2022學(xué)年第一學(xué)期期末調(diào)研測(cè)試卷高二物理考生須知：1.本卷共四大題，22小題，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.所有解答均答在答題紙上，選擇題部分用2B鉛筆填涂，其他試題用黑色字跡筆在相應(yīng)區(qū)域答題；3.本卷無(wú)特殊說(shuō)明，重力加速度g取10m/s2.選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本大題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的）1. 下列物理量屬于矢量的是（　?。?/span>A. 電動(dòng)勢(shì) B. 電流 C. 磁感應(yīng)強(qiáng)度 D. 磁通量【答案】C【解析】【詳解】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量是只有大小沒(méi)有方向的物理量。電動(dòng)勢(shì)、磁通量只有大小，沒(méi)有方向，都是標(biāo)量；由于電流運(yùn)算時(shí)不遵守矢量運(yùn)算法則—平行四邊形定則，所以電流也是標(biāo)量；磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小也有方向，是矢量。故選C。2. 物理學(xué)中經(jīng)常用比值法定義物理量，下列屬于比值法定義的是（　?。?/span>A. 電阻 B. 通過(guò)導(dǎo)體的電流C. 磁感應(yīng)強(qiáng)度 D. 純電阻用電器的電功率【答案】C【解析】【詳解】A．電阻是電阻的決定式，不屬于比值定義法，故A錯(cuò)誤；B．是歐姆定律，不屬于比自定義法，故B錯(cuò)誤；C．磁感應(yīng)強(qiáng)度，屬于比值定義法，故C正確；D．純電阻用電器的電功率，不屬于比自定義法，故D錯(cuò)誤。故選C3. 下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 安培提出了分子電流假說(shuō)B. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)C. 麥克斯韋用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在D. 赫茲最先提出了能量量子化的概念【答案】A【解析】【詳解】A．安培提出了分子電流假說(shuō)，故A正確；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C．赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，故C錯(cuò)誤；D．普朗克最先提出了能量量子化的概念，故D錯(cuò)誤。故選A。4. 關(guān)于生活中遇到的各種電磁波，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 醫(yī)院里“CT”機(jī)使用的電磁波是γ射線，它具有較強(qiáng)的穿透能力B. 紫外線常用于衛(wèi)星通信、電視等信號(hào)的傳輸，它還可用于消毒C. “浴霸”的取暖燈泡能發(fā)出較強(qiáng)的紅外線，它具有顯著的熱效應(yīng)D. X射線可以摧毀病變的細(xì)胞，常用于治療各種癌癥【答案】C【解析】【詳解】A．醫(yī)院里“CT”機(jī)使用的電磁波是X射線，利用X射線能夠穿透物質(zhì)，來(lái)檢查人體的內(nèi)部器官，故A錯(cuò)誤；B．微波常用于衛(wèi)星通信、電視等信號(hào)的傳輸，紫外線用于消毒，故B錯(cuò)誤；C．“浴霸”的取暖燈泡能發(fā)出較強(qiáng)的紅外線，利用紅外線的熱效應(yīng)進(jìn)行取暖，故C正確；D．γ射線可以摧毀病變的細(xì)胞，常用于治療各種癌癥，故D錯(cuò)誤。故選C。5. 下列給出了四幅與感應(yīng)電流產(chǎn)生條件相關(guān)的情景圖，判斷正確的是（　?。?/span>A. 圖甲，水平直導(dǎo)線中電流逐漸減小時(shí)，其正下方的水平金屬圓線圈中無(wú)感應(yīng)電流B. 圖乙，正方形金屬線圈以虛線為軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線圈中無(wú)感應(yīng)電流C. 圖丙，矩形導(dǎo)線框以其任何一條邊為軸轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，線框中都有感應(yīng)電流產(chǎn)生D. 圖丁，正方形導(dǎo)線框加速離開(kāi)同一平面內(nèi)的條形磁體時(shí)，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生【答案】A【解析】【詳解】A．圖甲金屬圓形線圈水平放置在通電直導(dǎo)線的正下方，則直線電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)穿過(guò)線圈的磁通量為零，即使減小通過(guò)導(dǎo)線電流，圓線圈中的磁通量也不會(huì)發(fā)生變化，不會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A正確；B．圖乙正方形金屬線圈繞豎直虛線轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，線圈在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中磁通量會(huì)發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；C．圖丙閉合導(dǎo)線框以左邊或右邊為軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中旋轉(zhuǎn)時(shí)，線圈中的磁通量始終為零保持不變，閉合導(dǎo)線框中不會(huì)有感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．圖丁，正方形導(dǎo)線框加速離開(kāi)同一平面內(nèi)的條形磁體時(shí)，線圈中的磁通量始終為零保持不變，閉合導(dǎo)線框中不會(huì)有感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選A。6. 如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=2T，方向沿x軸的正方向，線段長(zhǎng)度MN=DC=0.4m，NC=EF=NE=CF=MD=0.3m，設(shè)通過(guò)面積SMEFD、SMNE、SNEFC、SMNCD的磁通量分別為Φ1、Φ2、Φ3、Φ4，則（　?。?/span>A. Φ1=0.24Wb B. Φ2=0.12Wb C. Φ3=0.18Wb D. Φ4=0.12Wb【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)圖中所示可知，面積SMNCD與磁場(chǎng)相互垂直，故磁通量面積SMEFD與勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向的夾角未知，因此可將面積SMEFD投影到與x軸垂直的SMNCD上，SMEFD的有效面積就是SMNCD的面積，故磁通量；面積SMNE和面積SNEFC都與磁場(chǎng)方向平行，故磁通量都為零。故選A。7. 如圖甲是一個(gè)磁懸浮地球儀，原理如圖乙所示。上方的地球儀內(nèi)有一個(gè)永磁體，底座內(nèi)有一個(gè)線圈，線圈通上直流電，地球儀就可以懸浮起來(lái)。下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 將地球儀上下位置翻轉(zhuǎn)，仍能繼續(xù)保持懸浮B. 圖中線圈的a端須連接直流電源的正極C. 若增加線圈的匝數(shù)，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力增大D. 若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀受到的磁力不變【答案】D【解析】【詳解】A.地球儀根據(jù)同名磁極相互排斥的原理工作，將地球儀上下翻轉(zhuǎn)，則磁體磁極顛倒，和線圈的作用力從斥力變?yōu)槲Φ淖饔?，不能繼續(xù)保持懸浮，故A錯(cuò)誤；B.線圈a端接正極時(shí)，根據(jù)安培定則，可知螺線管上面S極和永磁體下端磁極相反，會(huì)相互吸引，地球儀不會(huì)懸浮，故B錯(cuò)誤；C.若增加線圈匝數(shù)，磁場(chǎng)增大，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故C錯(cuò)誤；D.若增大線圈中的電流，穩(wěn)定后地球儀懸浮得更高，但穩(wěn)定后地球儀受到的磁力仍與重力大小相等，故D正確。故選D。8. 在如圖所示的U-I圖像中，直線I為某一電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，直線Ⅱ為某一電阻R的U-I圖線。用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（　　）A. 電源的電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB. 電阻R的阻值為1ΩC. 電源的輸出功率為4WD. 電源的總功率為9W【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得圖像中直線I表示電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖線，可知當(dāng)時(shí)，，讀出電源的電動(dòng)勢(shì)，圖線的斜率大小表示內(nèi)阻大小，則A正確；B．根據(jù)歐姆定律可知，伏安特性曲線的斜率表示電阻值，則電阻
 B正確；C．圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài)，由圖讀出電壓，電流，則電源的輸出功率為C正確；D．電源的總功率為D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的，故選D。9. 一電流表的滿偏電流=30mA．內(nèi)電阻=95?，要把它改裝成一個(gè)量程為0．6A的電流表，應(yīng)在電流表上A. 串聯(lián)一個(gè)5．00?的電阻 B. 串聯(lián)個(gè)4．75?的電阻C. 并聯(lián)一個(gè)5．00?的電阻 D. 并聯(lián)一個(gè)4．75?的電阻【答案】C【解析】【分析】把小量程電流表改裝成大量程電流表需要并聯(lián)分流電阻，應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出并聯(lián)電阻阻值．【詳解】把電流表改裝成0.6A的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值為：，故C正確，ABD錯(cuò)誤．10. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻保持不變，燈泡L（不考慮阻值變化）與定值電阻R1串聯(lián)，R2是電阻箱，合上開(kāi)關(guān)S，逐漸增大電阻箱R2的接入阻值，下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 路端電壓減小B. 電阻R1兩端的電壓增大C. 電阻箱R2的電流增大D. 燈泡L的電功率減小【答案】B【解析】【詳解】A．當(dāng)增大電阻箱R2的接入阻值時(shí)，電路的總電阻R增大，干路電流I減小，根據(jù)路端電壓因其它量不變，路端電壓U增大，故A錯(cuò)誤；BD．路端電壓U增大，則燈泡L與定值電阻R1串聯(lián)的總電壓增大，流過(guò)L與定值電阻R1的電流增大，燈泡L的電功率增大，定值電阻R1兩端的電壓增大，故B正確，D錯(cuò)誤；C．當(dāng)流過(guò)燈泡L與定值電阻R1的電流增大，而干路電流I減小，則流過(guò)電阻箱R2的電流一定減小，故C錯(cuò)誤。故選B。11. 2022年11月21日第二十二屆世界杯足球賽在卡塔爾舉行。如圖所示，阿根廷球員梅西正在練習(xí)用頭顛球。假設(shè)足球從靜止開(kāi)始下落45cm，被頭豎直頂起，離開(kāi)頭部后足球上升的最大高度仍為45cm，足球與頭部的接觸時(shí)間為0.1s，足球的質(zhì)量為0.4kg，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A. 頭向上頂球的過(guò)程中，足球的動(dòng)量變化量大小為1.2kg·m/sB. 頭向上頂球的過(guò)程中，頭對(duì)足球的沖量等于足球動(dòng)量的變化量C. 頭向上頂球的過(guò)程中，頭部對(duì)足球的平均作用力大小為28ND. 從最高點(diǎn)下落至回到最高點(diǎn)的過(guò)程中，足球重力的沖量為零【答案】C【解析】【詳解】A．取向下為正分向，由題知，下落、上升的高度都為h=45cm=0.45m，則下落到與頭部剛接觸時(shí)有解得與頭部碰撞后，速度反向，大小不變，即為，則動(dòng)量變化量為即動(dòng)量的大小為，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)頭對(duì)足球的沖量為，根據(jù)動(dòng)量定理可得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)量定理可得即代入數(shù)據(jù)解得故C正確；D．從最高點(diǎn)下落至回到最高點(diǎn)的過(guò)程中，足球重力的作用時(shí)間不為零，沖量不為零，故D錯(cuò)誤。故選C。12. 一個(gè)有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸豎直圓盤(pán)如圖所示，圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，固定在圓盤(pán)上的小圓柱帶動(dòng)一個(gè)T形支架在豎直方向振動(dòng)，T形支架的下面系著一個(gè)由彈簧和小球組成的振動(dòng)系統(tǒng)。圓盤(pán)靜止時(shí)，小球可穩(wěn)定振動(dòng)，其振動(dòng)頻率為2Hz。現(xiàn)使圓盤(pán)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，轉(zhuǎn)速為240r/min，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，小球振動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定。下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 當(dāng)小球振動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，振動(dòng)周期為2sB. 小球的運(yùn)動(dòng)是受迫振動(dòng)C. 若要使小球的振幅增大，應(yīng)增大圓盤(pán)的轉(zhuǎn)速D. 小球的振幅與圓盤(pán)的轉(zhuǎn)速無(wú)關(guān)【答案】B【解析】【詳解】A．當(dāng)小球振動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，振動(dòng)周期為故A錯(cuò)誤；B．圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)帶動(dòng)彈簧，小球在彈力的作用下振動(dòng)，做受迫振動(dòng)，故B正確；CD．圓盤(pán)原來(lái)的轉(zhuǎn)動(dòng)頻率為
 當(dāng)圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率降低為2Hz時(shí)，小球達(dá)到共振，則小球振動(dòng)幅度最大；當(dāng)圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率大于2Hz，圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)越快，小球振動(dòng)幅度越小；當(dāng)圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的頻率小于2Hz，圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)越快，小球振動(dòng)幅度越大，故小球的振幅與圓盤(pán)的轉(zhuǎn)速有關(guān)，故CD錯(cuò)誤。故選B。13. 根據(jù)國(guó)家衛(wèi)健委調(diào)查數(shù)據(jù)顯示，由于長(zhǎng)時(shí)間低頭看書(shū)、看手機(jī)、坐姿不正等原因造成我國(guó)高中生近視比例高達(dá)81%。智能護(hù)眼按摩儀對(duì)近視發(fā)病有一定的緩解作用。如圖是某護(hù)眼按摩儀的銘牌信息，已知當(dāng)剩余電池電量為總?cè)萘康?/span>20%時(shí)，智能按摩儀將停止工作。若該智能按摩儀工作時(shí)一直處于額定工作狀態(tài)，則下列說(shuō)法正確的是（　　）商品名稱：智能護(hù)眼按摩儀內(nèi)置電池：500mA ?h/4.0V充電輸入：DC5V/0.2A工作電壓：DC4.0V額定功率：0.4W充電接口：USBA. 理論上該按摩儀充滿電可以連續(xù)工作約5小時(shí)B. 電池從電量為零到充滿電的時(shí)間約為2.5小時(shí)C. mA ?h是能量的單位D. 該按摩儀充滿電所儲(chǔ)存的能量約為【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)電功率公式得額定電流根據(jù)電流的定義式解得故A錯(cuò)誤；B．由題知，充電輸入的電流為0.2A，則電池從電量為零到充滿電的時(shí)間為故B正確；C．電池容量的單位mA?h是是電荷量的單位，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)電功公式W=qU=500×10-3×3600×4.0J=7.2×103J所以該矯正器充滿電所儲(chǔ)存的能量為7.2×103J，故D錯(cuò)誤。故選A。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的，漏選得1分，不選、錯(cuò)選均不得分）14. 如圖所示，兩根垂直紙面平行放置的直導(dǎo)線M和N，通有大小相等方向相反的電流I，在紙面上有一點(diǎn)P，P與M、N構(gòu)成等邊三角形，此時(shí)P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。若將導(dǎo)線M中的電流反向（大小不變），則P點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度（　?。?/span>A. 大小為B B. 大小為 C. 方向平行MN向下 D. 方向平行MN向上【答案】BC【解析】【詳解】MN在P點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)安培定則，電流M在P點(diǎn)的磁場(chǎng)向右上方，電流N在P點(diǎn)的磁場(chǎng)的方向向右下方，此時(shí)兩磁感應(yīng)強(qiáng)度的夾角為，由平行邊形定則可知，P處的磁感應(yīng)強(qiáng)度等于M、N分別在P處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度，如圖當(dāng)導(dǎo)線M中的電流反向（大小不變）時(shí)，M在P處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直PM向下，N在P處處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直PN向下，此時(shí)兩磁感應(yīng)強(qiáng)度的夾角為，所以合磁場(chǎng)應(yīng)為，方向平行MN向下。故選BC。15. 如圖甲所示，裝有少量鐵砂的細(xì)玻璃管豎直漂浮在水中，水面足夠大，把玻璃管向下緩慢按壓一小段距離后放手，忽略阻力，玻璃管的運(yùn)動(dòng)可以視為豎直方向的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。以豎直向上為正方向，某時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，其振動(dòng)圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（　　）A. 振動(dòng)周期與按壓的深度有關(guān)B. 回復(fù)力等于重力和浮力的合力C. 振動(dòng)過(guò)程中玻璃管（含鐵砂）的機(jī)械能守恒D. 在t1~t2時(shí)間內(nèi)，玻璃管的位移減小，加速度減小，速度增大【答案】BD【解析】【詳解】A．由于玻璃管做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，與彈簧振子的振動(dòng)相似，結(jié)合簡(jiǎn)諧振動(dòng)的特點(diǎn)可知，該振動(dòng)的周期與振幅無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．裝有少量鐵砂的細(xì)玻璃管豎直漂浮在水中，細(xì)玻璃管受重力和浮力作用，其做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的回復(fù)力等于重力和浮力的合力，故B正確；C．玻璃管在做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的過(guò)程中，液體的浮力對(duì)玻璃管做功，所以振動(dòng)的過(guò)程中玻璃管的機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D．由圖可知，在t1~t2時(shí)間內(nèi)，玻璃管的位移減小，根據(jù)加速度可知加速度減小，玻璃管向著平衡位置做加速運(yùn)動(dòng)，所以速度增大，故D正確。故選BD。16. 如圖甲所示，“充氣碰碰球”游戲是一項(xiàng)很減壓的趣味運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目。為了研究其中的碰撞規(guī)律，簡(jiǎn)化為如圖乙所示的模型：直徑相同的A球和B球碰撞前后都在同一水平直線上運(yùn)動(dòng)，碰前A球的動(dòng)量pA=50kg?m/s，B球靜止，碰后B球的動(dòng)量變?yōu)?/span>p'B=40kg?m/s。則兩球質(zhì)量mA與mB間的關(guān)系可能是（　　）A.  B.  C.  D. 【答案】AB【解析】【詳解】碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以A球的初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得解得根據(jù)碰撞過(guò)程總動(dòng)能不增加，則有解得碰后兩球同向運(yùn)動(dòng)，A的速度不大于B的速度，則有解得綜上分析可知故選AB。非選擇題部分三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14分）17. 在“用單擺測(cè)量重力加速度的大小”的實(shí)驗(yàn)中（1）下列最合理的裝置是___________。A.        B.C.        D.（2）下列說(shuō)法正確的是___________A.需要用天平稱出小球的質(zhì)量B.測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，要讓小球靜止懸掛再測(cè)量C.擺長(zhǎng)一定的情況下，擺的振幅越大越好D.必須使擺球同一豎直面內(nèi)擺動(dòng)（3）用秒表測(cè)量單擺的周期。當(dāng)單擺擺動(dòng)穩(wěn)定且到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)并記為n=1，單擺每經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)記一次數(shù)，當(dāng)數(shù)到n=60時(shí)停止計(jì)時(shí)，秒表指針的位置如下圖所示（右側(cè)是放大圖），秒表的示數(shù)為___________s，該單擺的周期是T=___________s（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）測(cè)出多組周期T和擺長(zhǎng)L的數(shù)值后，畫(huà)出T2-L圖線如圖所示，此圖線斜率的物理意義是___________。A.g    B.    C.    D.【答案】    ①. D    ②. BD##DB    ③. 67.9    ④. 2.30    ⑤. C【解析】【詳解】（1）[1]單擺擺動(dòng)過(guò)程中，擺線要求長(zhǎng)度不變，所以擺線應(yīng)該選擇彈性小的細(xì)絲線，且擺球應(yīng)選擇密度大的鐵球，以減小阻力的影響；為了防止擺球擺動(dòng)時(shí)擺長(zhǎng)變化，則應(yīng)該用鐵夾夾住上端。故選D。（2）[2]A．本實(shí)驗(yàn)通過(guò)單擺的周期來(lái)測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋恍枰獢[球的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；
B．測(cè)量擺長(zhǎng)時(shí)，要讓小球靜止懸掛再測(cè)量，可以更精確地測(cè)量出懸點(diǎn)到球心的距離，故B正確；
C．單擺只有在擺角小于或等于5°時(shí)才能看作是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)時(shí)須使擺球在同一經(jīng)直面內(nèi)擺動(dòng)，不能做成圓錐擺，減少實(shí)驗(yàn)誤差，故D正確。故選BD。（3）[3][4] 由單擺全振動(dòng)的次數(shù)為n=29.5次，秒表讀數(shù)為t=67.9s，該單擺的周期是（4）[5]由周期公式可得可知，T2-L圖線斜率為。故選C。18. 小王同學(xué)做“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)器材有：待測(cè)金屬絲Rx（粗細(xì)均勻）標(biāo)準(zhǔn)電阻R0（阻值5.0Ω）電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約0.6Ω）電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3kΩ）滑動(dòng)變阻器R1（5Ω，2A）滑動(dòng)變阻器R2（200Ω，1.5A）直流電源E（4V）開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干多用電表螺旋測(cè)微器（1）①用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，如圖甲所示，讀數(shù)為___________mm。②因金屬絲電阻太小不便于測(cè)量，小王同學(xué)將金屬絲與標(biāo)準(zhǔn)電阻R0串聯(lián)起來(lái)作為整體使用。先用多用電表“×1”擋粗測(cè)金屬絲與標(biāo)準(zhǔn)電阻的總阻值，如圖乙所示，讀數(shù)為___________Ω。（2）①為精確測(cè)定金屬絲的電阻值，小王同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖丙所示的實(shí)驗(yàn)電路，請(qǐng)按此電路圖將圖丁中的實(shí)物連接好___________。②滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用___________（選填“R1”或“R2”）；閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片置于___________（選填“最左”或“最右”）端。（3）實(shí)驗(yàn)中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測(cè)得金屬絲接入電路的長(zhǎng)度為L、直徑為D，則待測(cè)金屬絲的電阻率ρ的計(jì)算式為ρ=___________（用題中所給的字母表示）。【答案】    ①. 0.614（0.611~0.615均可）    ②. 5.7或5.8或5.9    ③.     ④. R1    ⑤. 最左    ⑥. 【解析】【詳解】（1）①[1]由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為0.5mm+11.4×0.01mm=0.614mm；②[2]將選擇開(kāi)關(guān)撥到“×1Ω”擋，歐姆表的指針指向的數(shù)字是5.7，則金屬絲的電阻值為Rx=5.7×1Ω=5.7Ω（2）①[3]根據(jù)電路圖連接的實(shí)物圖，如圖所示②[4][5]由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，待測(cè)電阻的阻值較小，故滑動(dòng)變阻器選R1；為了保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前，讓電流表和待測(cè)電阻所在的支路電壓為零，故剛開(kāi)始滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)在最左端；（3）[6]根據(jù)歐姆定律有根據(jù)電阻定律有其中聯(lián)立解得四、計(jì)算題（本大題共4小題，19題9分，20題、21題各10分，22題12分，共41分）19. 如圖所示，勁度系數(shù)k=20N/m的輕彈簧上端固定，下端懸掛一質(zhì)量m=0.2kg的小球（小球可視為質(zhì)點(diǎn)），靜止時(shí)小球的位置標(biāo)記為O點(diǎn)。將小球豎直下拉10cm到達(dá)B點(diǎn)后由靜止釋放。小球釋放時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)過(guò)0.3s首次到達(dá)最高點(diǎn)C點(diǎn)，之后小球在B、C兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。不計(jì)空氣阻力，求：（1）小球的振動(dòng)周期T和振幅A；（2）小球在3s內(nèi)通過(guò)的路程s；（3）小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的加速度a。【答案】（1）T=06 s ，A=10cm；（2）2m；（3），方向豎直向下【解析】【詳解】（1）周期T=0.6 s振幅A=10cm（2）在3s時(shí)間內(nèi)，小球做全振動(dòng)次數(shù)路程（3）小球到達(dá)B點(diǎn)，加速度大小由對(duì)稱性可知，小球在C點(diǎn)加速度大小方向豎直向下。20. 如圖所示，一儀器箱放在實(shí)驗(yàn)室外的水平地面上，需要轉(zhuǎn)移到室內(nèi)某位置。實(shí)驗(yàn)員對(duì)箱子施加一水平推力，作用時(shí)間10s，箱子由靜止開(kāi)始加速到2m/s，此時(shí)撤去推力，箱子繼續(xù)沿直線運(yùn)動(dòng)一段距離后正好停在預(yù)定位置。已知箱子的質(zhì)量為m=20kg，箱子與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2。求：（1）實(shí)驗(yàn)員撤去推力時(shí)，箱子的動(dòng)量大??；（2）推箱子過(guò)程中，實(shí)驗(yàn)員對(duì)箱子的沖量大??；（3）整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程摩擦力對(duì)箱子的沖量大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）動(dòng)量大小（2）推箱子過(guò)程 ，由動(dòng)量定理得摩擦力的沖量為解得（3）全過(guò)程，由動(dòng)量定理得解得21. 如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)、內(nèi)阻，電容器電容，電阻，，電動(dòng)機(jī)線圈電阻。閉合開(kāi)關(guān)后，理想電流表的示數(shù)，電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)。求：（1）通過(guò)電阻的電流、電動(dòng)機(jī)的電流；（2）電容器C所帶電荷量Q；（3）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率。【答案】（1）3A，2A；（2）4.5×10-3C；（3）10W【解析】【詳解】（1）R2的電壓閉合電路歐姆定律解得電動(dòng)機(jī)電流（2）電容器兩端電壓電量（3）輸入功率熱功率輸出功率22. 如圖所示，AB為足夠長(zhǎng)的光滑斜面，斜面底端B處有一小段光滑圓弧與水平面BE平滑相連，水平面的CD部分粗糙，其長(zhǎng)度L=1m，其余部分光滑，DE部分長(zhǎng)度為1m，E點(diǎn)與半徑R=1m的豎直半圓形光滑軌道相接，O為軌道圓心，E為最低點(diǎn)，F為最高點(diǎn)。將質(zhì)量m1=0.5kg的物塊甲從斜面上由靜止釋放若物塊甲能夠穿過(guò)CD區(qū)域，它將與靜止在D點(diǎn)右側(cè)的質(zhì)量為m2=1kg的物塊乙發(fā)生彈性正碰。已知物塊甲、乙與CD面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.25，且物塊均可看成質(zhì)點(diǎn)，g取10m/s2。求：（1）若物塊乙被碰后恰能通過(guò)最高點(diǎn)F，求乙在水平面BE上的落點(diǎn)到E點(diǎn)的距離x；（2）若物塊甲在斜面上釋放的高度h0為11.5m，且甲乙碰后粘在一起，求碰后甲乙運(yùn)動(dòng)至圓心等高點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FN的大??；（3）物塊甲的質(zhì)量m3=1kg，為使物塊甲能夠與物塊乙碰撞，且彈性碰撞次數(shù)不超過(guò)2次，求物塊甲在斜面上釋放的高度h應(yīng)在什么范圍？（不考慮物塊乙脫離軌道后與物塊甲可能發(fā)生的碰撞。）【答案】(1)2m；(2)；(3) 【解析】【分析】【詳解】(1)物塊乙恰好能通過(guò)圓周最高點(diǎn)F時(shí)，有得物塊乙離開(kāi)F點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，有平拋運(yùn)動(dòng)水平位移解得(2)根據(jù)動(dòng)能定理得解得對(duì)于碰撞過(guò)程，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得解得甲乙被碰后運(yùn)動(dòng)到圓心等高點(diǎn)時(shí)，有解得有根據(jù)牛頓第三定律得甲乙對(duì)圓弧軌道的壓力(3)要使物塊甲能夠與物塊乙發(fā)生彈性碰撞，需即因?yàn)橘|(zhì)量相等的兩個(gè)物體發(fā)生彈性碰撞，甲和乙交換速度，不考慮物塊乙脫離軌道后與物塊甲可能發(fā)生的碰撞，則要求物塊乙滑到圓弧上返回后，第2次與物塊甲發(fā)生彈性正碰，交換速度，要使物塊甲不再與物塊乙發(fā)生碰撞，有且解得綜上有
 

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