河北省2023屆高三學生全過程縱向評價（二）物理一、單項選擇題：共7小題，每小題4分，共28分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1．2022年6月23日，遼寧紅沿河核電6號機組正式具備商業(yè)運行條件，標志著我國在運最大的核電站全面建成投產(chǎn)．核燃料可在核反應(yīng)堆中，通過核裂變產(chǎn)生實用核能材料．已經(jīng)大量建造的核反應(yīng)堆使用的是裂變核燃料鈾（）和钚（）下列說法正確的是（    ）A．外界溫度越高，钚（）衰變的速度越快B．鈾（）經(jīng)過1次衰變產(chǎn)生钚（）C．在中子轟擊下生成和的過程中，核子的比結(jié)合能增大D．在中子轟擊下生成和的過程中，沒有質(zhì)量虧損2．如圖所示，在同一均勻介質(zhì)中有振動周期相同的波源和，P是同一水平面內(nèi)的一點，，，且垂直于．，連線上只有1個振動減弱點O和2個振動加強點A、B．波源在時刻開始從平衡位置向上振動，經(jīng)過4s波源產(chǎn)生的第一個波峰傳到P點，已知波源、均從時起振，下列說法正確的是（    ）A．波源在時刻向上運動B．波在介質(zhì)中傳播的速度C．P點為振動的減弱點D．波源產(chǎn)生的第一個波峰傳到P點需要的時間為8s3．如圖所示，豎直平面內(nèi)有兩個固定的點電荷，電荷量均為，與其連線中點O的距離均為h；質(zhì)量為m帶電量為的試探電荷以O為圓心做勻速圓周運動，A、B為圓周上的兩點，兩點與正點電荷連線與AB連線的夾角均為，已知靜電力常量為k，重力忽略不計，則（    ）A．試探電荷做勻速圓周運動所需的向心力大小為B．試探電荷做勻速圓周運動的角速度為C．若增大，試探電荷仍能以O為圓心做勻速圓周運動，則試探電荷的向心力一定變小D．若在A點由靜止釋放負點電荷，該電荷將在連線上做簡諧運動4．如圖所示，Ⅰ為北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)中的靜止軌道衛(wèi)星，其對地張角為；Ⅱ為地球的近地衛(wèi)星．已知地球的自轉(zhuǎn)周期為，萬有引力常量為G，根據(jù)題中條件，可求出（    ）A．地球的平均密度為B．衛(wèi)星Ⅰ和衛(wèi)星Ⅱ的加速度之比C．衛(wèi)星Ⅱ的周期為D．衛(wèi)星Ⅱ運動的周期內(nèi)無法直接接收到衛(wèi)星發(fā)出電磁波信號的時間為5．如圖所示，O為一玻璃球的球心，AB、CD為過球心截面內(nèi)互相垂直的直徑．甲、乙兩束單色光，分別從M、N兩點沿平行AB方向射人玻璃球，M點到CD的距離等于球半徑的一半．經(jīng)一次折射后，兩單色光均從B點射出，兩出射光線的夾角為134°．（）下列說法正確的是（    ）A．玻璃球?qū)紊饧椎恼凵渎蕿?/span>B．單色光乙由N點射人玻璃球時的人射角為75°C．單色光甲的頻率小于單色光乙的頻率D．單色光甲從M點傳播到B點的時間大于單色光乙從N點傳播到B點的時間6．如圖所示為遠距離輸電的原理圖，發(fā)電機輸出電壓恒定，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，其中降壓變壓器的變壓比為n；圖中電表均為理想電表；兩變壓器間輸電線的總電阻為R．假如用戶設(shè)備發(fā)生變化，導致輸電線上的電壓增加了，下列說法正確的是（    ）A．電壓表示數(shù)增大  B．輸電線上消耗的電功率增加C．用戶設(shè)備消耗的電功率減少 D．電流表示數(shù)增大了7．如圖所示，輕彈簧一端與質(zhì)量為m的物塊A相連接，另一端與小立柱（質(zhì)量忽略不計）栓接，第一次將A放在物塊B上，物塊B的上表面水平，小立柱固定在B上，物塊B放在固定斜面上，AB相對靜止的一起沿斜面下滑，第二次將A放在物塊C上，C的上表面與斜面平行，小立柱固定在C上，物塊C放在固定斜面上，AC相對靜止的一起沿斜面下滑，已知斜面傾角為，B、C質(zhì)量相等，與斜面的動摩擦因數(shù)均為，兩次輕彈簧均處于伸長狀態(tài)，彈力大小均為．已知重力加速度為g．則兩次下滑過程中A、B間的摩擦力與A、C間的摩擦力之比為（    ）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．8．某同學用甲、乙兩個物塊來模擬研究汽車相遇規(guī)律問題，下圖是他根據(jù)運動規(guī)律繪制的甲、乙兩個物塊的運動位移時間圖線．已知甲物塊的運動圖線為一條頂點為的拋物線，乙的運動圖線為一過原點的直線．兩條圖線中其中一個交點坐標為．全科試題免費下載公眾號《高中僧課堂》則下列說法正確的是（    ）A．時刻甲物塊速度為B．甲物塊在做勻加速直線運動的加速度為C．圖中甲、乙兩個物塊再次相遇時刻為D．如果兩個物塊只相遇一次，則必有9．近年來我國大力發(fā)展自主品牌創(chuàng)新，其中“大疆”已經(jīng)成為無人機領(lǐng)域的龍頭老大．如圖是一款“大疆”四旋翼無人機，能實現(xiàn)自主水平懸停、水平直線運動及垂升垂降．假設(shè)該無人機質(zhì)量為M，其螺旋槳把空氣以速度v向下推，重力加速度為g．下列說法正確的是（    ）A．水平懸停時，螺旋槳每秒鐘所推動的空氣質(zhì)量為B．水平懸停時，無人機的發(fā)動機輸出功率為C．想要實現(xiàn)水平方向的勻速直線運動，無人機的機身平面必須與地面保持平行D．假設(shè)無人機在離地面高為h的位置懸停時突然一質(zhì)量為m的零部件掉落，則當其落到地面瞬間時無人機離地高度為（無人機升力不變）10．如圖所示，一根質(zhì)量為m的金屬棒靜止放置在水平光滑且無限長的平行金屬導軌上．導軌間距為L，磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場垂直于導軌平面，導軌間可以通過單刀多擲開關(guān)S連接電容大小為C的電容器、阻值為R的定值電阻，金屬棒與導軌電阻均不計．以下說法正確的是（    ）A．將開關(guān)S擲向1，給金屬棒一向右的初速度，則從開始到金屬棒停止運動的過程中通過電阻R的電荷量為B．將開關(guān)S擲向1，給金屬棒一向右的初速度并給金屬棒施加一向右的外力使其做加速度為a的勻減速直線運動，則從開始到金屬棒停止運動的過程中外力沖量為C．將開關(guān)S擲向2，給金屬棒施加一水平向右恒力，則金屬棒做加速度逐漸減小的變加速直線運動D．將開關(guān)S擲向2，電容器的上下極板分別帶有等量正、負電荷，電荷量為，則金屬棒達到穩(wěn)定狀態(tài)后電容器上剩余的電荷量為三、實驗題：本題共2小題，11小題6分，12小題9分．11．（6分）阿特伍德機，是由英國牧師、數(shù)學家兼物理學家的喬治·阿特伍德在1784年發(fā)表的《關(guān)于物體的直線運動和轉(zhuǎn)動》一文中提出的一種著名力學實驗裝置，裝置如圖所示．阿特伍德機可以用來驗證系統(tǒng)的牛頓第二定律．（1）該同學用游標卡尺測量遮光片的寬度d．開始時將質(zhì)量為m的A物體、和質(zhì)量為的B物體用繩連接后，跨放在定滑輪兩側(cè)，滑輪質(zhì)量和摩擦可忽略不計，A置于桌面上使其保持靜止狀態(tài)．測量出擋光片中心到光電門的豎直距離h，釋放物體A后，A向上運動，測出擋光片擋光的時間t，則左右兩側(cè)物體的加速度a的大小表達式為______（用h、d、t表示）（2）要驗證“受力不變時，加速度大小與質(zhì)量成反比”實驗時，為改變系統(tǒng)總質(zhì)量，可同時在左右兩側(cè)依次掛1個、2個、3個、4個質(zhì)量均為m的鉤碼（有擋光片的物體放于最下方），重復（1）中的實驗過程，測出方右兩側(cè)物體總質(zhì)量M及對應(yīng)的加速度a，作出圖像，若圖像為______，則可驗證．（3）驗證“質(zhì)量不變時，加速度大小與力成正比”，先在右側(cè)掛5個質(zhì)量為m的鉤碼，左側(cè)掛質(zhì)量為的物體，為改變力的大小但保證系統(tǒng)總質(zhì)量不變，應(yīng)如何操作？______12．（9分）某實驗小組要準確測量一電池的電動勢和內(nèi)阻，手邊有一個只有刻度但沒有刻度值的電流表、電池、電壓表、電阻箱、滑動變阻器、歐姆表、開關(guān)一個、導線若干，小組成員想先測量出電流表的內(nèi)阻和量程，然后再用伏安法測電池的電動勢和內(nèi)阻．（1）首先用歐姆表粗測電流表的內(nèi)阻；用“×10”檔測量時指針指示如圖甲所示，則應(yīng)該換______擋再次測量；（2）小組成員又設(shè)計了更精確的測量方案，所用電路如圖乙所示．將開關(guān)S閉合，調(diào)節(jié)、使電流表、電壓表指針都在合適位置，然后在保持電壓不變的前提下，多次改變、，記錄和電流表偏轉(zhuǎn)的格數(shù)N，再根據(jù)記錄數(shù)據(jù)作出圖像，若作出的圖像如圖丙所示，縱截距為a，斜率為k，則電流表的內(nèi)阻等于______；（3）調(diào)節(jié)、使電流表滿偏，記錄電壓表示數(shù)U和電阻箱示數(shù)，則電流表量程為______（用、U、表示）．（4）用所給器材，設(shè)計電路用伏安法測電源的電動勢和內(nèi)阻，盡量減小系統(tǒng)誤差．四、計算題：本題共3小題，13小題10分、14小題13分、15小題16分．13．（10分）如圖所示，左側(cè)玻璃管中用長的水銀柱將一定量氣體封裝在一球形容器中，玻璃管足夠長，玻璃管橫截面積為，球形容器的容積為．氣體初始時溫度為，在距玻璃管下端處開有小孔（忽略孔的粗細），小孔通過一段軟管連接右側(cè)封閉有一段氣柱的玻璃管，右側(cè)玻璃管橫截面積和左側(cè)玻璃管橫截面積相等，氣柱長為，氣柱溫度保持不變．剛開始時，右側(cè)玻璃管封閉氣體的水銀面剛好與小孔位置相平．當球形容器中溫度上升后，球形容器中氣體使封裝水銀面升高至小孔處．已知大氣壓強為．求此時右側(cè)玻璃管中水銀面上升的高度以及此時球形容器中氣體的溫度．14．（13分）如圖所示，木板C靜止在光滑的水平面上，距木板C的右側(cè)s遠處有一固定平臺，平臺由、、三段組成，段光滑，其余兩段粗糙，長為，長為，段足夠長．滑塊B靜止于P點．已知A、B、C質(zhì)量均為．滑塊A以的速度從木板C的左端滑人，直到滑到C右端時恰好與C速度相同（木板C未碰到平臺）．當滑塊A經(jīng)過平臺段后，受到水平向右的恒力作用．已知滑塊A與木板C間、滑塊B與、間的動摩擦因數(shù)均為．（重力加速度）（1）為保證木板C與平臺碰撞前A、C能達到速度相同，s至少多長．（2）求滑塊A從M運動到P點的時間．（3）滑塊A與滑塊B可發(fā)生多次碰撞，且每次碰撞均為彈性碰撞，求從滑塊A滑上木板C到第n次碰撞時的摩擦生熱．15．（16分）宇宙射線為來自太陽系以外的高能量粒子，其中大約89%的成份是單純的質(zhì)子．質(zhì)子的電荷量為q，質(zhì)量為m．攜帶粒子探測器的人造衛(wèi)星可以直接探測以下的宇宙射線，以避免大氣層吸收宇宙射線．以上的宇宙射線，必須使用地面上的多個帶電粒子探測器進行間接測量，分析原始宇宙射線與大氣的作用來反推原始宇宙射線的性質(zhì)．如圖所示，有一束宇宙射線從距地面處S點射向赤道．假設(shè)在赤道上空的地磁場為勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向與赤道平面垂直，地球磁層邊界距地面約為．已知地球半徑為R，不考慮相對論效應(yīng)及地球公轉(zhuǎn)帶來的影響．（1）求質(zhì)子的速度在什么范圍內(nèi)地面探測器將接收不到質(zhì)子？（2）若質(zhì)子流的速度大小均為，這一速度的質(zhì)子流從進人磁場到到達地面的最長時間為多少？（3）若速度為的質(zhì)子，自A點進人地磁場時，恰好到達地面，已知，其中O為地心，則的質(zhì)子到達地球表面的弧長是多少？（可能用到的三角函數(shù)近似值，，，，，，，）河北省2023屆高三學生全過程縱向評價（二）物理參考答案1．C  解析：原子核的半衰期由核內(nèi)部自身因素決定，與原子所處的物理、化學狀態(tài)和外部條件無關(guān)，故選項A錯誤；鈾（）經(jīng)過1次衰變，電荷數(shù)少2，質(zhì)量數(shù)少4，即電荷數(shù)變?yōu)?/span>90，質(zhì)量數(shù)變?yōu)?/span>231，故選項B錯誤；鈾（）在中子轟擊下生成和的核反應(yīng)方程，該反應(yīng)屬于重核裂變，重核分裂成中等大小的核，較穩(wěn)定，核子的比結(jié)合能增大，故選項C正確；此過程過程中釋放能量，由質(zhì)能方程可知此過程過程中質(zhì)量虧損，故選項D錯誤．2．D  解析：連線中點為減弱點，可知波源和起振方向相反，波源起振方向向下，所以選項A錯誤；由勾股定理可知，，，所以，，波源振動傳到P點需要，波源在時刻向上振動，經(jīng)過波源產(chǎn)生的第一個波峰傳到P點，則有，因此周期為，波在介質(zhì)中傳播的速度，所以選項B錯誤；，因兩個波源反向振動，因此P點應(yīng)為振動的加強點，故選項C錯誤；波源產(chǎn)生的第一個波峰傳到P點需要的時間為，所以選項D正確．3．B  解析：以試探電荷為研究對象，其做勻速圓周運動，兩正點電荷對其靜電力的合力提供向心力，做勻速圓周運動所需的向心力大小為，所以選項A錯誤；而，可得負點電荷做勻速圓周運動的角速度為，所以選項B正確；若增大，AO之間場強可能先變大后變小，所以向心力也是可能先變大后變小，選項C錯誤；AO之間的場強先變大后變小，靜電力先變大后變小，與到O的距離不成正比，不滿足簡諧運動的條件，選項D錯誤．4．A  解析：設(shè)地球質(zhì)量為M，衛(wèi)星Ⅰ、Ⅱ的軌道半徑分別為r和R，衛(wèi)星Ⅰ為同步衛(wèi)星，周期為，近地衛(wèi)星Ⅱ的周期為T．根據(jù)開普勒第三定律，，，可得：衛(wèi)星Ⅱ的周期為，對于衛(wèi)星Ⅱ對于地球，聯(lián)立以上各式，可地球的平阿密度為，所以選項A正確、選項C錯誤；對于不同軌道衛(wèi)星，根據(jù)牛頓第二定律得，所以衛(wèi)星Ⅰ和衛(wèi)星Ⅱ的加速度之比為，所以選項B錯誤；若衛(wèi)星Ⅰ不運動，衛(wèi)星Ⅱ?qū)?yīng)圓心角為，則衛(wèi)星Ⅱ運動的周期內(nèi)無法直接接收到衛(wèi)星Ⅰ發(fā)出電磁波信號的時間，但衛(wèi)星之間是有相對運動的，所以時間不可能為，選項D錯誤．5．D  解析：光路圖如圖所示：由幾何關(guān)系有，，由折射定律得，玻璃球?qū)坠獾恼凵渎?/span>，故選項A錯誤；同理，，由幾何關(guān)系有，，，單色光乙由N點射入玻璃球時的入射角為74°故選項B錯誤；由折射定律得，玻璃球?qū)σ夜獾恼凵渎?/span>，玻璃球?qū)坠獾恼凵渎蚀笥诓Ａ驅(qū)σ夜獾恼凵渎?，所以單色光甲的頻率大于單色光乙的頻率，故選項C錯誤；甲光在玻璃球中的傳播速度，由幾何關(guān)系有，甲光在玻璃球中的傳播時間，乙光在玻璃球中的傳播速度，由幾何關(guān)系有，乙光在玻聘球中的傳播時間，得，單色光甲從M點傳播到B點的時間大于單色光乙從N點傳播到B點的時間，故選項D正確．6．D  解析：正弦交流發(fā)電機輸出電壓保持不變，升壓變壓器的輸出電壓不變，輸電線上電壓增加，所以降壓變壓器的原線圈電壓減少，則降壓變壓器的副線圈電壓減少，所以選項A錯誤；輸電線電阻不變，電壓增加，說明輸電線上電流增加，而輸電線損耗功率增加，所以選項B、C錯誤；若降壓變壓器原、副線圈電流分別為、，則，變壓比n不變，所以，輸電線上電流增加，可知降壓變壓器輸出電流增加．所以選項D正確．7．C  解析：A與B保持相對靜止，則二者向下的加速度是相等的，根據(jù)牛頓第二定律得解得同理，若以A、C為研究對象，則它們共同的加速度大小也是以A為研究對象，A受到重力、斜面體B豎直向上的支持力時，合力的方向在豎直方向上，水平方向的加速度為該加速度由水平方向彈簧的彈力與摩擦力的合力提供，根據(jù)牛頓第二定律有第二次仍以A為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有由以上幾式解得：故C正確，ABD錯誤．8．CD  解析：由圖像可知，乙物塊為勻速直線運動，其速度應(yīng)為，第一次相遇時，為乙追上甲的情形，因此此時甲的速度應(yīng)該小于乙速度，因此A錯；甲物塊做的是初速度為零的勻加速直線運動，其運動方程為，將點坐標代入可求出，故B錯；兩個物塊相遇條件為拋物線與直線相交，根據(jù)題意有，代入可知，故C正確；根據(jù)前面的相遇條件可知，當方程有一個解時即為相遇一次，則時，即滿足，故D正確．9．AB  解析：由于無人機靜止，所以空氣對無人機的作用力為，無人機對空氣作用力為，設(shè)時間內(nèi)被推空氣的質(zhì)量為，對被推向下的空氣應(yīng)用動量定理得，①四臺發(fā)動機的總功率為P，由動能定理有②聯(lián)立方程①②得所以選項A、B正確；無人機所受升力與機身平面垂直，所以要實現(xiàn)水平方向的勻速直線運動需要將機身傾斜，受力分析如圖，所以選項C錯誤；取豎直向上為正方向，列平均動量守恒，可得，所以，則離地總高度，所以選項D錯誤．10．AD  解析：將開關(guān)S擲向1時，把導線做變速直線運動到靜止這一段時間分割成無數(shù)個小段，可以認為每一小段的感應(yīng)電流和速度是不變的，由動量定理可得，將每一段加起來即有，則，所以A正確；將開關(guān)S擲向1時，取極短時間內(nèi)安培力沖量為，又因為得，聯(lián)立得，微元累加得，聯(lián)立運動學公式，可得，再由動量定理得，得，所以B錯誤；將開關(guān)S擲向2后，，這里的為電容器所帶電荷量O的變化，又因，且不計各處電阻，電容器兩板間電壓．所以有：，又因為，所以有：，所以，a為定值，金屬棒做勻加速直線運動，所以C錯誤；將開關(guān)S擲向2后，金屬棒在安培力的驅(qū)動下開始向右加速運動，速度達到最大值時，設(shè)金屬棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，則，依題意有．取此過程中極短時間，對金屬棒應(yīng)用動量定理得，又有，對該過程求和得，聯(lián)立以上各式解得，所以D正確．11．（6分）答案：（1）    （2）過原點的直線    （3）把左側(cè)的鉤碼移到右側(cè)解析：（1）釋放后A做勻加速運動，由運動學公式，其中，聯(lián)立解得  （2）因為圖像為曲線，無法直觀得出a與M的關(guān)系，而a與關(guān)系曲線為直線，所以畫圖線，如果是直線則說明a與M成反比．（3）要保證系統(tǒng)質(zhì)量不變，而系統(tǒng)合力改變，可以把左側(cè)的鉤碼移到右側(cè)．12．（9分）答案：（1）×1  （2）  （3）（2分）  （4）解析：（1）由圖乙可知，用“×10”檔測量時指針偏角過大，說明電阻較小，為了較準確測量，應(yīng)選用×1擋．（2）在保證電壓表示數(shù)不變的情況下，由歐姆定律有，設(shè)電流表每格電流為，則有，整理得，由圖線可知，，，計算可得電流表內(nèi)阻．（3）電流表量程為滿偏時電流，即為．（4）根據(jù)閉合電路歐姆定律，可設(shè)計如圖所示電路即可消除系統(tǒng)誤差．13．（10分）答案：1cm，404K解析：設(shè)右側(cè)玻璃管中水銀面上升的高度為y，球形容器內(nèi)氣體最終的溫度為以球形容器內(nèi)氣體為研究對象初態(tài)壓強，末態(tài)時壓強末態(tài)體積為由理想氣體狀態(tài)方程得： ①以右側(cè)玻璃管中氣柱為研究對象初態(tài)壓強，末態(tài)時壓強末態(tài)體積為由玻意耳定律得： ②由①②聯(lián)立得：，14．（13分）答案：（1）；（2）；（3）解析：（1）設(shè)A、C獲得共同速度為，以水平向右為正方向，由動量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得若A、C共速時C剛好運動到M，對C應(yīng)用動能定理得代入數(shù)據(jù)解得則保證C運動到M前A、C能夠共速，s應(yīng)滿足的條件是（2）滑塊A在MN上滑動時做勻減速運動，運動加速度為根據(jù)牛頓第二定律有A減速到0所需時間為A減速的位移即A減速到N點時速度恰好為0之后A將在恒力作用下做勻加速運動到P點．設(shè)到P的時間為由牛頓第二定律可知解得在NP段此時A的速度滑塊A從M運動到P點的時間為t（3）AB發(fā)生彈性碰撞時，碰后速度設(shè)為和，碰撞過程中有解得：，碰撞后，A將從0開始做加速運動，加速度B將因摩擦而減速運動，加速度再次碰撞所需時間為滑膚A的位移為，滑膚B的位移為，解得此時，可見第二次碰撞時，再次碰撞結(jié)果將與第一次相同，易知此后A、B將以1.2s為周期性發(fā)生碰撞，每次碰撞到再次碰撞，AB發(fā)生的位移AC相互摩擦生熱A以滑到段生熱，根據(jù)能量守恒有第一次碰撞到第n次碰撞，A、B因摩擦產(chǎn)生的位移均為A、B均因摩擦生熱故：15．（16分）答案：（1）    （2）   （3）解析：（1）如下圖所示，當質(zhì)子沿著磁場邊緣相切進入磁場時，粒子恰好不能到達地面，則由幾何關(guān)系可知洛倫茲力提供質(zhì)子的向心力，有聯(lián)立解得故：時，不會有粒子落在地面上（2）洛倫茲力提供質(zhì)子的向心力，有解得質(zhì)子沿著磁場邊緣相切進入磁場時，時間最長，由題意可知磁場半徑為由圖可知：在中解得由圖可知：解得（3）（Ⅰ）速度為的質(zhì)子，自A點進入地磁場時，質(zhì)子恰好落在地面K點，洛倫茲力提供質(zhì)子的向心力，有解得連接，在中解得由圖可知：在中解得故在中解得（Ⅱ）質(zhì)子沿著磁場邊緣相切進入磁場時，當，時，質(zhì)子落在地面C點當，時，質(zhì)子落在地面N點，如圖所示．由題意可知：故：的質(zhì)子到達赤道的弧長對應(yīng)的圓心角為所以的質(zhì)子到達地球表面的弧長為：解得：
 

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2022-2023學年河北省高三下學期全過程縱向評價（二）物理試題（word版）：

這是一份2022-2023學年河北省高三下學期全過程縱向評價（二）物理試題（word版），共11頁。試卷主要包含了單項選擇題，多項選擇題，實驗題，計算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

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