高考物理一輪復(fù)習(xí)【分層練習(xí)】階段性檢測（8）電磁感應(yīng)-試卷下載-教習(xí)網(wǎng)

高考物理一輪復(fù)習(xí)策略首先，要學(xué)會(huì)聽課：1、有準(zhǔn)備的去聽，也就是說聽課前要先預(yù)習(xí)，找出不懂的知識(shí)、發(fā)現(xiàn)問題，帶著知識(shí)點(diǎn)和問題去聽課會(huì)有解惑的快樂，也更聽得進(jìn)去，容易掌握;2、參與交流和互動(dòng)，不要只是把自己擺在“聽”的旁觀者，而是“聽”的參與者。3、聽要結(jié)合寫和思考。4、如果你因?yàn)榉N種原因，出現(xiàn)了那些似懂非懂、不懂的知識(shí)，課上或者課后一定要花時(shí)間去弄懂。其次，要學(xué)會(huì)記憶：1、要學(xué)會(huì)整合知識(shí)點(diǎn)。把需要學(xué)習(xí)的信息、掌握的知識(shí)分類，做成思維導(dǎo)圖或知識(shí)點(diǎn)卡片，會(huì)讓你的大腦、思維條理清醒，方便記憶、溫習(xí)、掌握。2、合理用腦。3、借助高效工具。學(xué)習(xí)思維導(dǎo)圖，思維導(dǎo)圖是一種將放射性思考具體化的方法，也是高效整理，促進(jìn)理解和記憶的方法。最后，要學(xué)會(huì)總結(jié)：一是要總結(jié)考試成績，通過總結(jié)學(xué)會(huì)正確地看待分?jǐn)?shù)。1.摸透主干知識(shí)       2.能力駕馭高考      3.科技領(lǐng)跑生活  階段性檢測（八）電磁感應(yīng)時(shí)間：90分鐘   滿分：100分一、單項(xiàng)選擇題：共8小題，每小題4分，共32分。1．下列關(guān)于物理學(xué)發(fā)展史的說法中正確的是（　?。?/span>A．伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因B．法拉第為了解釋磁體產(chǎn)生的磁場提出了分子電流假說C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，提出了電流的磁效應(yīng)D．楞次在對理論基礎(chǔ)和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，提出了電磁感應(yīng)定律【答案】C【解析】A．伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．安培為了解釋磁體產(chǎn)生的磁場提出了分子電流假說，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，提出了電流的磁效應(yīng)，選項(xiàng)C正確；D．紐曼、韋伯在對理論和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，提出了法拉第電磁感應(yīng)定律，故D錯(cuò)誤。故選C。2．如圖所示，一正電粒子從直徑上方掠過金屬圓環(huán)表面，粒子與圓環(huán)不接觸，該過程中（　　）A．線圈內(nèi)磁通量一定不變 B．環(huán)中一定有感應(yīng)電流C．金屬環(huán)有擴(kuò)張趨勢 D．粒子與金屬環(huán)無相互作用【答案】B【解析】ABC．正電粒子從直徑上方掠過金屬圓環(huán)表面時(shí)，等效電流方向從左往右，環(huán)中凈磁通量為垂直直面向里，且凈磁通量先增后減，環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流，金屬環(huán)先有縮收后有擴(kuò)張趨勢，故AC錯(cuò)誤，B正確，D．環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流后周圍會(huì)有磁場，且在環(huán)內(nèi)磁場方向垂直于環(huán)所在的平面，正電荷從左往右運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)受到洛倫茲力，所以粒子與金屬環(huán)有相互作用，故D錯(cuò)誤。故選B。3．圖（a）所示是兩個(gè)同心且共面的金屬圓環(huán)線圈A和B，A中的電流按圖（b）所示規(guī)律變化，規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?。下列說法中正確的是（　?。?/span>
A．0～t1時(shí)間內(nèi)，線圈B中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向B．0～t1時(shí)間內(nèi)，線圈B有擴(kuò)張的趨勢C．t1時(shí)刻，線圈B有收縮的趨勢D．0～t2時(shí)間內(nèi)，線圈B中的感應(yīng)電流大小、方向均不變【答案】D【解析】AB．在0～t1時(shí)間內(nèi)，線圈A中順時(shí)針電流在減小，電流產(chǎn)生磁場在減小，根據(jù)安培定則與磁場疊加原則可知，穿過線圈B的磁通量方向向里且在減小，根據(jù)楞次定律可知線圈B的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，兩線圈的電流同向，則有相互吸引趨勢，所以線圈B有收縮趨勢，故AB錯(cuò)誤；C．t1時(shí)刻，線圈A中的電流為零，沒有磁場，因此線圈B既沒有擴(kuò)張的趨勢，也沒有收縮的趨勢，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)t1～t2時(shí)間內(nèi)，線圈A中逆時(shí)針電流在增大，電流產(chǎn)生磁場在增強(qiáng)，根據(jù)安培定則與磁場疊加原則可知，穿過線圈B的磁通量的方向向外，且在增大，根據(jù)楞次定律可知線圈B的感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，所以0～t2時(shí)間內(nèi)，線圈B中的感應(yīng)電流方向不變，又由于線圈A中的電流變化率相同，因此線圈B中的感應(yīng)電流大小也不變，故D正確。故選D。4．如圖所示，條形磁鐵用細(xì)線懸掛在O點(diǎn)。O點(diǎn)正下方固定一個(gè)水平放置的鋁線圈。讓磁鐵在豎直面內(nèi)擺動(dòng)，下列說法中正確的是（　?。?/span>A．在一個(gè)周期內(nèi)，線圈內(nèi)感應(yīng)電流的方向改變2次B．磁鐵始終受到感應(yīng)電流磁場的斥力作用C．磁鐵所受到的感應(yīng)電流對它的作用力始終是阻力D．磁鐵所受到的感應(yīng)電流對它的作用力有時(shí)是阻力有時(shí)是動(dòng)力
【答案】C【解析】A．在一個(gè)周期之內(nèi)，穿過鋁線圈的磁通量先增大，后減小，再增大，最后又減小，穿過鋁線圈磁場方向不變，磁通量變化趨勢改變，感應(yīng)電流方向發(fā)生改變，因此在一個(gè)周期內(nèi)，感應(yīng)電流方向改變4次，A不符合題意；B．由楞次定律可知，磁鐵靠近鋁線圈時(shí)受到斥力作用，遠(yuǎn)離鋁線圈時(shí)受到引力作用，B不符合題意；CD．由楞次定律可知，感應(yīng)電流總是阻礙磁鐵的相對運(yùn)動(dòng)，感應(yīng)電流對磁鐵的作用力總是阻力，C符合題意，D不符合題意。故選C。5．如圖所示，固定于水平面上的金屬架abcd處在豎直方向的勻強(qiáng)磁場中，初始時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0導(dǎo)體棒MN以恒定速度v向右運(yùn)動(dòng)，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，為使棒MN中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的示意圖應(yīng)為（　?。?/span>A． B．C． D．【答案】D【解析】設(shè)初始時(shí)MN與bc間的距離為L，MN=d，則當(dāng)通過閉合回路的磁通量不變，MN棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，有：B0Ld=Bd（L+vt）所以變形得
由表達(dá)式可知，與t是線性關(guān)系，由數(shù)學(xué)知識(shí)知D正確。故選D。6．圖1為無線充電技術(shù)中使用的受電線圈示意圖，線圈匝數(shù)為n，面積為S。在0到t2時(shí)間內(nèi)，勻強(qiáng)磁場平行于線圈軸線向右穿過線圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖2所示，則下列說法正確的是（　?。?/span>A．在0~t1時(shí)間內(nèi)，線圈兩端a和b之間的電勢差恒為B．在0~t1時(shí)間內(nèi)，線圈兩端a和b之間的電勢差從0均勻變化到C．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，線圈兩端a和b之間的電勢差為0D．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，線圈兩端a和b之間的電勢差為恒定且不為0的值【答案】C【解析】AB．在0~t1時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間均勻變化，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動(dòng)勢由楞次定律及安培定則可判斷b點(diǎn)電勢高于a點(diǎn)電勢，因磁場均勻變化，所以感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，則a、b兩點(diǎn)電勢差恒為故AB錯(cuò)誤；CD．在t1~t2時(shí)間內(nèi)，穿過受電線圈的磁通量不變，沒有感應(yīng)電動(dòng)勢產(chǎn)生，線圈兩端a和b之間的電勢差為0，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7．如圖所示，ABCD是固定的水平放置的足夠長的U形導(dǎo)軌，整個(gè)導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，在導(dǎo)軌上架著一根金屬棒ef，在極短時(shí)間內(nèi)給棒ef一個(gè)水平向右的速度，ef棒開始運(yùn)動(dòng)，最后又靜止在導(dǎo)軌上，則ef在運(yùn)動(dòng)過程中，就導(dǎo)軌是光滑和粗糙兩種情況相比較（　?。?/span>
A．整個(gè)回路產(chǎn)生的總熱量相等B．安培力對ef棒做的功相等C．安培力對ef棒的沖量相等D．電流通過整個(gè)回路所做的功相等【答案】A【解析】ABD．由能量守恒定律可知，ef棒具有的動(dòng)能將全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，無摩擦?xí)r，將全部轉(zhuǎn)化為電熱（即克服安培力做的功）；有摩擦?xí)r，將一部分轉(zhuǎn)化為電熱，另一部分用于克服摩擦力做功，選項(xiàng)A正確。電流通過整個(gè)回路所做的功等于克服安培力做的功，也等于產(chǎn)生的電熱，B、D錯(cuò)誤。C ．由動(dòng)量定理可知，合力的沖量等于物體動(dòng)量的變化量，由于兩次動(dòng)量變化相同，則合力的沖量相等，無摩擦?xí)r安培力的沖量較大， C錯(cuò)誤。故選A。8．人們對電磁炮的研究不斷深入。某高中科研興趣小組利用學(xué)過的知識(shí)制造了一臺(tái)電磁炮，其原理示意圖如圖甲所示，高壓直流電源電動(dòng)勢為E，大電容器的電容為C。線圈套在中空的塑料管上，管內(nèi)光滑，將直徑略小于管的內(nèi)徑的金屬小球靜置于管口附近。首先將開關(guān)S接1，使電容器完全充電，然后立即將S轉(zhuǎn)接2，此后電容器放電，通過線圈的電流隨時(shí)間的變化如圖乙所示，金屬小球在的時(shí)間內(nèi)被加速發(fā)射出去，時(shí)刻剛好運(yùn)動(dòng)到管口。下列關(guān)于該電磁炮的說法正確的是（       ）A．小球在塑料管中做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B．在的時(shí)間內(nèi)，小球中產(chǎn)生的渦流從左向右看是順時(shí)針方向的C．在時(shí)刻，小球受到的線圈磁場對它的作用力為零D．在的時(shí)間內(nèi)，電容器儲(chǔ)存的電能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能【答案】C【解析】A. 線圈中的磁場強(qiáng)弱程度與通過線圈的電流大小成正比，根據(jù)乙圖可知，線圈中產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度（磁通量）變化步調(diào)與電流的變化步調(diào)一致，在時(shí)間內(nèi)，線圈電流
從0逐漸增大，但其變化率卻逐漸減小至0，所以線圈中的磁通量變化率也逐漸減小至0，金屬小球中感應(yīng)電動(dòng)勢也逐漸減小至0，金屬小球中的渦流也逐漸減小至0，可知時(shí)刻，金屬小球受到線圈磁場對它的作用力為0，時(shí)刻，金屬小球受到線圈磁場對它的作用力也為0，故時(shí)間內(nèi)，金屬小球受到線圈磁場對它的作用力應(yīng)先增大后減小，即加速度應(yīng)先增大后減小，A錯(cuò)誤；B. 時(shí)間內(nèi)，由安培定則知線圈電流在線圈內(nèi)的磁場方向向右，線圈電流在增大，則產(chǎn)生的磁場在增大，通過金屬小球磁通量在增大，根據(jù)楞次定律可知金屬小球中產(chǎn)生渦流的磁場方向向左，由安培定則可知，金屬小球中產(chǎn)生的渦流從左向右看是逆時(shí)針方向的，B錯(cuò)誤；C. 時(shí)刻，線圈中電流的變化率為零，所以線圈中磁通量變化率為零，金屬小球中感應(yīng)電動(dòng)勢為零，金屬小球中的渦流為零，所以小球受線圈作用力為零，C正確；D. 在的時(shí)間內(nèi)，電容器減少的電場能轉(zhuǎn)化為磁場能，磁場能有一部分轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，還留有一部分磁場能。所以減少的電場能大于小球增加的動(dòng)能，D錯(cuò)誤；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：共3小題，每小題4分，共12分。全部選對得4分，部分選對得2分，有選錯(cuò)得得0分。9．如圖，A、B是相同的白熾燈，L是自感系數(shù)很大、電阻可忽略的自感線圈。下面說法正確的是（　?。?/span>A．閉合開關(guān)S時(shí)，A、B燈同時(shí)亮，且達(dá)到正常B．閉合開關(guān)S時(shí)，B燈比A燈先亮，最后一樣亮C．閉合開關(guān)S時(shí)，A燈比B燈先亮，最后一樣亮D．?dāng)嚅_開關(guān)S時(shí)，A燈與B燈同時(shí)慢慢熄滅【答案】BD【解析】ABC．由于自感的作用，閉合開關(guān)S時(shí)，B燈比A燈先亮，最后一樣亮，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．?dāng)嚅_開關(guān)S時(shí)，L中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢，在A燈、B燈和線圈L中重新形成回路，則A燈與B燈同時(shí)慢慢熄滅，故D正確。故選D。10．如圖所示，兩平行光滑導(dǎo)軌由兩部分組成，左面部分水平，右面部分是半徑為r的豎直半圓，兩導(dǎo)軌間的距離為l，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，導(dǎo)軌水平部分處于豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場中，兩根長度均為l的金屬棒ab、cd均垂直導(dǎo)軌置于水平導(dǎo)軌上，金屬棒ab、cd的質(zhì)量分別為2m與m，電阻分別為R與?，F(xiàn)給ab棒施加一個(gè)瞬時(shí)沖量使其以初速度開始沿導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)，cd
棒隨即也開始運(yùn)動(dòng)且進(jìn)入圓軌道后恰好能通過軌道最高點(diǎn)，已知cd棒進(jìn)入圓軌道前兩棒未相撞，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（　?。?/span>A．ab棒剛開始向右運(yùn)動(dòng)時(shí)cd棒的加速度大小為B．cd棒剛進(jìn)入半圓軌道時(shí)ab棒的速度大小為C．cd棒剛進(jìn)入半圓軌道時(shí)對軌道的壓力為5mgD．cd棒進(jìn)入半圓軌道前ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】AB【解析】A．ab棒開始向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)回路中電流為I，則根據(jù)導(dǎo)體棒切割磁場有E=Blv0根據(jù)閉合電路歐姆定律有根據(jù)牛頓第二定律可得BIl=ma0聯(lián)立解得A正確；BC．設(shè)cd棒剛進(jìn)入圓形軌道時(shí)的速度為v2，此時(shí)ab棒的速度為v1，ab棒開始運(yùn)動(dòng)至cd棒即將進(jìn)入圓軌道的過程，對ab和cd組成的系統(tǒng)運(yùn)用動(dòng)量守恒定律可得2mv0=2mv1+mv2cd棒進(jìn)入圓軌道至最高點(diǎn)的過程中，對cd棒運(yùn)用動(dòng)能定理可得在半圓軌道的點(diǎn)對cd棒由牛頓第二定律可得
聯(lián)立解得由牛頓第二定律可得cd棒剛進(jìn)入半圓軌道時(shí)對軌道的壓力大小為B正確，C錯(cuò)誤；D．cd棒進(jìn)入半圓軌道前對ab棒，由能量守恒定律可得D錯(cuò)誤。故選AB。11．如圖所示，兩水平虛線1、2之間存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，邊長為h的正方形導(dǎo)體框由虛線1上方無初速釋放，釋放瞬間ab邊與虛線平行且與虛線1的間距為h，導(dǎo)體框的質(zhì)量為m、總電阻為r，重力加速度為g。已知cd邊與兩虛線重合時(shí)的速度大小均為，忽略空氣阻力，導(dǎo)體框在整個(gè)下落過程中不會(huì)發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。則下列說法正確的是（　?。?/span>A．導(dǎo)體框的ab邊與虛線1重合時(shí)，克服安培力做功的功率大小為B．兩虛線之間的距離為C．導(dǎo)體框在穿過磁場的過程中，產(chǎn)生的焦耳熱為3mghD．導(dǎo)體框從ab邊與虛線1重合到cd邊與虛線1重合所用的時(shí)間為【答案】BD【解析】A．當(dāng)導(dǎo)體框的ab邊與虛線1重合時(shí)，速度為，由
得則安培力克服安培力做的功率為故A錯(cuò)誤；B．線框進(jìn)入磁場的過程中，由動(dòng)能定理得其中則克服安培力做的功設(shè)兩虛線間的距離為h，由題意可得當(dāng)導(dǎo)體框的ab邊與虛線2重合時(shí)，速度也為，由動(dòng)能定理可得解得故B正確；C．導(dǎo)體框在穿過磁場的過程中，產(chǎn)生的焦耳熱故C錯(cuò)誤；D．對導(dǎo)體框從ab邊與虛線1重合到cd邊與虛線1重合的過程，由動(dòng)量定理得其中所以
聯(lián)立解得故D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：共2小題，共18分。12.（9分）（1）某同學(xué)用如圖所示裝置做研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)。正確連接后，他先將變阻器的滑動(dòng)片P置于ab的中點(diǎn)，在閉合開關(guān)瞬間，電流計(jì)的指針向右擺，說明_____（選填“大線圈”或“小線圈”）有電流流過。閉合開關(guān)后，為使電流計(jì)的指針再向右擺，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P向_____（選填“a”或“b”）端移動(dòng)。（2）某同學(xué)用如圖甲所示電路測量電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)用的電壓表和電流表都是理想表，保護(hù)電阻R1=10Ω，R2=5Ω，還知道待測電源的電動(dòng)勢約3V，內(nèi)阻約2Ω。該同學(xué)合理選擇儀器、連接電路后，正確操作，得到多組電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)電流表的示數(shù)I，并畫出了如圖乙所示的U-I圖線（U、I都用國際單位），求出U-I圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距I0，則待測電源的電動(dòng)勢E和內(nèi)阻r的表達(dá)式E=_____，r=_____。（用k、I0、R1、R2表示）若實(shí)驗(yàn)室有電流表Ⅰ（0~200mA）和電流表Ⅱ（0~30mA），該同學(xué)選擇的是_____。【答案】（1）大線圈     b     （2）kI0     k-R2     電流表Ⅰ【解析】
（1）[1][2]與電流計(jì)相連的是大線圈，在閉合開關(guān)瞬間，大線圈中磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流。閉合開關(guān)瞬間，電流增大，電流計(jì)的指針向右擺，閉合開關(guān)后，為使電流計(jì)的指針再向右擺，要求電流增大，則回路中電阻需減小，所以應(yīng)將變阻器的滑動(dòng)片P向b端移動(dòng)。（2）[3][4]由閉合電路歐姆定律可知U+I（R2+r)=E變形可得U=-（R2+r）I+E圖線斜率的絕對值為k，在橫軸上的截距為I0，則有k=R2+r兩式聯(lián)立可得E=kI0r=k-R2[5]當(dāng)滑動(dòng)變阻器電阻取零時(shí)，可求得回路中的最大電流比較電流表Ⅰ（0~200 mA）和電流表Ⅱ（0~30 mA），電流表Ⅱ量程較小，容易燒壞，故應(yīng)選擇電流表Ⅰ。13.（9分）為了測一個(gè)自感系數(shù)很大的線圈L的直流電阻RL，實(shí)驗(yàn)室提供以下器材：待測線圈L（阻值約為5Ω）；電流表A1（量程3.0A，內(nèi)阻r1約為0.2Ω）；電流表A2（量程0.6A，內(nèi)阻r2=1.0Ω）；滑動(dòng)變阻器R1（0~10Ω）；電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約為2kΩ）；電阻箱R2（0~99.9Ω）；電源E（電動(dòng)勢E約為3V，內(nèi)阻很?。?；單刀單擲開關(guān)S1、S2；導(dǎo)線若干。
（1）某實(shí)驗(yàn)小組按如圖（a）所示的電路測量線圈L的直流電阻RL。實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：①按電路圖連接好電路，斷開開關(guān)S1、S2，滑動(dòng)變阻器R1的滑片移動(dòng)________（填“左”或者“右”）端；②閉合開關(guān)S1、S2，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片至適當(dāng)位置，記下電流表A2的示數(shù)為I2，電壓表V的示數(shù)為U，線圈L的直流電阻的測量值的計(jì)算式為RL=________；③測量完后，應(yīng)先斷開開關(guān)________，再斷開開關(guān)________（以上兩空填S1或S2）其理由是________；（2）若只提供一個(gè)開關(guān)S1，為避免自感現(xiàn)象對電表的影響，經(jīng)討論，同學(xué)們認(rèn)為可以利用兩個(gè)電流表和一個(gè)電阻箱達(dá)到測量的目的。圖（b）方框中已畫了部分電路，請根據(jù)你的設(shè)計(jì)，在方框中完成電路圖________。【答案】（1）右          S2     S1     若先斷開S1，則由于斷電自感現(xiàn)象，有可能燒壞電壓表    （2）【解析】
（1）①[1]接通電路之前，為了保證安全，滑動(dòng)變阻器接入電路部分應(yīng)最大，所以滑片移動(dòng)到最右端。②[2]利用伏安法測電阻③[3][4][5]如果先斷開S1再斷開S2，則電感線圈、電流表A2、電壓表V組成一個(gè)回路，線圈有斷電自感現(xiàn)象，形成較大的自感電動(dòng)勢，有可能燒壞電壓表，所以應(yīng)先斷開S2再斷開S1。（2）[6]電路如圖所示，設(shè)A1的讀數(shù)為I1，A2的讀數(shù)為I2，電箱的讀數(shù)為R2，則電感線圈的電阻可表示為四、計(jì)算題：共2小題：38分。14.（18分）如圖所示，兩根足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L=0.1m，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為，導(dǎo)軌上端連接一定值電阻R=0.3Ω，導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，整個(gè)裝置處于方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中，長為L的金屬棒cd垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌保持良好的接觸，金屬棒的質(zhì)量為m=0.2kg，電阻為r=0.1Ω，現(xiàn)將金屬棒從緊靠NQ處由靜止釋放，當(dāng)金屬棒沿導(dǎo)軌下滑距離為S=12m時(shí)，速度達(dá)到最大值，重力加速度g取，求：（1）勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若將金屬棒下滑12m的時(shí)刻記作t=0，假設(shè)此時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為已知，從此時(shí)刻起，讓磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，可使金屬棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，請用和t表示出這種情況下磁感應(yīng)強(qiáng)度B變化的表達(dá)式。
【答案】（1）；（2）【解析】（1）金屬棒達(dá)最大速度時(shí)產(chǎn)生的電動(dòng)勢回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流金屬棒棒所受安培力cd棒受力如圖所示當(dāng)所受合外力為零時(shí)，下滑的速度達(dá)到最大，即由以上四式解得代入數(shù)據(jù)得（2）金屬棒從t＝0起運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a，由牛頓第二定律有
解得因?yàn)椴划a(chǎn)生電流，所以磁通量不變得 15（20分）如圖所示，高度足夠的勻強(qiáng)磁場區(qū)域下邊界水平、左右邊界豎直，磁場方向垂直于紙面向里，正方形單匝線框abcd的邊長L = 0.2m、回路電阻R = 1.6 × 10 - 3Ω、質(zhì)量m = 0.2kg，線框平面與磁場方向垂直，線框的ad邊與磁場左邊界平齊，ab邊與磁場下邊界的距離也為L，現(xiàn)對線框施加與水平向右方向成θ = 45°角、大小為的恒力F，使其在圖示豎直平面內(nèi)由靜止開始運(yùn)動(dòng)。從ab邊進(jìn)入磁場開始，在豎直方向線框做勻速運(yùn)動(dòng)；dc邊進(jìn)入磁場時(shí)，bc邊恰好到達(dá)磁場右邊界。重力加速度大小取g = 10m/s2，求：（1）ab邊進(jìn)入磁場前，線框在水平方向和豎直方向的加速度大??；（2）磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和線框進(jìn)入磁場的整個(gè)過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱；（3）磁場區(qū)城的水平寬度。【答案】（1），；（2）0.2T，0.4J；（3）1.1m【解析】（1）ab邊進(jìn)入磁場前，對線框進(jìn)行受力分析，在水平方向上有在豎直方向上有
解得，（2）當(dāng)ab邊進(jìn)入磁場時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢感應(yīng)電流在豎直方向線框做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有線框進(jìn)入磁場前豎直方向做勻加速直線，則有解得線框進(jìn)入磁場的整個(gè)過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱線框在磁場中豎直方向勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間解得Q = 0.4J（3）線框進(jìn)入磁場前勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間線框水平方向一直做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則勻加速的位移磁場區(qū)域的水平寬度解得

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