高考全真模擬理科綜合之物理精準(zhǔn)模擬試卷第8周第3練二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。14．如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為12V，電源內(nèi)阻為1.0Ω，電路中的電阻陽(yáng)為1.5Ω，小型直流電動(dòng)機(jī)M的內(nèi)阻為0.5Ω，閉合開(kāi)關(guān)S后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0A．則以下判斷中正確的是(       )A．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14W B．電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0VC．電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率為4.0W D．電源輸出的功率為24w【答案】 B【解析】ABC．電路中電流表的示數(shù)為2.0A，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為電動(dòng)機(jī)的總功率為電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為故B正確，AC錯(cuò)誤；D．電源的輸出的功率為故D錯(cuò)誤。故選B。15．下列說(shuō)法正確的是（　?。?/span>A．光電效應(yīng)既顯示了光的粒子性，又顯示了光的波動(dòng)性B．原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，這種轉(zhuǎn)化產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外，就是β粒子，這就是β衰變的實(shí)質(zhì)C．一個(gè)氘核與一個(gè)氚核聚變生成一個(gè)氦核的同時(shí)，放出一個(gè)電子D．按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子的總能量不變【答案】 B【解析】A．光電效應(yīng)說(shuō)明了光子具有能量，顯示了光的粒子性，故A錯(cuò)誤；B．原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，這種轉(zhuǎn)化產(chǎn)生的電子發(fā)射到核外，就是β粒子，這就是β衰變的實(shí)質(zhì)，故B正確；C．核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒所以放出的是中子，不是電子，故C錯(cuò)誤；D．按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時(shí)，電子的動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，原子的總能量減小，故D錯(cuò)誤。故選B。16．如圖所示，質(zhì)量均為m的 A、B 兩物體中間用一個(gè)輕桿相連，在傾角為θ的斜面上勻速下滑。已知A物體光滑，B 物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，整個(gè)過(guò)程中斜面始終靜止不 動(dòng)。則下列說(shuō)法正確的是（　　）A．B 物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=tanθB．輕桿對(duì) A 物體的彈力平行于斜面向下C．增加 B 物體的質(zhì)量，A、B 整體不再沿斜面勻速下滑D．在B 物體上施加一垂直于斜面的力，在 A、B 整體停止運(yùn)動(dòng)前，地面對(duì)斜面的摩擦力始終為零【答案】 C【解析】A．以整體為研究對(duì)象，沿斜面方向根據(jù)平衡條件可得解得B物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)故A錯(cuò)誤；B．以A物體為研究對(duì)象，沿斜面方向根據(jù)平衡條件可知輕桿對(duì)物體的彈力平行于斜面向上，大小為故B錯(cuò)誤；C．設(shè)B物體的質(zhì)量增加，則摩擦力增加為B的重力沿斜面向下的分力增加，A、B物體整體沿斜面減速下滑，故C正確；D．原來(lái)A、B物體整體勻速下滑，地面對(duì)斜面的摩擦力為零；在B物體上施加一垂直于斜面的力后，則B對(duì)斜面的壓力增加，對(duì)斜面的摩擦力增加與的合力方向如圖所示根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得即，偏離豎直方向斜向左下方，則對(duì)面對(duì)斜面的摩擦力方向向右，故D錯(cuò)誤；故選C。17．在地面附近，存在著一個(gè)有界電場(chǎng)，邊界MN將空間分成上下兩個(gè)區(qū)域I、II，在區(qū)域II中有豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域I中離邊界某一高度由靜止釋放一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球A，如圖甲所示，小球運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣阻力，則（ ）A．小球受到的重力與電場(chǎng)力之比為5：3B．在t=5s時(shí)，小球經(jīng)過(guò)邊界MNC．在小球向下運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，重力做的功大于電場(chǎng)力做功D．在1 s～4s過(guò)程中，小球的機(jī)械能先減小后增大【答案】 D【解析】圖象的斜率大小等于加速度大小，小球進(jìn)入電場(chǎng)前的加速度大小為a1=v1，進(jìn)入電場(chǎng)后的加速度大小為，由牛頓第二定律得，G= ma1=mv1又F—mg=m a2， 故F=mg+m a2=，于是，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小球進(jìn)入電場(chǎng)前做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入電場(chǎng)后受到電場(chǎng)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，由圖可以看出，小球經(jīng)過(guò)邊界MN的時(shí)刻是t=1s或4s時(shí)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；小球進(jìn)入電場(chǎng)后受到電場(chǎng)力作用而做減速運(yùn)動(dòng)，故由動(dòng)能定理可知重力做的功小于電場(chǎng)力做的功，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在1 s～4s過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)小球先做負(fù)功后做正功，由功能關(guān)系知小球的機(jī)械能先減小后增大，選項(xiàng)D正確．18．質(zhì)量為m的箱子靜止在光滑水平面上，箱子內(nèi)側(cè)的兩壁間距為l，另一質(zhì)量也為m且可視為質(zhì)點(diǎn)的物體從箱子中央以v0=的速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)（g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋?，如圖所示。已知物體與箱壁共發(fā)生5次完全彈性碰撞。則物體與箱底的動(dòng)摩擦因數(shù)的取值范圍是（　?。?/span>A． B．C． D．【答案】 C【解析】小物塊與箱子組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得解得對(duì)小物塊和箱子組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得解得由題意可知，小物塊與箱子發(fā)生5次碰撞，則物體相對(duì)于木箱運(yùn)動(dòng)的總路程，小物塊受到摩擦力為對(duì)系統(tǒng)，利用產(chǎn)熱等于摩擦力乘以相對(duì)路程，得故，即，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。19．如圖所示，將質(zhì)量為M1、半徑為R且內(nèi)壁光滑的半圓槽置于光滑水平面上，左側(cè)靠豎直墻壁，右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊．今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方h高處從靜止開(kāi)始下落，與半圓槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是(     )A．小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中，小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒B．小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的B至C過(guò)程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒C．小球離開(kāi)C點(diǎn)以后，將做豎直上拋運(yùn)動(dòng)D．小球從A點(diǎn)經(jīng)最低點(diǎn)向右側(cè)最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒【答案】 BD【解析】AB．小球從A→B的過(guò)程中，半圓槽對(duì)球的支持力沿半徑方向指向圓心，而小球?qū)Π雸A槽的壓力方向相反指向左下方，因?yàn)橛胸Q直墻擋住，所以半圓槽不會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，可見(jiàn)，該過(guò)程中，小球與半圓槽在水平方向受到外力作用，動(dòng)量并不守恒，而由小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量也不守恒；從B→C的過(guò)程中，小球?qū)Π雸A槽的壓力方向向右下方，所以半圓槽要向右推動(dòng)物塊一起運(yùn)動(dòng)，因而小球參與了兩個(gè)運(yùn)動(dòng)：一個(gè)是沿半圓槽的圓周運(yùn)動(dòng)，另一個(gè)是與半圓槽一起向右運(yùn)動(dòng)，小球所受支持力方向與速度方向并不垂直，此過(guò)程中，因?yàn)橛形飰K擋住，小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量并不守恒，但是小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，小球運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程，水平方向動(dòng)量也不守恒，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；C．當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，它的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)的合速度方向并不是豎直向上，所以此后小球做斜上拋運(yùn)動(dòng)，即選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．因?yàn)樾∏蛟诓蹆?nèi)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度方向與槽對(duì)它的支持力始終垂直，即支持力不做功，且在接觸面都是光滑的，所以小球、半圓槽．物塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故選項(xiàng)D正確．故選BD.20．如圖所示，虛線PQ左上方存在有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，甲、乙兩個(gè)帶正電的粒子先后由靜止經(jīng)過(guò)相同電壓加速后，分別以速度v甲、v乙從PQ上的O點(diǎn)沿紙面射入磁場(chǎng)，結(jié)果兩粒子從PQ上的同一點(diǎn)射出磁場(chǎng)．已知v甲、v乙之間的夾角α=60°，v乙與PQ之間的夾角β=30°，不計(jì)甲、乙兩粒子的重力及甲、乙之間的作用力．設(shè)甲、乙在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t甲、t乙，以下關(guān)系正確的是（  ）A．v甲：v乙=1：2 B．v甲：v乙=2：1C．t甲：t乙=3：4 D．t甲：t乙=3：2【答案】 BC【解析】AB．甲乙兩個(gè)粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況如圖粒子在加速過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理有：解得：，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，則有：解得運(yùn)動(dòng)的半徑為：，根據(jù)幾何知識(shí)可知，甲乙兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為：R甲：R乙=1：2，聯(lián)立解得：，v甲：v乙=2：1，A錯(cuò)誤，B正確；CD．甲粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角為180°，乙粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，則甲乙粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為：C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。21．已知質(zhì)量分布均勻的球殼對(duì)其內(nèi)部物體的引力為零．設(shè)想在地球赤道正上方高h處和正下方深為h處各修建一繞地心的環(huán)形真空軌道，軌道面與赤道面共面．兩物體分別在上述兩軌道中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道對(duì)它們均無(wú)作用力，設(shè)地球半徑為R,則A．兩物體的線速度大小之比為B．兩物體的線速度大小之比為C．兩物體的加速度大小之比為D．兩物體的加速度大小之比為【答案】 AC【解析】設(shè)地球密度為ρ，則有：在赤道上方：，在赤道下方：解得：，，故AC正確；BD錯(cuò)誤。故選AC。 22. （6分）某實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，設(shè)計(jì)如圖甲所示裝置，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?/span>。(1)對(duì)于實(shí)驗(yàn)的要求，下列說(shuō)法正確的是_______；A．將長(zhǎng)木板沒(méi)有定滑輪的一端適當(dāng)墊高，平衡摩擦力B．鉤碼的質(zhì)量要遠(yuǎn)小于木塊的質(zhì)量C．要保證長(zhǎng)木板水平D．接通電源的同時(shí)釋放木塊(2)按正確的操作要求進(jìn)行操作，打出的一條紙帶如圖乙所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是的交流電源，紙帶上的點(diǎn)每5個(gè)點(diǎn)取1個(gè)記數(shù)點(diǎn)，但第3個(gè)記數(shù)點(diǎn)沒(méi)有畫出，則該木塊的加速度_____；（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）(3)若木塊的質(zhì)量為，鉤碼的質(zhì)量為，則木塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_____（用、、、表示結(jié)果）。【答案】 C    0.737    【解析】(1)AB．本實(shí)驗(yàn)不需要平衡摩擦力，也不需要使鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于木塊的質(zhì)量，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．為了能使木塊對(duì)長(zhǎng)木板的正壓力等于木塊的重力，長(zhǎng)木板必須水平，選項(xiàng)C正確；D．接通電源，待打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)穩(wěn)定，再釋放木塊，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。(2)每打5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)記數(shù)點(diǎn)，所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式可以求出加速度的大小，則有求得。(3)由牛頓第二定律得求得。 23. （9分）某同學(xué)利用多用電表歐姆擋測(cè)量標(biāo)準(zhǔn)電壓表的內(nèi)阻并對(duì)電壓表的示數(shù)進(jìn)行校對(duì)，實(shí)驗(yàn)器材如下：多用電表（歐姆擋對(duì)應(yīng)刻度盤上正中央數(shù)值為15）；標(biāo)準(zhǔn)電壓表（量程10V，內(nèi)阻約為幾十）；電壓表（量程10V，內(nèi)阻）；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值約）；電源E（電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻不計(jì)）；開(kāi)關(guān)S一個(gè)、導(dǎo)線若干。(1)利用多用電表歐姆擋測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，將紅、黑表筆短接調(diào)零后，選用圖甲中________（選填A或B）方式連接；(2)實(shí)驗(yàn)中，兩表的示數(shù)如圖乙所示，可得多用電表歐姆擋的讀數(shù)為，電壓表的讀數(shù)為________V，通過(guò)計(jì)算可得出歐姆擋電池的電動(dòng)勢(shì)為________V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）；(3)利用標(biāo)準(zhǔn)電壓表對(duì)電壓表進(jìn)行校對(duì)，請(qǐng)?jiān)谔摼€框中畫出電路圖_______；(4)校對(duì)中發(fā)現(xiàn)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，標(biāo)準(zhǔn)電壓表示數(shù)為9.00V時(shí)，電壓表的示數(shù)為10.00V，為使示數(shù)準(zhǔn)確，應(yīng)給表串聯(lián)________的電阻。【答案】 A    5.80    8.70        1000【解析】(1)用多用電表歐姆擋測(cè)量電壓表的內(nèi)阻，電流從歐姆表黑表筆流出，流入的+接線柱，故A正確，B錯(cuò)誤。故選A。(2)電壓表每小格為0.1V，所以估讀到下一位，為5.80V，由歐姆定律因多用電表歐姆擋的讀數(shù)為，所以歐姆檔選的是檔，又因?yàn)闅W姆擋對(duì)應(yīng)刻度盤上正中央數(shù)值為15，得，解得(3)校正電路需采用分壓式，如圖(4)當(dāng)示數(shù)為9.00V時(shí)，示數(shù)為10.00V，說(shuō)明內(nèi)阻偏小，需串聯(lián)電阻讓其讀數(shù)為9.00V，示數(shù)為10.00V滿偏，所以讓指針偏轉(zhuǎn)到，即為9.00V，即結(jié)合，解得 24．（14分）如圖，一輕彈簧原長(zhǎng)為2R，其一端固定在傾角為37°的固定直軌道AC的底端A處，另一端位于直軌道上B處，彈簧處于自然狀態(tài)，直軌道與一半徑為的光滑圓弧軌道相切于C點(diǎn)，AC=7R，A、B、C、D均在同一豎直面內(nèi)。質(zhì)量為m的小物塊P自C點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，最低到達(dá)E點(diǎn)（未畫出），隨后P沿軌道被彈回，最高點(diǎn)到達(dá)F點(diǎn)，AF=4R，已知P與直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度大小為g。（取，）（1）求P第一次運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度的大小。（2）求P運(yùn)動(dòng)到Ｅ點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能。（3）改變物塊P的質(zhì)量，將P推至E點(diǎn)，從靜止開(kāi)始釋放。已知P自圓弧軌道的最高點(diǎn)D處水平飛出后，恰好通過(guò)G點(diǎn)。G點(diǎn)在C點(diǎn)左下方，與C點(diǎn)水平相距、豎直相距R，求P運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)速度的大小和改變后P的質(zhì)量。【答案】 （1）（2）（3），【解析】（1）根據(jù)題意知，B、C之間的距離l為l=7R–2R①設(shè)P到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為vB，由動(dòng)能定理得②式中θ=37°，聯(lián)立①②式并由題給條件得③（2）設(shè)BE=x。P到達(dá)E點(diǎn)時(shí)速度為零，設(shè)此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep。P由B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有④E、F之間的距離l1為l1=4R–2R+x⑤P到達(dá)E點(diǎn)后反彈，從E點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有Ep–mgl1sin θ–μmgl1cos θ=0⑥聯(lián)立③④⑤⑥式并由題給條件得x=R⑦⑧（3）設(shè)改變后P的質(zhì)量為m1。D點(diǎn)與G點(diǎn)的水平距離x1和豎直距離y別為⑨⑩式中，已應(yīng)用了過(guò)C點(diǎn)的圓軌道半徑與豎直方向夾角仍為θ的事實(shí)。設(shè)P在D點(diǎn)的速度為vD，由D點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到G點(diǎn)的時(shí)間為t。由平拋運(yùn)動(dòng)公式有?x1=vDt?聯(lián)立⑨⑩??式得?設(shè)P在C點(diǎn)速度的大小為vC。在P由C運(yùn)動(dòng)到D的過(guò)程中機(jī)械能守恒，有?P由E點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，同理，由動(dòng)能定理有?聯(lián)立⑦⑧???式得? 25．（18分）當(dāng)下世界科技大國(guó)都在研發(fā)一種新技術(shù)，實(shí)現(xiàn)火箭回收利用，有效節(jié)約太空飛行成本，其中有一技術(shù)難題是回收時(shí)如何減緩對(duì)地的碰撞，為此設(shè)計(jì)師在返回火箭的底盤安裝了4臺(tái)電磁緩沖裝置，其工作原理是利用電磁阻尼作用減緩火箭對(duì)地的沖擊力。該裝置的主要部件有兩部分：①緩沖滑塊，由高強(qiáng)絕緣材料制成，其內(nèi)部邊緣繞有閉合單匝矩形線圈abcd，指示燈連接在cd兩處；②火箭主體，包括絕緣光滑緩沖軌道MN、PQ和超導(dǎo)線圈（圖中未畫出），超導(dǎo)線圈能產(chǎn)生方向垂直于整個(gè)緩沖軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)緩沖滑塊接觸地面時(shí)，滑塊立即停止運(yùn)動(dòng)，此后線圈與火箭主體中的磁場(chǎng)相互作用，指示燈發(fā)光，火箭主體一直做減速運(yùn)動(dòng)直至達(dá)到軟著陸要求的速度，從而實(shí)現(xiàn)緩沖?，F(xiàn)已知緩沖滑塊豎直向下撞向地面時(shí)，火箭主體的速度大小為v0，軟著陸要求的速度為0；指示燈、線圈的ab邊和cd邊電阻均為R，其余電阻忽略不計(jì)；ab邊長(zhǎng)為L，火箭主體質(zhì)量為m，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，重力加速度為g，一切摩擦阻力不計(jì)。（1）求緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，線圈的ab邊受到的安培力大?。?/span>（2）求緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，火箭主體的加速度大小；（3）若火箭主體的速度大小從v0減到0的過(guò)程中，經(jīng)歷的時(shí)間為t，求該過(guò)程中每臺(tái)電磁緩沖裝置中線圈產(chǎn)生的焦耳熱。【答案】 （1）（2）（3）【解析】（1）ab邊產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E＝BLv0線圈總電阻R總＝R＋＝1.5RFab＝BIL＝BL＝。（2）由牛頓第二定律4Fab－mg＝ma解得a＝－g。（3）根據(jù)動(dòng)量定理mgt－4t＝0－mv0即mgt－4·＝0－mv0化簡(jiǎn)得根據(jù)能量守恒定律，每個(gè)減速器得到熱量每個(gè)線圈得到的熱量 （二）選考題：共15分。請(qǐng)考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分。33．【選修3-3】（15分）（1）（5分）關(guān)于理想氣體，下列說(shuō)法正確的是         。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）A．已知?dú)怏w的摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子質(zhì)量B．已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子直徑C．氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子間表現(xiàn)為斥力D．氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁所致E.一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)一定增大【答案】 ADE【解析】A．一個(gè)分子的質(zhì)量已知?dú)怏w的摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子質(zhì)量，A正確；B．一個(gè)氣體分子占據(jù)的體積已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，不可以估算一個(gè)分子直徑，B錯(cuò)誤；CD．氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁所致，氣體分子之間的距離較大，幾乎不體現(xiàn)分子力，C錯(cuò)誤，D正確；E．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)一定增大，E正確。故選ADE。 （2）（10分）如圖所示，兩個(gè)固定的導(dǎo)熱良好的水平氣缸A、B，由水平硬桿相連的活塞面積分別為SA=100 cm2， SB=20 cm2。兩氣缸通過(guò)一帶閥門K的細(xì)管連通，最初閥門關(guān)閉，A內(nèi)有理想氣體，B內(nèi)為真空。兩活塞分別與各自氣缸底相距a=b=50 cm，活塞靜止。設(shè)環(huán)境溫度保持不變，不計(jì)摩擦，大氣壓強(qiáng)保持p0 =76 cmHg不變，細(xì)管體積可忽略不計(jì)，求：(1)閥門K關(guān)閉未打開(kāi)時(shí)，氣缸A中氣體的壓強(qiáng)；(2)將閥門K打開(kāi)，足夠長(zhǎng)時(shí)間后，左側(cè)活塞停在距A氣缸底多遠(yuǎn)處。【答案】 (1) ；(2)【解析】(1)閥門K關(guān)閉未打開(kāi)時(shí)，取兩活塞和桿整體為研究對(duì)象，由平衡狀態(tài)得解得(2)打開(kāi)閥門K穩(wěn)定后，設(shè)氣體壓強(qiáng)為，取兩活塞和桿為整體，由平衡狀態(tài)得解得設(shè)左側(cè)大活塞停在距A氣缸底處，對(duì)封閉氣體由玻意耳定律得代入數(shù)據(jù)解得則左側(cè)大活塞停在距A氣缸底處。 34．【選修3-4】（15分）（1）（5分）如圖所示，一列沿 x 軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，振幅A=6cm，a、b質(zhì)點(diǎn)平衡位置在x=1m和x=12m，若圖示時(shí)刻為t=0s時(shí)刻，此波剛傳到b點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)a 的位移xa=3cm，向 y 軸負(fù)方向振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)a距第一次出現(xiàn)波峰時(shí)間Δt=0.9s，并且T<Δt<2T，則         。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì)1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）A．簡(jiǎn)諧橫波的周期T=0.8sB．簡(jiǎn)諧橫波的波速v=10m/sC．a、b 質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能可能同時(shí)為零D．0.3s<t<0.5s，質(zhì)點(diǎn)b加速度先減小后增加E.質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)方程為y=－6sin()【答案】 ABD【解析】A．根據(jù)題意可知，因此，A選項(xiàng)正確；B．又根據(jù)平衡位置間距可知因此波長(zhǎng)，故波速B選項(xiàng)正確；C．根據(jù)題目可知故無(wú)論如何、兩質(zhì)點(diǎn)不可能同時(shí)速度為零，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；D．根據(jù)振動(dòng)方向及周期可知，，質(zhì)點(diǎn)b向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)且位移從變化到，加速度先減小后增加，故D正確；E．質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為，故E選項(xiàng)錯(cuò)誤。故選ABD。 （2）（10分）如圖，一玻璃磚截面為矩形ABCD，固定在水面上，其下表面BC剛好跟水接觸。現(xiàn)有一單色平行光束與水平方向夾角為θ（θ>0），從AB面射入玻璃磚。若要求不論θ取多少，此光束從AB面進(jìn)入后，到達(dá)BC界面上的部分都能在BC面上發(fā)生全反射，則該玻璃磚的折射率最小為多少？已知水的折射率為。【答案】 【解析】隨著θ的增大，當(dāng)θ為90o時(shí)，α最大，β最小，此時(shí)若在BC上發(fā)生全反射，則對(duì)任意θ都能發(fā)生全反射。由折射定律由全反射有由幾何關(guān)系有由以上各式解得  

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