2023屆高三市一模第一次熱身考試物理試題1．伽利略為了研究自由落體的規(guī)律，將落體實驗轉(zhuǎn)化為著名的“斜面實驗”，從而創(chuàng)造了一種科學(xué)研究的方法．利用斜面實驗主要是考慮到，實驗時便于測量小球運動的（   ）A．速度 B．時間 C．路程 D．加速度2．一質(zhì)量為m的乘客乘坐豎直電梯下樓，其位移s與時間t的關(guān)系圖像如圖所示。乘客所受支持力的大小用FN表示，速度大小用v表示。重力加速度大小為g。以下判斷正確的是（　?。?/span>A．0~t1時間內(nèi)，v增大，FN>mg B．t1~t2時間內(nèi)，v減小，FN<mgC．t2~t3時間內(nèi)，v增大，FN <mg D．t2~t3時間內(nèi)，v減小，FN >mg3．跳傘表演是人們普遍喜歡的觀賞性體育項目，如圖所示，當(dāng)運動員從直升機上由靜止跳下后，在下落過程中將會受到水平風(fēng)力的影響，下列說法中正確的是（　?。?/span>A．風(fēng)力越大，運動員下落時間越長，運動員可完成更多的動作B．風(fēng)力越大，運動員著地時的豎直速度越大，有可能對運動員造成傷害C．運動員下落時間與風(fēng)力無關(guān)D．運動員著地速度與風(fēng)力無關(guān)4．甲、乙兩顆人造衛(wèi)星質(zhì)量相等，均繞地球做圓周運動，甲的軌道半徑是乙的2倍。下列應(yīng)用公式進(jìn)行的推論正確的有（　?。?/span>A．由可知，甲的速度是乙的倍B．由可知，甲的向心加速度是乙的2倍C．由可知，甲的向心力是乙的D．由可知，甲的周期是乙的倍5．如圖所示，細(xì)線的一端固定于O點，另一端系一小球。 在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由A 點運動到B 點。 在此過程中拉力的瞬時功率變化情況是（　?。?/span>A．逐漸增大 B．逐漸減小C．先增大，后減小 D．先減小，后增大6．某電場的電場線分布如圖所示，下列說法正確的是（   ）A．c點的電場強度大于b點的電場強度B．若將一試探電荷由a點釋放，它將沿電場線運動到b點C．b點的電場強度大于d點的電場強度D．a點和b點的電場強度的方向相同7．一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，其波速為10m/s，t=0時刻的波形如圖所示下列說法正確的是（　　）A．0～0.6s時間內(nèi)，質(zhì)點P運動的路程為18cmB．t=0.6s時刻，質(zhì)點P相對平衡位置的位移是6cmC．t=1.2s時刻，質(zhì)點Q加速度最大D．t=1.4s時刻，質(zhì)點M沿y軸負(fù)方向運動8．如圖所示，光滑固定導(dǎo)軌m、n水平放置，兩根導(dǎo)體棒p、q平行放于導(dǎo)軌上，形成一個閉合回路。當(dāng)一條形磁鐵從高處下落接近回路時（　?。?/span>A．p、q將互相靠攏 B．p、q將互相遠(yuǎn)離C．磁鐵的加速度大于g D．磁鐵的加速度仍為g9．如圖為一勻強電場，某帶電粒子從A點運動到B點，在這一運動過程中克服重力做的功為2.0J，電場力做的功為1.5J，則下列說法正確的是（　?。?/span>A．粒子帶負(fù)電B．粒子在A點的電勢能比在B點少1.5JC．粒子在A點的動能比在B點少0.5JD．粒子在A點的機械能比在B點少1.5J10．如圖甲所示的電路，其中電源電動勢，內(nèi)阻，定值電阻，已知滑動變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法中正確的是（　?。?/span>A．圖乙中滑動變阻器的最大功率B．圖乙中，C．滑動變阻器消耗功率P最大時，定值電阻R也消耗功率最大D．調(diào)整滑動變阻器的阻值，可以使電源的輸出電流達(dá)到11．利用如圖（a）所示電路，可以測量電源的電動勢和內(nèi)阻，所用的實驗器材有：待測電源，電阻箱R（最大阻值999.9 Ω），電阻R0（阻值為3.0 Ω），電阻R1（阻值為3.0 Ω），電流表A（量程為200 mA，內(nèi)阻為RA=6.0 Ω），開關(guān)S。實驗步驟如下：①將電阻箱阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)S；②多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電流表的示數(shù)I和電阻箱相應(yīng)的阻值R；③以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作圖線（用直線擬合）；④求出直線的斜率k和在縱軸上的截距b。回答下列問題：（1）分別用E和r表示電源的電動勢和內(nèi)阻，則與R的關(guān)系式為______。（2）實驗得到的部分?jǐn)?shù)據(jù)如下表所示，其中電阻R=3.0 Ω時，電流表的示數(shù)如圖（b）所示，讀出數(shù)據(jù)，完成下表。答：①______，②______。（3）在圖（c）的坐標(biāo)紙上描點并作圖______，根據(jù)圖線求得斜率k=______A－1·Ω－1，截距b=______A－1。R/Ω1.02.03.04.05.06.0I/A0.1430.125①0.1000.0910.0846.998.00②10.011.011.9 （4）根據(jù)圖線求得電源電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω。12．如圖所示，在傾角θ＝37°的斜面上，固定一金屬框，其寬l＝0.25 m．接入電動勢E＝3 V、內(nèi)阻不計的電源．垂直框邊放有一根質(zhì)量m＝0.2 kg的金屬棒ab，它與框架的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，整個裝置放在磁感應(yīng)強度B＝0.8 T、方向垂直框面向上的勻強磁場中，框架與棒的電阻不計，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10 m/s2．（1）當(dāng)滑動變阻器R的阻值調(diào)為多大時，金屬棒與框架之間恰好無摩擦；（2）當(dāng)滑動變阻器R的阻值調(diào)為多大時，金屬棒恰好要沿框架向上滑動．13．如圖，一電荷量帶正電的小球，用絕緣細(xì)線懸于豎直放置足夠大的平行金屬板中的點。S合上后，小球靜止時，細(xì)線與豎直方向的夾角。已知兩板相距，電源電動勢，內(nèi)阻，電阻，，取，，。求：（1）流過電源的電流；（2）兩板間的電場強度的大??；（3）小球的質(zhì)量。14．如圖甲所示，放在水平地面上的足夠長的木板質(zhì)量，木板左端放一質(zhì)量的滑塊（可視為質(zhì)點），已知地面和木板間的動摩擦因數(shù)；滑塊和木板間的動摩擦因數(shù)，滑塊的正上方有一懸點O，通過長的輕繩吊一質(zhì)量的小球．現(xiàn)將小球拉至與O點處于同一水平面，由靜止釋放，小球擺至最低點時與滑塊發(fā)生正碰（即兩物體在同一直線上碰撞），且小球與滑塊只碰一次，小球碰后的動能與其向上擺動高度的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度g取。求：（1）碰前瞬間輕繩對小球拉力的大?。?/span>（2）小球和滑塊碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能；（3）長木板運動過程中的最大速度。15．如圖所示，在平面內(nèi)，第二象限有與軸負(fù)方向成角的勻強電場，電場強度為E，第一象限有垂直平面向里的勻強磁場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為的粒子，從軸上P點垂直軸以初速度射入電場，并在電場中做變速運動，速度最小時，恰好經(jīng)過y軸上的Q點，之后進(jìn)入磁場，并恰好沒有從x軸離開磁場。粒子重力不計，求：（1）粒子經(jīng)過Q點時速度；（2）磁感應(yīng)強度B的大??；（3）粒子從P點開始運動到第二次經(jīng)過y軸所經(jīng)歷的時間。16．如圖所示，兩平行金屬板水平放置，間距為d，兩極板接在電壓可調(diào)的電源上。兩板之間存在著方向垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度的大小為B。金屬板右側(cè)有一邊界寬度為d的無限長勻強磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度的大小為B、方向垂直于紙面向里，磁場邊界與水平方向的夾角為60°。平行金屬板中間有一粒子發(fā)射源，可以沿水平方向發(fā)射出電性不同的兩種帶電粒子，改變電源電壓，當(dāng)電源電壓為U時，粒子恰好能沿直線飛出平行金屬板，粒子離開平行金屬板后進(jìn)入有界磁場后分成兩束，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好同時從兩邊界離開磁場，而且從磁場右邊界離開的粒子的運動方向恰好與磁場邊界垂直，粒子之間的相互作用不計，粒子的重力不計，試求：（1）帶電粒子從發(fā)射源發(fā)出時的速度；（2）帶負(fù)電粒子的比荷和在磁場中做圓周運動的軌跡半徑；（3）帶正電粒子的比荷和在磁場中做圓周運動的軌跡半徑。
1．B【詳解】伽利略最初假設(shè)自由落體運動的速度是隨著時間均勻增大，但是他所在的那個時代還無法直接測定物體的瞬時速度，所以不能直接得到速度隨時間的變化規(guī)律．伽利略通過數(shù)學(xué)運算得到結(jié)論：如果物體的初速度為零，而且速度隨時間的變化是均勻的，那么它通過的位移與所用的時間的二次方成正比，這樣，只要測出物體通過不同位移所用的時間，就可以檢驗這個物體的速度是否隨時間均勻變化．但是物體下落很快，當(dāng)時只能靠滴水計時，這樣的計時工具還不能測量自由落體運動所用的較短的時間．伽利略采用了一個巧妙的方法，用來“沖淡”重力．他讓銅球沿阻力很小的斜面滾下，小球在斜面上運動的加速度要比它豎直下落的加速度小得多，所以時間長，所以容易測量．A. 速度與分析不符，故A錯誤．B. 時間與分析相符，故B正確．C. 路程與分析不符，故C錯誤．D. 加速度與分析不符，故D錯誤．2．D【詳解】A．由于s-t圖像的斜率表示速度，可知在0~t1時間內(nèi)速度增加，即乘客的加速度向下，處于失重狀態(tài)，則FN<mgA錯誤；B．在t1~t2時間內(nèi)速度不變，即乘客的勻速下降，則FN=mgB錯誤；CD．在t2~t3時間內(nèi)速度減小，即乘客的減速下降，處于超重，則FN>mgC錯誤，D正確。故選D。3．C【詳解】AC.運動員同時參與了兩個分運動，豎直方向向下落和水平方向隨風(fēng)飄，兩個分運動同時發(fā)生，相互獨立；則水平方向的風(fēng)力大小不影響豎直方向的運動，即落地時間不變，選項A錯誤，C正確；BD.不論風(fēng)速大小，運動員豎直方向的運動不變，則下落時間和豎直方向下落的速度不變，但水平風(fēng)速越大，水平方向的速度越大，則落地的合速度越大，故BD錯誤．4．CD【詳解】衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，則A．因為在不同軌道上g是不一樣的，故不能根據(jù)得出甲乙速度的關(guān)系，衛(wèi)星的運行線速度代入數(shù)據(jù)可得故A錯誤；B．因為在不同軌道上兩衛(wèi)星的角速度不一樣，故不能根據(jù)得出兩衛(wèi)星加速度的關(guān)系，衛(wèi)星的運行加速度代入數(shù)據(jù)可得故B錯誤；C．根據(jù)，兩顆人造衛(wèi)星質(zhì)量相等，可得故C正確；D．兩衛(wèi)星均繞地球做圓周運動，根據(jù)開普勒第三定律，可得故D正確。故選CD。5．A【詳解】試題分析：因為小球是以恒定速率運動，即它是做勻速圓周運動，那么小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力T三者的合力必是沿繩子指向O點．設(shè)繩子與豎直方向夾角是，則（F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上），解得，而水平拉力F的方向與速度v的方向夾角也是，所以水平力F的瞬時功率是，則，故從A到B的過程中，是不斷增大的，所以水平拉力F的瞬時功率是一直增大的，故A正確考點：考查了功率的計算【名師點睛】根據(jù)小球做圓周運動，合力提供向心力，即合力指向圓心，求出水平拉力和重力的關(guān)系，根據(jù)得出拉力瞬時功率的表達(dá)式，從而判斷出拉力瞬時功率的變化 6．C【詳解】ACD．據(jù)電場線的分布可知，c點的電場線比b點的電場線稀疏，即c點的電場強度小于b點的電場強度；b點的電場線比d點的電場線密，即b點的電場強度大于d點的電場強度；a點和b點的切線方向不同，即兩點的電場強度的方向不同，故AD錯誤，C正確；B．將一試探電荷由a點釋放，據(jù)場強方向的規(guī)定可知，受與場強方向相同的電場力，它將右上方做曲線運動，而不是沿電場線運動到b點，故B錯誤。故選C。7．A【詳解】A．機械波的周期為0～0.6s時間內(nèi)，質(zhì)點P運動的路程為3A=18cm，選項A正確；B．t=0.6s時刻，質(zhì)點P到達(dá)平衡位置，則此時相對平衡位置的位移是0，選項B錯誤；C．因為t=1.2s= 時刻，質(zhì)點Q在平衡位置，則此時加速度為零，選項C錯誤；D．經(jīng)過1.4s波向前傳播x=vt=14m=則此時刻，質(zhì)點M在平衡位置以下沿y軸正方向運動，選項D錯誤。故選A。8．A【詳解】AB.當(dāng)一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，可知p、q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起阻礙原磁通量增加的作用，故A正確，B錯誤；CD.由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故CD錯誤。故選A。9．D【詳解】A. 根據(jù)粒子的運動軌跡，可知粒子帶正電，故A錯誤；B. 從A點運動到B點電場力做正功，電勢能減少，則粒子在A點的電勢能比在B點多1.5J，故B錯誤；C. 從A點運動到B點，克服重力做的功為2.0J，電場力做的功為1.5J，則在A點的動能比在B點多0.5J，故C錯誤；D. 從A點運動到B點，場力做的功為1.5J，由能量的轉(zhuǎn)化與守恒定律可知，機械能的增加量等于電場力做功的多少，所以機械能增加了1.5J，即粒子在A點的機械能比在B點少1.5J，故D正確。故選D。10．B【詳解】A．由閉合電路歐姆定律的推論可知，當(dāng)電源外電阻R等于內(nèi)阻r時，輸出功率最大，最大值為把定值電阻看成電源內(nèi)阻，由圖乙可知，當(dāng)滑動變阻器消耗的功率最大，最大功率為A錯誤；B．滑動變阻器的阻值為時與阻值為時消耗的功率相等，有解得B正確；C．當(dāng)回路中電流最大時，即時定值電阻R消耗的功率最大，C錯誤；D．當(dāng)滑動變阻器的阻值為0時，電路中電流最大，最大值為則調(diào)整滑動變阻器的阻值，不可能使電源的輸出電流達(dá)到，D錯誤。故選B。11．          0.110（0.109~0.112）     9.09（9.17~8.92）          1.0（0.96~1.04）     6.0（5.9~6.1）     3.0（2.7~3.3）     1.0（0.6~1.4）【詳解】（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)，化簡得（2）[2][3]電流表每小格表示4mA，因此電流表讀數(shù)I=0.110 A，（3）[4]在坐標(biāo)紙上描點，用一條直線將點跡連接起來，盡量使點跡分布在直線的兩側(cè)，如圖所示[5][6]根據(jù)圖像，得出斜率k=1.0 A－1·Ω－1截距b=6.0 A－1（4）[7][8]根據(jù)函數(shù)表達(dá)式有解得E=3.0 V縱截距解得r=1.0 Ω12．（1）0.5Ω（2）0.3Ω【詳解】（1）根據(jù)平衡條件有：根據(jù)閉合電路的歐姆定律有： 解得：R1=0.5Ω（2）最大靜摩擦力沿斜面向下，根據(jù)平衡條件有：則有：解得：R2=0.3Ω13．（1）；（2）；（3）【詳解】（1）外電路電阻電路中總電流（2）路端電壓兩板間的場（3）設(shè)小球質(zhì)量為，由共點力平衡條件有解得14．（1）60N；（2）3J；（3）【詳解】（1）設(shè)小球擺到最低點時速度大小為，繩對小球的拉力為，由動能定理得解得小球碰前瞬間的速度由牛頓第二定律得解得拉力（2）設(shè)碰后小球、滑塊的速度大小分別為和，由圖像可得小球與滑塊組成的系統(tǒng)碰撞過程動量守恒，得解得時時計算碰撞前后的總動能可知而所以碰后瞬間小球、滑塊速度只能取時碰撞過程損失的機械能代入數(shù)據(jù)得（3）設(shè)經(jīng)時間t滑塊和木板達(dá)到共同速度，此時木板速度最大，由動量定理：對木板對滑塊聯(lián)立解得15．（1），與y軸正方向夾角為30°；（2）；（3）【詳解】（1）將速度Vo沿電場力的方向和垂直電場力的方向分解，當(dāng)沿電場力方向速度為零時，速度最小，由速度的合成與分解得∶與y軸正方向夾角為30°；（2）粒子在電場中的加速度沿y軸方向的加速度大小為粒子從P到Q點的時間OQ的距離為粒子恰好不從x軸離開磁場，軌跡與x軸相切，做圓周運動的半徑為r由幾何關(guān)系得可得由向心力公式解得（3）設(shè)粒子做勻速圓周運動的周期為T則粒子在磁場中運動的時間所以總時間為16．（1）；（2），2d；（3），【詳解】（1）由于粒子恰好能沿直線飛出平行金屬板，則粒子在電場中做勻速直線運動，則有解得（2）根據(jù)左手定則，從磁場右邊界離開的粒子帶負(fù)電，作出粒子運動軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系有解得r1=2d對帶負(fù)電粒子有解得（3）作出帶正電粒子運動軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系可知，該軌跡對應(yīng)圓心角對帶正電粒子有，解得同理可解得帶負(fù)電粒子的周期根據(jù)上述，粒子在電場中運動時間相等，由于經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好同時從兩邊界離開磁場，則粒子在磁場中運動時間也相等，則有解得則有 

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