卷（含解析），共16頁。試卷主要包含了5s的時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為0，我國(guó)早在宋代就發(fā)明了火箭等內(nèi)容，歡迎下載使用。
2023-2024學(xué)年湖北省高中名校聯(lián)盟高三上學(xué)期2月第三次聯(lián)考綜合測(cè)評(píng) 物理試題（含解析）：
這是一份2023-2024學(xué)年湖北省高中名校聯(lián)盟高三上學(xué)期2月第三次聯(lián)考綜合測(cè)評(píng) 物理試題（含解析），共12頁。試卷主要包含了 選擇題的作答， 非選擇題的作答，5s的時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程為0， 我國(guó)早在宋代就發(fā)明了火箭等內(nèi)容，歡迎下載使用。
相關(guān)試卷 更多
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
- 1.電子資料成功下載后不支持退換，如發(fā)現(xiàn)資料有內(nèi)容錯(cuò)誤問題請(qǐng)聯(lián)系客服，如若屬實(shí)，我們會(huì)補(bǔ)償您的損失
- 2.壓縮包下載后請(qǐng)先用軟件解壓，再使用對(duì)應(yīng)軟件打開；軟件版本較低時(shí)請(qǐng)及時(shí)更新
- 3.資料下載成功后可在60天以內(nèi)免費(fèi)重復(fù)下載
版權(quán)申訴
高考專區(qū)
- 精品推薦
- 所屬專輯70份
-
2023湖北省高中名校聯(lián)盟高一下學(xué)期5月聯(lián)合測(cè)評(píng)試題物理含解析
-
2023湖北省高中名校聯(lián)盟高二下學(xué)期5月聯(lián)合測(cè)評(píng)試題物理含解析
-
湖北省高中名校聯(lián)盟2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期5月聯(lián)合測(cè)評(píng)物理試卷（含答案）
-
2023屆湖北省高中名校高三下學(xué)期第三次聯(lián)合測(cè)評(píng)（開學(xué)考試）物理試卷（含解析）
-
2024湖北省高中名校聯(lián)盟高三上學(xué)期第一次聯(lián)合測(cè)評(píng)物理試題含答案
-
2024湖北省高中名校聯(lián)盟高三上學(xué)期第一次聯(lián)合測(cè)評(píng)物理試題含答案
-
2023屆湖北省高中名校高三下學(xué)期第三次聯(lián)合測(cè)評(píng)（開學(xué)考試）物理試卷
-
湖北省高中名校聯(lián)盟2022-2023學(xué)年高二物理下學(xué)期5月聯(lián)合測(cè)評(píng)試題（Word版附解析）
歡迎來到教習(xí)網(wǎng)
- 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
- 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
- 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
- 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊(cè)
二維碼已過期
刷新
微信掃碼，快速注冊(cè)
手機(jī)號(hào)注冊(cè)
注冊(cè)即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊(cè)協(xié)議」及「隱私條款」
注冊(cè)成功
-
0
資料籃
-
在線客服
官方
微信添加在線客服
獲取1對(duì)1服務(wù)
-
官方微信
官方
微信關(guān)注“教習(xí)網(wǎng)”公眾號(hào)
打開微信就能找資料
-
賽課定制
賽課
定制添加在線客服
獲取1對(duì)1定制服務(wù)
-
職稱咨詢
職稱
咨詢添加在線客服
獲取1V1專業(yè)指導(dǎo)服務(wù)
-
免費(fèi)福利
返回
頂部
頂部