河北省衡水中學2023屆上學期高三年級四調(diào)考試物   理 本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分。共5頁，總分100分，考試時間75分鐘。第Ⅰ卷（選擇題   共46分）一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1．如圖所示，水平地面上固定一斜面體，斜面體的傾角為α，小斜劈B上表面水平，放置在斜面上，物塊A處于小斜劈的上表面，通過兩端帶有鉸鏈的輕桿與物塊C相連，物塊C緊靠墻面，墻面的傾角為θ，已知輕桿跟墻面垂直，A、B、C均靜止，α < θ，關(guān)于A、B、C的受力，下列說法正確的是（　?。?/span>A．A對B的摩擦力水平向右B．小斜劈B可能不受斜面體的摩擦力作用C．物塊C的受力個數(shù)可能是3個D．A對B的壓力大小一定等于A、C的重力之和2．如圖所示，在一塊面積很大的接地金屬平板的上方固定一個帶正電的小球，虛線是金屬平板上方電場的等勢面（相鄰等勢面間的電勢差都相等），實線是某一帶電粒子先后經(jīng)過M和N處的運動軌跡。若該帶電粒子在M和N處受到的電場力大小分別為FM和FN，相應(yīng)的電勢能分別為EPM和EPN，下列說法正確的是（　　）A．該粒子可能帶正電 B．該粒子從M運動到N的過程中，動能減小C．FM<FN，EPM>EPN D．由于靜電感應(yīng)，金屬平板的上表面帶正電荷3．真空空間中有四個點o、a、b、c，任意兩點間距離均為L，點d（未畫出）到點o、a、b、c的距離均相等，如圖所示。在a、b兩點位置分別放置電荷量為q的正點電荷，在連線的某點處放置正點電荷Q，使得d點的電場強度為零。則Q的電荷量為（　?。?/span>A． B． C． D．4．如圖所示，均勻的帶正電圓環(huán)圓心為O，以O點為坐標原點建立x軸，坐標軸垂直于圓環(huán)平面。A是x軸上的一點，帶電圓環(huán)在A點產(chǎn)生的電場強度為E、電勢為φ，現(xiàn)在A處再放一同樣的帶正電圓環(huán)，圓心在A點，環(huán)面與x軸垂直。則A點（        ）A．E增大、φ增大 B．E不變、φ增大C．E增大、φ不變 D．E不變、φ不變5．在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E，內(nèi)阻忽略不計，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，電流表和電壓表均為理想電表。在滑動變阻器的滑片P自b端向a端滑動的過程中，下列說法正確的是（　?。?/span>A．電壓表示數(shù)變大B．電流表示數(shù)變小C．電容器C所帶電荷量減少D．a點的電勢降低6．如圖所示，V型對接的絕緣斜面M、N固定在水平面上，兩斜面與水平面夾角均為α = 60°，其中斜面N光滑。兩個質(zhì)量相同的帶電小滑塊P、Q分別靜止在M、N上，P、Q連線垂直于斜面M，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（     ）A．兩小滑塊所帶電荷為異種電荷 B．兩小滑塊間的庫侖力大小等于小滑塊重力的兩倍C．P與M間的動摩擦因數(shù)至少為 D．P與M間的動摩擦因數(shù)至少為7．空間存在一沿x軸方向的靜電場，質(zhì)子由O點開始僅在電場力的作用下沿x軸的正方向運動，該過程中質(zhì)子的電勢能關(guān)于位移x的變化規(guī)律如圖所示。其中圖線O~x2為頂點在x1的開口向上的拋物線，x2以后的圖線為傾斜的直線。下列說法正確的是（　?。?/span>A．O位置和x2位置的電場強度相同B．圖中x1處的電勢最高，x3處的電勢最低C．x2~x3段質(zhì)子做勻變速直線運動D．該電場沿x軸的正方向8．如圖所示，傾角為α的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，M點固定一個電荷量為的小球Q。整個裝置處在電場強度大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中?，F(xiàn)把一個質(zhì)量為m、電荷量為的小球P從N點由靜止釋放，釋放后P沿著斜面向下運動。N點與彈簧的上端和M點的距離均為s0。P、Q的連線以及彈簧的軸線ab與斜面平行。兩小球均可視為質(zhì)點和點電荷，彈簧的勁度系數(shù)為k0且始終在彈性限度內(nèi)，靜電力常量為k，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（　?。?/span>A．小球P沿著斜面向下運動的過程中，其電勢能一定減小B．小球P在N點的加速度大小為C．小球P返回時，不可能越過N點撞到小球QD．當彈簧的壓縮量為時，小球P的速度最大9．在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個相同規(guī)格的小燈泡，這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當開關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25 A，則此時(　　)A．L1兩端的電壓為L2兩端電壓的2倍 B．L1消耗的電功率為0.75 WC．L2的電阻為12 Ω D．L1、L2消耗的電功率的比值大于410．某企業(yè)的生產(chǎn)車間在樓上，為了將工件方便快捷地運送到地面，專門安裝了傳送帶設(shè)備，如圖所示。已知傳送帶與水平面的夾角，正常的運行速度是?，F(xiàn)在傳送帶的A端輕輕放上一個小物體（可視為質(zhì)點），已知小物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為，A、B間距離（已知，，取）則：（　　）A．如果傳送帶不運行，小物體從A端運動到B端的時間為4sB．如果傳送帶沿逆時針方向正常轉(zhuǎn)動，小物體速度不可能超過皮帶速度C．如果傳送帶沿逆時針方向正常轉(zhuǎn)動，小物體從A端運動到B端的時間小于傳送帶不運行時小物體從A端運動到B端的時間D．如果傳送帶沿順時針方向正常轉(zhuǎn)動，小物體從A端運動到B端的時間大于傳送帶不運行時小物體從A端運動到B端的時間第Ⅱ卷（非選擇題   共54分）二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．實驗小組做“探究在質(zhì)量不變的情況下物體的加速度與所受合外力關(guān)系”的實驗。如圖甲所示為實驗裝置示意圖。（1）關(guān)于該實驗以下說法正確的是__________。A．安裝實驗器材時，要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使細線與長木板平行B．平衡摩擦力時，撤去砂桶，接通打點計時器的電源，輕推小車，從打出的紙帶判斷小車是否做勻速運動C．實驗過程中，向砂桶內(nèi)加砂時，必須保證砂和砂桶的總質(zhì)量m遠小于小車的總質(zhì)量MD．準確地平衡摩擦力后，實驗過程中讀出拉力傳感器的示數(shù)即為小車受到的合外力（2）如圖乙是實驗中選擇的一條合適的紙帶（紙帶上相鄰的兩個計數(shù)點之間還有4個計時點沒有畫出），相關(guān)的測量數(shù)據(jù)已標在紙帶上，已知打點計時器的打點頻率為50Hz，則小車的加速度a=_________m/s2。（3）保持小車的質(zhì)量不變，改變砂桶中砂的質(zhì)量，記錄多組傳感器的讀數(shù)F和對應(yīng)紙帶的加速度a的數(shù)值，并根據(jù)這些數(shù)據(jù)，繪制出如圖丙所示的a-F圖像，實驗小組仔細分析圖像，得出了實驗所用小車的質(zhì)量為________kg（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。12．為了測定某迭層電池的電動勢（約20V~22V）和電阻（小于2Ω），需要把一個量程為10V的直流電壓表接一固定電阻（用電阻箱代替），改裝為量程為30V的電壓表，然后用伏安法測電源的電動勢和內(nèi)電阻，以下是該實驗的操作過程：(1)把電壓表量程擴大，實驗電路如圖甲所示，請完成第五步的填空．第一步：把滑動變阻器滑動片移至最右端第二步：把電阻箱阻值調(diào)到零第三步：閉合電鍵第四步：把滑動變阻器滑動片調(diào)到適當位置，使電壓表讀數(shù)為9V 第五步：把電阻箱阻值調(diào)到適當值，使電壓表讀數(shù)為 ______ V第六步：不再改變電阻箱阻值，保持電壓表和電阻箱串聯(lián)，撤去其它線路，即得量程為30V的電壓表(2)上述實驗可供選擇的器材有：A．迭層電池（電動勢約20V~22V，內(nèi)電阻小于2Ω） B．電壓表（量程為10V，內(nèi)阻約10kΩ） C．電阻箱（阻值范圍0~9999Ω，額定功率小于10W） D．電阻箱（阻值范圍0~99999Ω，額定功率小于10W） E．滑動變阻器（阻值為0~20Ω，額定電流2A） F．滑動變阻器（阻值為0~2kΩ，額定電流0.2A）電阻箱應(yīng)選 _______，滑動變阻器應(yīng)選_______（用大寫字母表示）．(3)用該擴大了量程的電壓表（電壓表的表盤沒變），測電源電動勢E和內(nèi)電阻r，實驗電路如圖乙所示，得到多組電壓U和電流I的值，并作出U-I圖線如圖丙所示，可知電池的電動勢為 _______ V，內(nèi)電阻為_______ Ω．13．如圖所示的電路中，R1＝4Ω，R2＝2Ω，滑動變阻器R3上標有“10Ω，2A”的字樣，理想電壓表的量程有0～3V和0～15V兩擋，理想電流表的量程有0～0.6A和0～3A兩擋．閉合開關(guān)S，將滑片P從最左端向右移動到某位置時，電壓表、電流表示數(shù)分別為2V和0.5A；繼續(xù)向右移動滑片P至另一位置，電壓表指針指在滿偏的，電流表指針也指在滿偏的．求電源電動勢與內(nèi)阻的大小．（保留兩位有效數(shù)字）14．如圖所示，光滑絕緣直桿ABCD水平放置并固定不動，其中AB＝BC＝CD＝L，桿上套有質(zhì)量為m、電量為＋q的小球（可視為質(zhì)點），小球通過絕緣輕質(zhì)彈簧與固定點O連接，直桿A處固定電量為＋9q的點電荷。小球從B處由靜止開始釋放，運動到D處時速度恰好達到最大值vm，OC垂直于直桿，且OC為彈簧自然長．靜電力常量為k.求：（1）BD兩點間的電勢差UBD；（2）小球剛釋放時的加速度大小a；（3）小球運動到D處時，C處的電場強度E。15．如圖所示，一內(nèi)壁光滑的絕緣圓管ADB固定在豎直平面內(nèi)．圓管的圓心為O，D點為圓管的最低點，AB兩點在同一水平線上，AB=2L，圓管的半徑為r=L(自身的直徑忽略不計)．過OD的虛線與過AB的虛線垂直相交于C點，在虛線AB的上方存在方向水平向右、范圍足夠大的勻強電場；虛線AB的下方存在方向豎直向下、范圍足夠大的勻強電場，電場強度大小E2=．圓心O正上方的P點有一質(zhì)量為m、電荷量為－q(q>0)的小球(可視為質(zhì)點)，PC間距為L．現(xiàn)將該小球從P點無初速釋放，經(jīng)過一段時間后，小球剛好從管口A無碰撞地進入圓管內(nèi)，并繼續(xù)運動．重力加速度為g．求：(1)虛線AB上方勻強電場的電場強度E1的大小；(2)小球在AB管中運動經(jīng)過D點時對管的壓力FD；（3）小球從管口B離開后，經(jīng)過一段時間到達虛線AB上的N點(圖中未標出)，在圓管中運動的時間與總時間之比．   1．B【詳解】A．對A受力分析可知，桿對A的彈力方向沿CA方向，故B對A的摩擦力水平向右，那么A對B的摩擦力水平向左，A錯誤；B．B可能只受到重力、A施加的壓力、A的摩擦力和斜面的支持力作用而平衡，B正確；C．對C受力分析如圖C受重力、桿的作用力、墻面的支持力、摩擦力，4個力的作用，且滿足C錯誤；D．對AC整體受力分析如圖聯(lián)立可得因為不清楚與的大小關(guān)系，故A對B的壓力大小不一定等于A、C的重力之和，D錯誤。故選B。2．C【詳解】A．根據(jù)帶電粒子運動軌跡的彎曲方向可知，正電荷對該帶電粒子的作用力是吸引力，所以該粒子帶負電，A錯誤；BC．由等勢面的疏密程度可知，兩點的場強關(guān)系為再根據(jù)電場力公式可知帶電粒子從M點運動到N點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即，B錯誤，C正確；D．由于靜電感應(yīng)，在金屬平板的上表面帶負電荷，D錯誤。故選C。3．B【詳解】根據(jù)題意分析d點的位置，已知o、a、b、c構(gòu)成正四面體，則由于d與各點等距，所以d位于正四面體的中心，根據(jù)幾何關(guān)系可得在a、b兩點位置分別放置電荷量為q的正點電荷，由于對稱性分析得這兩個點電荷在d點所產(chǎn)生的合場強方向垂直與oc，指向oc的中點e，根據(jù)幾何關(guān)系可得故使得d點的電場強度為零，則正點電荷Q應(yīng)當防止于e點，正點電荷Q在e點所產(chǎn)生的場強為結(jié)合空間幾何關(guān)系，a、b處電荷量為q的正點電荷在d點產(chǎn)生的合場強大小為因e點合場強為0，得解得B正確，ACD錯誤。故選B。4．B【詳解】根據(jù)微元法和對稱法可知O處的帶正電圓環(huán)在A點產(chǎn)生的場強水平向右，故；而圓環(huán)在A點產(chǎn)生的場強為零，則A點總場強不變，圓環(huán)A在A點產(chǎn)生的電勢大于零，則A點的總電勢增大。故選B。5．B【詳解】A．在滑動變阻器的滑片P自b端向a端滑動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流I減小，電阻R1兩端電壓減小，則電壓表示數(shù)減小，故A錯誤；C．電阻R2兩端的電壓I減小，則U2增大，電容器兩極板間的電壓增大，其所帶電荷量增大，故C錯誤；D．根據(jù)外電路中沿著電流方向電勢降低可知，a點的電勢大于零，a點的電勢等于R2兩端的電壓，U2增大，則a點的電勢升高，故D錯誤；B．通過R2的電流I2增大，通過電流表的電流I減小，I2增大，則IA減小，即電流表示數(shù)變小，故B正確。故選B。6．D【詳解】A．滑塊Q在光滑斜面N上靜止，說明P、Q應(yīng)相互排斥，則P與Q帶電同性，A錯誤；B．滑塊Q在光滑斜面N上靜止，則P與Q帶電同性，兩者之間為庫侖斥力設(shè)為F，兩滑塊的受力分析和角度關(guān)系如圖所示對Q物體在沿著斜面方向有可得B錯誤；CD．而對P物體動摩擦因數(shù)最小時有  聯(lián)立解得C錯誤、D正確。故選D。7．C【詳解】A．根據(jù)可知， 圖像的切線斜率的絕對值等于，由題圖可知x1處切線斜率為零，故x1處電場強度最小且為零，O位置和x2位置關(guān)于x1位置對稱，則O位置和x2位置的電場強度大小相等，方向相反，故A錯誤；B．結(jié)合質(zhì)子帶正電和題圖可知，圖中電勢最高的點是x3處，x1處的電勢最低，故B錯誤；C．x2~x3段圖像的斜率不變，則質(zhì)子所受的電場力不變，質(zhì)子的加速度不變，則該過程質(zhì)子做勻變速直線運動，故C正確；D．由以上分析可知x1左側(cè)的電場沿x軸的正方向，x1右側(cè)的電場沿x軸的負方向，故D錯誤。故選C。8．BC【詳解】A．因為勻強電場電場力所做的正功跟固定于M點的負電荷的庫侖力所做負功的代數(shù)和不確定，故小球P沿著斜面向下運動過程中，其電勢能的變化無法確定，A錯誤；B．在N點，根據(jù)牛頓第二定律得解得B正確；C．根據(jù)能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律，小球最高只能到達N點，不能與小球Q相碰，C正確；D．當P受到的合力為0時，速度最大，當彈簧的壓縮量為時，小球P仍受庫侖力作用，合力不為0，速度不是最大，D錯誤。故選BC。9．BD【詳解】B．電路中的總電流為0.25 A，L1中電流為0.25 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知L1兩端的電壓為3.0 V，L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝0.75 W選項B正確；A．根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知，L2中的電流為0.125 A，由小燈泡的伏安特性曲線可知其兩端電壓大約為0.3 V，故L1兩端的電壓約為L2兩端電壓的10倍，選項A錯誤；C．由歐姆定律可知，L2的電阻為R2＝Ω＝2.4 Ω選項C錯誤；D．L2消耗的電功率為P2＝U2I2＝0.3×0.125 W＝0.037 5 W，即L1、L2消耗的電功率的比值大于4，選項D正確．故選BD。10．AC【詳解】AD．因為小物塊重力沿斜面的分力大于最大靜摩擦力，當傳送帶靜止或順時針轉(zhuǎn)動時，小物塊均加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立解得故A正確，D錯誤。BC．如果傳送帶沿逆時針方向正常轉(zhuǎn)動，開始時小物塊速度小于傳送帶速度，摩擦力向下，根據(jù)牛頓第二定律得速度和傳送帶相同時位移為，則有聯(lián)立兩式解得小物塊繼續(xù)加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律有設(shè)小物塊到達傳送帶底端時速度為，根據(jù)運動學公式有聯(lián)立并帶入數(shù)據(jù)解得由于第一段加速度較大，全程時間會小于4s，故B錯誤，C正確。故選AC。11．     AB     0.75     0.67【詳解】（1）[1]A．安裝實驗器材時，要調(diào)節(jié)滑輪的高度，使細線與長木板平行，這樣才能保證拉力方向與運動方向一致，故A正確；B．平衡摩擦力時要撤去砂桶，讓小車連著已經(jīng)穿過打點計時器的紙帶，輕推小車，從打出的紙帶相鄰計時點間隔是否均勻來判斷小車是否做勻速運動，故B正確；C．由于有拉力傳感器，所以不用保證砂和砂桶的總質(zhì)量m遠小于小車的總質(zhì)量M，故C錯誤；D．實驗中有兩根繩子，所以小車受到的合外力為拉力傳感器示數(shù)的2倍，故D錯誤。故選AB。（2）[2]根據(jù)逐差法可得，小車的加速度為（3）[3]對小車，根據(jù)牛頓第二定律有整理得可得由圖像計算可得解得12．     3；     D；     E；     21.3；     1.8【詳解】（1）把10V的直流電壓表接一電阻箱，改裝為量程為30V的電壓表時，將直流電壓表與電阻箱串聯(lián)，整個作為一只電壓表，據(jù)題分析，電阻箱阻值調(diào)到零，電壓表讀數(shù)為9V，則知把電阻箱阻值調(diào)到適當值，使電壓表讀數(shù)為3V．（2）由題，電壓表的量程為10V，內(nèi)阻約為10kΩ，要改裝成30V的電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可知，所串聯(lián)的電阻箱電阻應(yīng)為2×10kΩ=20000Ω．故電阻箱應(yīng)選D．在分壓電路中，為方便調(diào)節(jié)，滑動變阻器選用阻值較小的，即選E．（3）由丙讀出，外電路斷路時，電壓表的電壓為U=7.1V，則電源的電動勢為E=3×7.1=21.3V，內(nèi)阻為．13．7.0V，2.0Ω．【分析】根據(jù)滑動變阻器的移動可知電流及電壓的變化，是可判斷所選量程，從而求出電流表的示數(shù)；由閉合電路歐姆定律可得出電動勢與內(nèi)阻的兩個表達式，聯(lián)立即可求得電源的電動勢．【詳解】滑片P向右移動的過程中，電流表示數(shù)在減小，電壓表示數(shù)在增大，由此可以確定電流表量程選取的是0～0.6 A，電壓表量程選取的是0～15 V，所以第二次電流表的示數(shù)為×0.6 A＝0.2 A，電壓表的示數(shù)為×15 V＝5 V當電流表示數(shù)為0.5A時，R1兩端的電壓為U1＝I1R1＝0.5×4 V＝2 V回路的總電流為I總＝I1+＝0.5+A＝1.5 A由閉合電路歐姆定律得E＝I總r+U1+U3，即E＝1.5r+2+2①當電流表示數(shù)為0.2 A時，R1兩端的電壓為U1′＝I1′R1＝0.2×4V＝0.8 V回路的總電流為I總′＝I1′+＝0.2+A＝0.6A由閉合電路歐姆定律得E＝I總′r+U1′+U3′，即E＝0.6r+0.8+5②聯(lián)立①②解得E＝7.0 V，r＝2.0Ω【點睛】本題考查閉合電路的歐姆定律，但解題時要注意先會分析電流及電壓的變化，從而根據(jù)題間明確所選電表的量程．14．（1）；（2）k；（3）k，方向水平向右（或C→D）【詳解】（1）從B到D過程彈力做功為零，由動能定理有解得（2）在D點，設(shè)彈簧與水平方向成θF彈cosθ＝k在B點F彈cosθ＋k＝ma解得a＝k（3）設(shè)正點電荷在C處產(chǎn)生的電場，其強度為E1，帶電小球在C處產(chǎn)生的電場，其強度為E2，則E1＝kE2＝kE＝E1－E2解得E＝k，方向水平向右（或C→D）15．（1） （2）2mg，方向豎直向下（3） 【分析】（1）小物體釋放后在重力和電場力的作用下做勻加速直線運動，根據(jù)正交分解，垂直運動方向的合力為零，列出平衡方程即可求出虛線AB上方勻強電場的電場強度；（2）根據(jù)動能定理結(jié)合圓周運動的規(guī)律求解小球在AB管中運動經(jīng)過D點時對管的壓力FD；（3）小物體由P點運動到A點做勻加速直線運動，在圓管內(nèi)做勻速圓周運動，離開管后做類平拋運動，結(jié)合運動公式求解在圓管中運動的時間與總時間之比.【詳解】（1）小物體釋放后在重力和電場力的作用下做勻加速直線運動，小物體從A點沿切線方向進入，則此時速度方向與豎直方向的夾角為45°，即加速度方向與豎直方向的夾角為45°，則：tan45°=解得： （2）從P到A的過程，根據(jù)動能定理：mgL+EqL=mvA2解得vA=2 小球在管中運動時，E2q=mg，小球做勻速圓周運動，則v0=vA=2在D點時，下壁對球的支持力 由牛頓第三定律，方向豎直向下． （3）小物體由P點運動到A點做勻加速直線運動，設(shè)所用時間為t1，則： 解得 小球在圓管內(nèi)做勻速圓周運動的時間為t2，則： 小球離開管后做類平拋運動，物塊從B到N的過程中所用時間： 則：【點睛】本題考查帶點小物體在電場力和重力共同作用下的運動，解題關(guān)鍵是要分好運動過程，明確每一個過程小物體的受力情況，并結(jié)合初速度判斷物體做什么運動，進而選擇合適的規(guī)律解決問題，勻變速直線運動利用牛頓第二定律結(jié)合運動學公式求解或者運用動能定理求解，類平拋利用運動的合成和分解、牛頓第二定律結(jié)合運動學規(guī)律求解．  

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