?浙江省普通高校2022-2023學年高三上學期12月招生選考科目考試仿真訓練物理試題
學校：___________姓名：___________班級：___________考號：___________

一、單選題
1、下列表示能量單位的是( )
A. B.Wb/s C.N/m D.V·A
2、用比值法定義的物理概念在物理學中占有相當大的比例，比值定義法，就是在定義一個物理量的時候采取比值的形式定義，被定義的物理量往往是反映物質的最本質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改變，下列選項中所列各物理量的關系式，全部用到了比值定義法的有( )
A.，， B.，，
C.，， D.，，
3、如圖所示，豎直平面內固定一傾斜的光滑絕緣桿，輕質絕緣彈簧上端固定，下端系帶正電的小球A，球A套在桿上，桿下端固定帶正電的小球B.現(xiàn)將球A從彈簧原長位置由靜止釋放，運動距離到達最低點，此時未與球B相碰.在球A向下運動過程中，關于兩球的電勢能、加速度a、球A和彈簧組成的系統(tǒng)的機械能E、球A的速度v隨運動距離x的變化圖像，正確的是( )

A. B. C. D.
4、如圖所示，兩端接電壓穩(wěn)定的正弦交變電源，定值電阻的阻值為，原、副線圈的匝數(shù)之比為n，電流表、電壓表均為理想電表。當移動滑動變阻器的滑片P時，電流表和電壓表的示數(shù)變化分別為和。下列說法正確的是( )

A.若P向下滑動，則電流表的示數(shù)增大 B.若P向下滑動，則電源輸出功率增大
C.若P向上滑動，則電壓表的示數(shù)增大 D.無論滑片P如何移動
5、霍爾元件廣泛應用于生產生活中，有的電動自行車上控制速度的轉動把手就應用了霍爾元件，這種轉動把手稱為“霍爾轉把”?！盎魻栟D把”內部有永久磁鐵和霍爾器件等，截面如圖。開啟電動自行車的電源時，在霍爾器件的上下面之間就有一個恒定電流I，如圖。將“霍爾轉把”旋轉，永久磁鐵也跟著轉動，施加在霍爾器件上的磁場就發(fā)生變化，霍爾器件就能輸出變化的電勢差U。這個電勢差是控制車速的，電勢差與車速的關系如圖。以下敘述正確的是( )

A.若霍爾元件的自由電荷是自由電子，則C端的電勢高于D端的電勢
B.若改變霍爾器件上下面之間的恒定電流I的方向，將影響車速控制
C.其他條件不變，僅增大恒定電流I，可使電動自行車更容易獲得最大速度
D.按第一張圖順時針均勻轉動把手，車速減小
6、某三棱鏡的橫截面為等腰三角形，，邊長為，空氣中一束包含兩種單色光的細光束沿平行于方向照射到邊的中點O，經三棱鏡折射后分成a、b兩束單色光（部分光路圖如圖所示）。其中，b單色光從O點入射后的折射光平行于。已知光在真空中傳播速度為c。（不考慮面的反射）下列結論正確的是( )

A.在該三棱鏡中，單色光a的傳播速度比b大
B.單色光b在該三棱鏡中發(fā)生全反射的臨界角C滿足
C.若用單色光分別通過同一單縫衍射裝置，單色光a的中央亮紋間距比b的大
D.僅改變入射光在邊上入射點的位置，b光在該三棱鏡中的傳播時間始終為
7、高速磁懸浮列車在水平長直軌道上的模擬運行圖如圖所示，列車由質量均為m的5節(jié)車廂組成，其中1號車廂為動力車廂。列車由靜止開始以額定功率P運行，經過一段時間達到最大速度，列車向右運動過程中，1號車廂會受到前方空氣的阻力，假設車廂碰到空氣前空氣的速度為0，碰到空氣后空氣的速度立刻與列車速度相同，已知空氣密度為ρ。1號車廂的迎風面積（垂直運動方向上的投影面積）為S，不計其他阻力，忽略2號、3號、4號、5號車廂受到的空氣阻力。當列車以額定功率運行到速度為最大速度的一半時，2號車廂對3號車廂的作用力大小為( )

A. B. C. D.
8、如圖所示，水平地面上方矩形區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，兩個邊長相等的單匝閉合正方形線圈Ⅰ和Ⅱ，分別用相同材料，不同粗細的導線繞制（Ⅰ為細導線）。兩線圈在距磁場上界面h高處由靜止開始自由下落，再進入磁場，最后落到地面，運動過程中，線圈平面始終保持在豎直平面內且下邊緣平行于磁場上邊界。設線圈Ⅰ、Ⅱ落地時的速度大小分別為、，在磁場中運動時產生的熱量分別為、不計空氣阻力，已知線框電阻與導線長度成正比，與導線橫截面積成反比，則( )

A.， B.， C.， D.，
9、一只兩用活塞氣筒的原理如圖所示（打氣時如圖甲，抽氣時如圖乙），其筒內體積為，現(xiàn)將它與另一只容積為V的容器相連接，氣筒和容器內的空氣壓強為，已知氣筒和容器導熱性能良好，當分別作為打氣筒和抽氣筒時，活塞工作n次后，在上述兩種情況下，容器內的氣體壓強分別為( )

A.， B.，
C. ， D.，
10、絕緣光滑水平面上有三點，以O點為坐標原點，向右方向為正方向建立直線坐標軸x軸，A點坐標為，B點坐標為2m，如圖甲所示。兩點間的電勢變化如圖乙，左側圖線為四分之一圓弧，右側圖線為一條傾斜線段。現(xiàn)把一質量為m，電荷量為q的負點電荷，由A點靜止釋放，則關于負點電荷的下列說法中正確的是（忽略負點電荷形成的電場）( )

A.負點電荷在段的加速度大于在段的加速度
B.負點電荷在段的運動時間小于在段的運動時間
C.負點電荷由A點運動到O點過程中，隨著電勢的升高電勢能變化越來越快
D.當負點電荷分別處于和時，電場力的功率相等
11、地球和木星繞太陽運行的軌道可以看作是圓形的，它們各自的衛(wèi)星軌道也可看作是圓形的.已知木星的公轉軌道半徑約是地球公轉軌道半徑的5倍，木星半徑約為地球半徑的11倍，木星質量大于地球質量.某同學根據地球和木星的不同衛(wèi)星做圓周運動的半徑r與周期T，作出如圖所示圖象(已知萬有引力常量為G，地球的半徑為R).下列說法正確的是( )

A.地球密度為 B.木星密度為
C.木星與地球的密度之比為 D.木星與地球的密度之比為
12、如圖甲所示，均勻介質中，波源位于O點的簡諧橫波在水平面內傳播，波源起振方向垂直水平面向上，其中實線表示波峰，虛線表示與波峰相鄰的波谷。時刻，波峰恰好第一次傳到了A點。A處質點的振動圖像如圖乙所示，z軸正方向豎直向上。下列判斷正確的是( )

A.時，兩處質點位于波谷
B.時，兩處質點位于波峰
C.時，D處質點位移方向豎直向上
D.時，H處質點振動速度方向豎直向上
13、以下說法中不正確的是( )

A.圖甲是α粒子散射實驗示意圖，當顯微鏡在中的A位置時熒光屏上接收到的α粒子數(shù)最多
B.圖乙是氫原子的能級示意圖，氫原子從能級躍遷到能級時吸收了一定頻率的光子能量
C.圖丙是光電效應實驗示意圖，當光照射鋅板時驗電器的指針發(fā)生了偏轉，則此時驗電器的金屬桿帶的是正電荷
D.圖丁是電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣，該實驗現(xiàn)象說明實物粒子也具有波動性
二、多選題
14、下列說法正確的有( )
A.液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)
B.液晶具有流動性，其光學性質具有各向異性的特點
C.在體積不變的容器中的氣體溫度降低，氣體分子對器壁單位面積上的平均作用力增大
D.由阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質量和氣體的密度，可估算出理想氣體分子間平均距離
15、云室能顯示射線的徑跡，把云室放在磁場中，從帶電粒子運動軌跡的彎曲方向和半徑大小就能判斷粒子的屬性，放射性元素A的原子核靜止放在磁感應強度的勻強磁場中發(fā)生衰變，放射出粒子并變成新原子核B，放射出的粒子與新核運動軌跡如圖所示，測得兩圓的半徑之比，且，已知α粒子質量，β粒子質量，普朗克常量取，下列說法正確的是( )

A.新原子核B的核電荷數(shù)為84
B.放射性元素A原子核發(fā)生的是β衰變
C.衰變放射出的粒子的速度大小為
D.如果A原子核衰變時釋放出一種頻率為的光子，那么這種光子能使逸出功為4.54eV的金屬鎢發(fā)生光電效應
三、填空題
16、某同學欲探究圓錐擺的相關規(guī)律，他找來一根不可伸長的細線并測出其長度L，把細線一端固定于O點，在O點處連一拉力傳感器（圖中未畫出），拉力傳感器可以感應細線上的拉力，傳感器與計算機連接，在計算機上顯示出細線的拉力F，線的另一端連有一質量為m的小球（可看做質點），讓小球在水平面內作勻速圓周運動.

①該同學探究發(fā)現(xiàn)圖中細線與豎直方向夾角θ和細線拉力F的關系是：細線拉力隨θ角增大而______（填“增大”、“減小”或“不變”）
②該同學用細線拉力F、線長L和小球質量m得出了小球運動的角速度______.
③該同學想進一步探究θ與小球角速度ω的關系，他以為橫軸，以為縱軸建立直角坐標系，描點作圖得到一條直線，設直線的斜率為k，則當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為______（用題目已知量示）.
四、實驗題
17、圖甲所示是大型機械廠里用來稱重的電子吊秤，其中實現(xiàn)稱重的關鍵元件是拉力傳感器。其工作原理是：掛鉤上掛上重物，傳感器中拉力敏感電阻絲在拉力作用下發(fā)生形變，拉力敏感電阻絲的電阻也隨著發(fā)生變化，再經相應的測量電路把這一電阻變化轉換為電信號（電壓或電流），從而完成將所稱物體重量變換為電信號的過程。

(1)簡述拉力敏感電阻絲的阻值隨拉力變化的原因_______________________________。
(2)小明找到一根拉力敏感電阻絲，其阻值隨拉力變化的圖像如圖乙所示，再按圖丙所示電路制作了一個簡易“吊秤”。電路中電源電動勢E約15V，內阻約2Ω；靈敏毫安表量程為10mA，內阻約5Ω；R是電阻箱，最大阻值是9999Ω；接在兩接線柱上，通過光滑絕緣滑環(huán)可將重物吊起，接通電路完成下列操作.
a.滑環(huán)下不吊重物時，調節(jié)電阻箱，當電流表為某一合適示數(shù)I時，讀出電阻箱的讀數(shù)；
b.滑環(huán)下吊上待測重物，測出電阻絲與豎直方向的夾角為θ；
c.調節(jié)電阻箱，使_______，讀出此時電阻箱的讀數(shù)；
d.算得圖乙直線的斜率k和截距b；
則待測重物的重力G的表達式為_____（用以上測得的物理量表示），測得（），分別為1052Ω和1030Ω，結合乙圖信息，可得待測重物的重力_____N（結果保留三位有效數(shù)字）。
(3)針對小明的設計方案，為了提高測量重量的精度，你認為下列措施可行的是____________。
A.將毫安表換成量程不同，內阻更小的毫安表
B.將毫安表換成量程為10μA的微安表
C.將電阻箱換成精度更高的電阻箱
D.適當增大接線柱之間的距離
五、計算題
18、如圖所示，質量的足夠長的木板A靜止在水平地面上，質量的小物塊B靜止在A的右端?，F(xiàn)在A的右端施加一水平向右的恒力，作用了9s后撤去力F。已知間的動摩擦因數(shù)與地面間的動摩擦因數(shù)，求：

（1）在力F作用下，的加速度大小；
（2）第1次達到的相同速度的大??；
（3）B停止運動時的位置離A右端的距離。
19、如圖：兩個物塊B和C通過輕質彈簧連接著，靜置在傾角30°的光滑斜面上，C緊靠著擋板通過平行于斜面的輕質細繩跨過光滑定滑輪與物塊A連接，用手托住A靜止在圓心角為60°、半徑的光滑圓弧軌道的頂端a處，此時繩子恰好拉直且無張力；圓弧軌道最低端b與粗糙水平軌道相切，與一個半徑r的光滑圓管狀軌道平滑連接。由靜止釋放A，當A滑至b時，C恰好離開擋板P，此時繩子斷裂。已知A與間的動摩擦因數(shù)，，重力加速度取，彈簧的形變始終在彈性限度內，細繩不可伸長。

（1）求彈簧的勁度系數(shù)k；
（2）求物塊A滑至b處，繩子斷后瞬間，A物體的速度和對圓軌道的壓力大??；
（3）若間的距離，為了讓物塊A能進入圓軌道最高點時對軌道的壓力大于，則圓管的半徑應滿足什么條件。
20、如圖所示，兩條足夠長的光滑金屬導軌，互相平行，它們所在的平面跟水平面成θ角，兩導軌間的距離為L兩導軌的頂端M和P用阻值為R電阻相連，在導軌上垂直于導軌放一質量為m，電阻為r的導體棒，導體棒始終與導軌連接良好，其余電阻不計，水平虛線c下方的導軌處在磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場的方向垂直導軌平面向上，為磁場區(qū)域的上邊界，現(xiàn)將導體棒從圖示位置由靜止釋放，導體棒下滑過程中始終與導軌垂直，經過時間，導體棒的速度增加至，重力加速度為g，求：

（1）導體棒速度為時加速度的大?。?br /> （2）在時間內，流過導體棒某一橫截面的電荷量q；
（3）導體棒速度達到穩(wěn)定后沿導軌繼續(xù)下滑，在這個過程中，電阻R上會產生焦耳熱，此現(xiàn)象可以從宏觀與微觀兩個不同角度進行研究。經典物理學認為，在金屬導體中，定向移動的自由電子頻繁地與金屬離子發(fā)生碰撞，使金屬離子的熱振動加劇，因而導體的溫度升高，在考慮大量自由電子的統(tǒng)計結果時，電子與金屬離子的頻繁碰撞結果可視為導體對電子有連續(xù)的阻力，若電阻R是一段粗細均勻的金屬導體，自由電子在導體中沿電流的反方向做直線運動，基于以上模型，試推導出導體棒速度達到穩(wěn)定后沿導軌繼續(xù)下滑x距離的過程中，電阻R上產生的熱量。
21、歐洲大型強子對撞機是現(xiàn)在世界上最大、能量最高的粒子加速器，是一種將質子加速對撞的高能物理設備，其原理可簡化如下：兩束橫截面積極小長度為質子束以初速度同時從左、右兩側入口射入加速電場，經過相同的一段距離后射入垂直紙面的圓形勻強磁場區(qū)域并被偏轉，最后兩質子束發(fā)生相碰.已知質子質量為m，電量為e；加速極板間電壓均為，且滿足.兩磁場磁感應強度相同，半徑均為R，圓心在質子束的入射方向上，其連線與質子入射方向垂直且距離為；整個裝置處于真空中，忽略粒子間的相互作用及相對論效應.

（1）試求質子束經過加速電場加速后（未進入磁場）的速度v和長度l；
（2）試求出磁場磁感應強度B和粒子束可能發(fā)生碰撞的時間；
（3）若某次實驗時將磁場O的圓心往上移了，其余條件均不變，則質子束能否相碰？若不能，請說明理由；若能，請說明相碰的條件及可能發(fā)生碰撞的時間.
參考答案
1、答案：A
解析：AC.根據以及可知，功的單位，A正確C錯誤；
B.根據，可知1V=1Wb/s，不是能量的單位，B錯誤；
D.根據公式可知1W=1V·A，不是能量的單位，D錯誤.
2、答案：B
解析：A.該選項中

不是比值定義法，其余兩個是比值定義法，選項A錯誤；
B.該選項中三個物理量都是比值定義法，選項B正確；
C.該選項中

不是比值定義法，其余兩個是比值定義法，選項C錯誤；
D.該選項中

不是比值定義法，其余兩個是比值定義法，選項D錯誤；
故選B。
3、答案：A
解析：小球A向下運動的過程中，電場力做負功，且電場力變大，電勢能增大得越快，所以圖像的斜率變大，A正確；設A、B小球帶電荷量分別為，釋放A時二者間距為r，彈簧的勁度系數(shù)為k，則在小球A運動到最低點的過程中，在加速階段有，減速階段有，得，則加速階段的加速度隨著運動距離x的增大而減小，且加速度減小得越來越快，同理，在減速階段加速度隨運動距離x的增大而增大，且加速度增加得越來越慢，B、D錯誤；小球A向下運動過程中，由于克服電場力做功，小球A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能逐漸減小，越靠近B球，電場力越大，機械能減小得越快，所以圖像斜率的絕對值變大，C錯誤.
4、答案：D
解析：D.設電壓表和電流表的示數(shù)分別為，根據理想變壓器變壓規(guī)律可得
①
根據①式可知

故D正確；
C.設滑動變阻器接入電路的阻值為R，根據理想變壓器變流規(guī)律可得
②
聯(lián)立①②可得
③
若P向上滑動，則R減小，根據③式可知U減小，故C錯誤；
AB.若P向下滑動，則R增大，根據③式可知U增大，而不變，再根據①式可知I減小，根據可知電源輸出功率減小，故AB錯誤。
故選D。
5、答案：C
解析：A.若霍爾元件的自由電荷是自由電子，根據左手定則，電子受到洛倫茲力向C端相連接的面移動，因此C端電勢低于D端的電勢，A錯誤
B.當霍爾元件上下面之間的恒定電流I的方向改變，從霍爾元件輸出的控制車速的電勢差正負號相反，但由題中第三張圖可知，不會影響車速控制，B錯誤
C.設自由電子定向移動的速率為v，霍爾元件前后面間的距離為h，左右表面間距離為d，達到穩(wěn)定后，自由電荷受力平衡，由

可得

電流的微觀表達式

則

可知僅增大電流I時前后表面電勢差增大，對應的車速更大，電動自行車的加速性能更好，更容易獲得最大速度，C正確
D.當按題中第一張圖順時針均勻轉動把手時霍爾器件周圍場強增大，那么霍爾器件輸出的控制車速的電勢差U增大，因此車速變快，但并不是增加的越來越快，D錯誤
故選C。
6、答案：D
解析：A.根據折射定律

可知b光的折射率小于a光的折射率，根據

可知在該三棱鏡中，單色光a的傳播速度比b小，故A錯誤；
B.由幾何關系知復合光的入射角為，b光的折射角為，則b光的折射率為

則單色光b在該三棱鏡中發(fā)生全反射的臨界角C滿足

故B錯誤；
C.由A選項可知，a光折射率大于b光折射率，則a光頻率大于b光頻率，根據

可知a光的波長小于b光波長，可知若用單色光分別通過同一單縫衍射裝置，單色光a的相鄰亮紋間距比b的小，故C錯誤；
D.如圖所示

改變入射光在邊上入射點的位置，由于入射角始終為θ，所以折射光b始終平行于，根據B選項可知，b光在邊會發(fā)生全反射，因為，可得

因為


所以

所以

在平行四邊形中

在等腰中

所以從邊上任意位置射入的光線，b光的路徑等于的長度，則

又

解得

故D正確。
故選D。
7、答案：A
解析：設動車的速度為v，動車對空氣的作用力為F，根據動量定律可得

解得

當牽引力等于阻力時，速度達到最大，則

解得

當速度達到最大速度一半時，此時速度為

此時受到的牽引力

解得

此時受到的阻力

對整體根據牛頓第二定律

對3、4、5號車廂，根據牛頓第二定律可得

聯(lián)立解得

故選A。
8、答案：D
解析：由于從同一高度下落，到達磁場邊界時具有相同的速度v，切割磁感線產生感應電流同時受到磁場的安培力

又
(ρ為材料的電阻率，L為線圈的邊長)
所以安培力

此時加速度為

且
(為材料的密度)
所以加速度是定值，線圈Ⅰ和Ⅱ同步運動，落地速度相等；
由能量守恒可得

(H是磁場區(qū)域的高度)，I為細導線，質量m小，產生的熱量小，所以；故選D。
9、答案：D
解析：打氣時，活塞每推動一次，把體積為、壓強為的氣體推入容器內，若活塞工作n次，就是把壓強為、體積為的氣體推入容器內、容器內原來有壓強為、體積為V的氣體，現(xiàn)在全部充入容器中，根據玻意耳定律得

所以

抽氣時，活塞每拉動一次，把容器中的氣體的體積從V膨脹為，而容器中的氣體壓強就要減小，活塞推動時，將抽氣筒中的氣體排出，而再次拉動活塞時，將容器中剩余的氣體從V又膨脹到，容器內的壓強繼續(xù)減小，根據玻意耳定律得：第一次抽氣

則

第二次抽氣

則

則第n次抽氣后

故選D。
10、答案：B
解析：A.在電勢隨兩點間距離的變化圖線中，圖線的斜率的絕對值表示電場強度的大小，設C點的坐標值為，則C點圓弧切線斜率大小等于直線斜率的絕對值，即此時電場強度大小相等，由牛頓第二定律可知，此時加速度大小相等，故A錯誤；
B.由于沿場強方向電勢降低，所以段場強沿OA方向，段場強沿方向，負點電荷在段做加速度減小的加速運動，在段做勻減速運動，由于B點電勢等于A點電勢，所以負點電荷在B點速度為零，則段的平均速度大于段的平均速度，所以段的運動時間小于段的運動時間，故B正確；
C.相等距離上電勢能變化越快，說明該處電場力越大，即場強越大，由A到O點場強逐漸減小，所以電勢能變化應越來越慢，故C錯誤；
D.當負點電荷分別處于和時，電荷所受電場力相等，但處的速度大于處的速度，所以電場力的功率不相等，故D錯誤。
故選B。
11、答案：A
解析：由萬有引力提供向心力有：，解得，由圖可以知道：，所以天體的質量為：；木星質量大于地球質量，地球質量為，木星質量為，地球密度為，木星密度為，木星與地球的密度之比為，故A正確，BCD錯誤。
故選A.
12、答案：B
解析：A.由題知圖甲中實線表示波峰，虛線表示相鄰的波谷，則有，圖乙為質點P的振動圖像，則，根據波速計算公式有，最近的波谷傳到兩處質點所需要的時間，故A錯誤；
B.由圖甲可知，最近的波谷傳到點時，波形移動的距離為，則需要的時間為，故B正確；
C.在恰好是兩倍周期，根據波的傳播圖形，D處質點位移方向豎直向下，故C錯誤；
D.同C選項可得，H處質點振動速度方向豎直向下，則D錯誤。
故選B。
13、答案：B
解析：A.圖甲是α粒子散射實驗示意圖，當顯微鏡在中的A位置時熒光屏上接收到的α粒子數(shù)最多，所以A正確，不符合題意；
B.圖乙是氫原子的能級示意圖，氫原子從能級躍遷到能級時釋放了一定頻率的光子能量，所以B錯誤，符合題意；
C.圖丙是光電效應實驗示意圖，當光照射鋅板時驗電器的指針發(fā)生了偏轉，則此時驗電器的金屬桿帶的是正電荷，所以C正確，不符合題意；
D.圖丁是電子束穿過鋁箔后的衍射圖樣，該實驗現(xiàn)象說明實物粒子也具有波動性，所以D正確，不符合題意；
故選B。
14、答案：ABD
解析：A.液體表面層分子較為稀疏，分子間表現(xiàn)為引力。液體表面張力與浸潤現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)。故A正確；
B.液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體結構特征的一類物質。所以液晶的光學性質與某些晶體相似，具有各向異性。故B正確；
C.在體積不變的容器中的氣體溫度降低，分子平均動能減小，氣體分子對器壁單位面積上的平均作用力減小。故C錯誤；
D.由阿伏伽德羅常數(shù)、氣體的摩爾質量和氣體的密度，得分子間平均距離

由此公式可估算出理想氣體分子間平均距離。故D正確；
故選ABD。
15、答案：ACD
解析：A.由動量守恒

粒子做圓周運動向心力等于洛倫茲力

又，由以上關系得該放射性元素的電荷量，即衰變前原子核的電荷數(shù)為84，故A正確；
B.衰變過程中動量守恒，因初動量為零，故衰變后兩粒子動量大小相等，方向相反，粒子軌跡為外切圓，說明兩粒子所受的洛倫茲力方向相反，均帶正電，故發(fā)生的是α衰變，故B錯誤；
C.因

得

故C正確；
D.A原子核衰變時釋放出一種頻率為的光子，依據

因此能使金屬鎢發(fā)生光電效應，故D正確。
故選ACD。
16、答案：①增大
②
③
解析：①對小球，受力分析可知，小球受到重力和繩子的拉力，如圖：

據牛頓第二定律：豎直方向：；水平方向：得：
所以細線拉力隨θ角增大而增大.
②又由：
可得
③由上述式子得：，即
該同學以為橫軸，以為縱軸建立直角坐標系，描點作圖得到一條直線，設直線的斜率為k，則斜率：
所以當?shù)刂亓铀俣鹊谋磉_式為：.
17、答案：(1)電阻絲受拉力時，長度增加而橫截面積減小，根據電阻定律知其阻值增大
(2)電流表的示數(shù)仍為I；；132N
(3)CD
解析：(1)電阻絲受拉力時，長度增加而橫截面積減小，根據電阻定律知其阻值增大；
(2)根據等效替代法測電阻，調節(jié)電阻箱，使電流表的示數(shù)仍為I；由其阻值隨拉力變化的圖像可得：

由平衡條件得：

由等效替代法測電阻得：

聯(lián)立解得：

可得待測重物的重力

(3)為了提高測量重量的精度，將電阻箱換成精度更高的電阻箱，適當增大接線柱之間的距離，根據閉合電路歐姆定理得電流

只有幾毫安，所以不能將毫安表換成量程為10μA的微安表，或不能將毫安表換成其他量程，故選CD。
18、答案：（1），
（2）10m/s
（3）7.5m
解析：（1）假設相對靜止一起加速運動，對于整體

代入數(shù)據解得

而B的最大加速度的大小為

因，則假設不成立，可知相對滑動，B相對A向左滑動。
對于A，由牛頓第二定律得

代入數(shù)據解得

對于B，其加速度大小

（2）恒力F作用了時間，撤去F到第1次達到相同速度的過程，B仍向右做勻加速直線運動，其相對A向左滑動，加速度不變，A向右做勻減速直線運動，設此過程A的加速度大小為，時間為，撤去F時A的速度大小為。由牛頓第二定律得

代入數(shù)據解得

則

所以

代入數(shù)據解得
，
（3）第1次達到相同速度后均向右做勻減速直線運動直到停止，因，故兩者相對滑動，B相對A向右滑動，A先于B停止運動，B的加速度大小仍等于，設此過程A的加速度大小為。由牛頓第二定律得

代入數(shù)據解得

全過程A的位移大小為

代入數(shù)據解得

全過程B的位移大小為

代入數(shù)據解得

則B停止運動時的位置離A右端的距離

19、答案：（1）1N/m
（2）6m/s，64.8N
（3），
解析：（1）初始時，繩子無張力，彈簧壓縮，設壓縮量為，根據平衡條件有

C恰好離開擋板P，設伸長量為，有

因當A滑至b時，C恰好離開擋板P，則根據幾何關系有

聯(lián)立可得

故彈簧的勁度系數(shù)為1N/m。
（2）物塊A在a處和b處時，彈簧的形變量相等，彈性勢能相等，根據系統(tǒng)的機械能守恒定律有

將A在b處的速度沿著繩和垂直繩的方向分解，則B的速度即為沿繩方向的速度，有

聯(lián)立代入數(shù)據可得

在b處，對A有

解得

故A物體的速度和對圓軌道的壓力大小為6m/s和64.8N。
（3）第一種情況為物體A對圓管下軌道施加壓力，設圓管下軌道對物體A的支持力為，根據牛頓第三定律可知支持力和壓力相等，根據牛頓第二定律有

根據動能定理有

當取時，可得

當?shù)扔跁r，此時下軌道的對A的支持力達到最大，即物體A對圓管下軌道的壓力達到最大，可得

則第一種情況范圍為

第二種情況物體A對圓管上軌道施加壓力，設圓管上軌道對物體A的支持力為，根據牛頓第三定律可知支持力和壓力相等，根據牛頓第二定律有

根據動能定理有

解得

所以第二種情況范圍為

故圓管的半徑應滿足或。
20、答案：（1）
（2）
（3）
解析：（1）當導體棒運動的速度為時，電動勢為

電路中的電流為

導體棒所受的安培力為

根據牛頓第二定律可得

聯(lián)立解得

（2）導體棒從靜止到速度增加至的過程中，由動量定理有

又

聯(lián)立解得

（3）導體棒速度達到穩(wěn)定時有

金屬導體R兩端的電勢差為

金屬導體R中的電場可以視為勻強電場，有

達到穩(wěn)定速度后，電路中的電流大小不變，自由電子做勻速運動，金屬導體R對每個電子的阻力f與電場力平衡

根據電流微觀表達式

其中n為單位體積中的自由電子數(shù)，阻力對所有電子做功的多少等于金屬導體R產生的熱量，則有

又

聯(lián)立可得

21、答案：（1）
（2）
（3）若,即當時，兩束粒子不會相遇；若.即當時，兩束粒子可能相碰撞的最長時間：
解析：（1）質子加速的過程中，電場力做功，得：
將代入得：
由于是相同的粒子，又在相同的電場中加速，所以可知，所有粒子在電場中加速的時間是相等的，在加速 之前，進入電場的時間差：
出電場的時間差也是，所以，出電場后，該質子束的長度：
（2）粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，在偏轉后粒子若發(fā)生碰撞，則只有在粒子偏轉90°時，才可能發(fā)生碰撞，所以碰撞的位置在的連線上.
洛倫茲力提供向心力，即：
所以：
由于洛倫茲力只改變磁場的方向，不改變粒子的速度，所以粒子經過磁場后的速度的大小不變，由于所有粒子的速度大小相等，所以應先后到達同一點，所以碰撞的時間：
（3）某次實驗時將磁場O的圓心往上移了，其余條件均不變，則質子束經過電場加速后的速度不變，而運動的軌跡不再對稱.對于上邊的粒子，不是對著圓心入射，而是從F點入射，如圖：

E點是原來C點的位置，連接，作FK平行而且等于，再連接，由于，則四邊形是菱形，即，所以粒子仍然從D點射出，但方向不是沿的方向，K為粒子束的圓心.
由于磁場向上移了，故：
得：，
而對于下邊的粒子，沒有任何的改變，故兩束粒子若相遇，則一定在D點相遇.
下方的粒子到達后先到達D點的粒子需要的時間：
而上方的粒子到達E點后，最后到達D點的粒子需要的時間：
若.即當時，兩束粒子不會相遇；
若.即當時，兩束粒子可能相碰撞的最長時間：


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