2022-2023學年第一學期高二年級期中考試物理一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～8題只有一項符合題目要求，第9～12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1．下列四種電場中，a、b兩點的場強、電勢均相同的選項是（    ）A． B． C． D．2．如圖所示，在水平放置的金屬導體中，3s內有12C的負電荷向右通過導體某一橫截面．關于導體內電流的大小和方向，以下判斷正確的是（    ）A．0.25A  向左 B．0.25A  向右 C．4.0A  向左 D．4.0A  向右3．如圖所示，圖線1表示的導體的電阻為，圖線2表示的導體的電阻為，則下列說法正確的是（    ）A．B．C．將與串聯(lián)后接于電源上，則電流之比D．將與并聯(lián)后接于電源上，則電流之比4．兩個分別帶有電荷量－Q和+7Q的相同金屬小球A、B（均可視為點電荷），固定在相距為r的兩處，它們間的庫侖力大小為F。用一帶絕緣柄的不帶電的并且與A、B完全相同的金屬球C與A、B反復足夠多次接觸，最后移去C，則兩球間庫侖力的大小為（    ）A． B． C． D．5．某汽車勻減速剎車過程中位移x與時間t的比值與t之間的關系圖像如圖所示，則下列說法正確的是（    ）A．剎車過程的加速度大小為 B．t=20s時，車剛好停下C．0～10s內，平均速度為 D．從計時開始，前4s內，車的位移為96m6．“嫦娥五號”探測器由軌道器、返回器、著陸器等多個部分組成．已知月球半徑為R，“嫦娥五號”在距月球表面高度為2R的圓軌道上飛行，周期為T，萬有引力常量為G。下列說法正確的是（    ）A．月球質量為 B．月球表面重力加速度C．月球密度為  D．月球第一宇宙速度為7．如圖所示，一臺空調外機用兩個三角形支架固定在外墻上，圖乙為支架的簡化示意圖，若空調外機的重心恰好在支架橫梁AO和斜梁BO的連接點O的正上方，重力大小為240N，橫梁AO水平。斜梁BO與橫梁AO的夾角為37°，sin37°=0.6。假定橫梁對O點的拉力總沿OA方向，斜梁對O點的支持力沿BO方向，下列判斷正確的是（    ）A．橫梁對O點的拉力為400NB．斜梁對O點的支持力為320NC．若保持O點的位置不變，橫梁仍然水平，逐漸增大斜梁長度，則橫梁對O點的作用力逐漸增大D．若保持O點的位置不變，橫梁仍然水平，逐漸增大斜梁長度，則斜梁對O點的作用力逐漸減小8．如圖所示，左側為加速電場，右側為偏轉電場，加速電場的加速電壓是偏轉電場電壓的16倍。有一初速度為零的電荷經(jīng)加速電場加速后從偏轉電場兩板正中間垂直電場方向射入，且正好能從極板下邊緣穿出電場，不計電荷的重力。則偏轉電場長寬之比與為（    ）A．4 B． C． D．9．如圖所示，平行板電容器的N板與靜電計的金屬球連接，M板和靜電計外殼同時接地，對電容器充電，使靜電計指針張開一個角度，撤去電源后，以下說法正確的是（    ）A．僅增大兩板間的距離，靜電計指針張角變小B．僅將玻璃板插入兩板之間，靜電計指針張角變小C．僅將M板稍微上移，靜電計指針張角變大D．僅在M、N之間插入金屬板，且不和M、N接觸，靜電計指針張角變大10．用兩個相同的小量程電流表G，分別改裝成了兩個量程不同的大量程電流表、，若量程大于，將、接入如圖甲、乙所示的電路中，閉合電鍵后，下列有關說法正確的是（    ）A．G改裝成、時要串聯(lián)電阻，串聯(lián)的電阻大B．圖甲中、的指針偏角相同C．G改裝成、時要并聯(lián)電阻，并聯(lián)的電阻大D．圖乙中、的示數(shù)相同11．如圖所示，一質量為m、電荷量為q的帶電液滴以速度v沿與水平面成角的方向斜向上進入勻強電場，在電場中做直線運動，則液滴向上運動過程中（忽略空氣阻力），下列說法正確的是（    ）A．電場力不可能小于 B．液滴的動能一定不變C．液滴的機械能可能不變化 D．液滴的電勢能一定不變12．如圖所示，真空中有一勻強電場（圖中未畫出），電場方向與圓周在同一平面內，△ABC是圓的內接直角三角形，∠BAC=60°，O為圓心，半徑R=5cm。位于A處的粒子源向平面內各個方向發(fā)射初動能均為8eV、電荷量為+e的粒子，這些粒子會經(jīng)過圓周上不同的點，其中到達B點的粒子動能為12eV，到達C點的粒子動能也為12eV，忽略粒子受到的重力和粒子間的相互作用，下列說法正確的是（    ）A．  B．電場方向由A指向BC．勻強電場的電場強度大小為1V/cm D．經(jīng)過圓周上的所有粒子，動能最大為14cV二、非選擇題：共52分．13．（6分）某實驗小組利用圖（a）所示裝置探究物體質量一定時加速度與力的關系，實驗過程如下：（1）首先將小車置于帶有定滑輪的木板上，然后將紙帶穿過打點計時器與小車相連。（2）用墊塊將木板一端墊高，調整墊塊位置，平衡小車所受摩擦力及其他阻力。若某次調整過程中打出的紙帶如圖（b）所示（紙帶上的點由左至右依次打出），則墊塊應該______（填“往左移“往右移”或“固定不動”）。（3）已知實驗中打點計時器的打點周期為0.02s，得到的記錄紙帶如圖（c）所示，圖中的點為計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，由此得小車加速度的大小a=______（結果均保留3位有效數(shù)字）。（4）若小組同學沒有嚴格控制好小車質量M與鉤碼質量m。的大小關系，某次實驗過程中有，若其它操作規(guī)范合理，不考慮其它因素的影響，則可計算該次實驗得到的小車加速度的實驗值a實驗（利用紙帶求的值），與理論值（a理論=）的比值=______。14．（6分）一根細長而均勻的金屬管線樣品，長約60cm，電阻大約6Ω，截面圖如圖甲所示。（1）用螺旋測微器測量金屬管線的外徑，示數(shù)如圖乙所示，金屬管線的外徑為______mm。（2）實驗室有如下器材：A．電流表（量程0.6A，內阻約0.2Ω）B．電壓表（量程3V，內阻約5kΩ）C．滑動變阻器（15Ω，3A）D．蓄電池（6V，內阻很?。?/span>E．開關一個，帶夾子的導線若干（3）為了能精確測量金屬管線樣品的阻值，請將如圖所示的實物電路補充完整。（4）金屬管線樣品材料的電阻率為，通過多次測量得出金屬管線的電阻為R，金屬管線的外徑為d，要想求得金屬管線內形狀不規(guī)則的中空部分的截面積S，在前面實驗的基礎上，又測得金屬管線的長度L。則中空部分截面積的表達式為S=______。15．（8分）如圖所示，Q為固定的正點電荷，A、B兩點在Q的正上方和Q相距分別為h和0.25h，將一帶電小球從A點由靜止釋放，運動到B點時速度正好又變?yōu)?/span>0。若此帶電小球在A點的加速度大小為，g取，靜電力常量為k，求：（1）此帶電小球在B點的加速度大??；（2）A、B兩點間的電勢差（用Q和h表示）．16．（10分）如圖所示，長為L的平行金屬板水平放置，兩極板帶等量的異種電荷，板間形成勻強電場，一個電荷量為+q、質量為m的帶電粒子以某一初速度緊貼上板垂直于電場線的方向進入該電場，而后剛好從下板邊緣射出，射出時末速度大小為v且方向恰與下板的夾角，不計粒子重力和空氣阻力，求：（1）粒子初速度大小；（2）兩板間的電壓U；（3）兩板間的距離d。17．（10分）如圖所示，光滑的圓弧軌道PMN豎直放置，在右側N點與一傾斜傳送帶相切。M為圓弧軌道最低點，圓弧所在圓的圓心為O，PO水平，∠PON=127°。一質量m=2kg的小物塊（可視為質點）從圓弧軌道最左端P以的初速度向下運動。已知圓弧軌道半徑R=5m，傳送帶L=8m，在電機驅動下始終以速度順時針勻速轉動（與輪子間無相對滑動），小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，重力加速度g取，sin37°=0.6，cos37°=0.8，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求：（1）小物塊從滑上傳送帶減速至與傳送帶速度相等所需的時間；（2）若把小物塊換成同等條件的小煤塊，求小煤塊在傳送帶上留下的劃痕長度。18．（12分）如圖所示，豎直平面內有一水平向右的勻強電場，電場強度大小為，其中有一個半徑為R=2m的豎直光滑絕緣圓環(huán)，A點所在的半徑與豎直直徑BC成37°角?，F(xiàn)給質量為m=0.8kg、電荷量為的帶正電小球（可視為質點）一個初速度，讓小球恰能在圓環(huán)內做完整的圓周運動，不考慮小球運動過程中電荷量的變化，（cos37°=0.8，g取）求：（1）小球在A點時的速度大??；（2）小球做圓周運動過程中對環(huán)的壓力最大值；（3）當小球再次經(jīng)過A點時，空間中突然增加一方向豎直向上、電場強度大小為的勻強電場，試說明小球能否繼續(xù)沿圓環(huán)做完整的圓周運動。高二物理參考答案題號123456789101112答案DCAADBDBBCBDACBD1．D解析：A選項：a、b兩點的電場強度的大小、方向都不相同，電勢也不相同；B選項：a、b兩點的電場強度相同，電勢不相同；C選項：a、b兩點的電場強度的大小相同、方向不相同，電勢相同；選項：a、b兩點的電場強度相同，電勢相同，故選項符合題意。2．C解析：在水平放置的金屬導體中，內有的負電荷向右通過導體某一橫截面。電流方向規(guī)定為正電荷定向移動的方向，因移動的是負電荷，電流方向與負電荷定向移動的方向相反，故電流向左，大小為，故選。3．A解析：圖像斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖像可知圖線1和圖線2斜率之比為，所以，A正確，B錯誤；將與串聯(lián)后接于電源上，則電流比，C錯誤；根據(jù)歐姆定律，將與并聯(lián)后接于電源上，則電流比，D錯誤。4．A解析：由庫侖定律，金屬球C與A、B反復足夠多次接觸，由電荷守恒定律，A、B、C三球帶電量相等，均為，由庫侖定律，聯(lián)立上式解得，A正確。5．D解析：由公式得，結合圖可知，，解得，故A錯誤；汽車停下來的時間為，故B錯誤；內，平均速度為，故C錯誤；從計時開始，前內，車的位移為，故D正確。6．B解析：對探測器，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律，有，解得，A錯誤；在月球表面，萬有引力等于重力，解得，B正確；月球的密度，，C錯誤；月球表面的環(huán)繞速度即第一宇宙速度，，D錯誤。7．D解析：以點為研究對象，受到空調外機的壓力F，支架的作用力，支架的作用力，受力如圖所示。根據(jù)平衡條件，可知點對空調外機的支持力，由牛頓第三定律，可知空調外機對點的壓力，由受力分析結合幾何關系可得，，故AB錯誤；若保持點的位置不變，橫梁仍然水平，逐漸增大斜梁長度，則此時變大，變大，變大，由，可知減小，也減小，故C錯誤，D正確。8．B解析：加速度電場中，由動能定理有，在偏轉電場中有，，根據(jù)題意有，解得，ACD錯誤，B正確。9．BC解析：靜電計的原理是電勢差變大（?。r，指針張角變大（小）。由公式知，當變大時，變小，再由得變大，指針張角變大，A錯誤；當插入玻璃板時，相對介電常數(shù)增大，則變大，變小，指針張角變小，B正確；當板上移時，極板正對面積變小，則變小，變大，指針張角變大，C正確；僅在之間插入金屬板，板間距離減小，則電容增大，板間電壓減小，靜電計指針張角變小，D錯誤。10．BD解析：電流表量程擴大需要并聯(lián)電阻，并聯(lián)阻值滿足，量程越大，并聯(lián)電阻越小，故AC錯誤；圖甲中，、兩個電流表并聯(lián)，則電流表電壓相同，通過的電流相同，偏轉角度相同，故B正確；圖乙兩個電流表串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等可知、的示數(shù)相同，故正確。11．AC解析：根據(jù)做直線運動的條件，則電場力的最小值為，即電場力不可能小于，故A正確；液滴可能做勻加速或者勻減速直線運動，所以液滴的動能可能要變化，故B錯誤；如果電場力的方向垂直于速度的方向，即液滴做勻減速運動，則電場力做功為零，液滴的機械能守恒，故C正確；當電場力做功不為零時，液滴的電勢能一定變化，故D錯誤。12．BD解析：根據(jù)題意可知到達點的粒子動能與到達點的粒子動能相等，所以B、C兩點電勢相等，連線為勻強電場的等勢面，根據(jù)電場線與等勢面相互垂直，且的粒子，從點運動到點動能增大，可知電場力做正功，粒子一定沿著電場線方向運動，由此可判斷的方向就是該電場的電場強度方向，如圖所示。間的電勢差為，根據(jù)幾何關系可得，電場強度為，故C錯誤，B正確；因為，可得，故A錯誤；易知整個圓周上D點電勢最低，則粒子運動到點動能最大，根據(jù)，由幾何關系可得，聯(lián)立可得，從A到根據(jù)動能定理，代入數(shù)據(jù)可得，故D正確。13．答案：（2）往左移   （3）2.01  （4）（每空2分）解析：（2）根據(jù)圖（b）可知，小車在做減速運動，則平衡摩擦力不足，則墊塊應該往左移。（3）由題意可知，兩相鄰計數(shù)點的時間間隔為，把段分成兩段，由逐差法求加速度為。（4）由牛頓第二定律可得，，又，聯(lián)立解得。14．答案：（1）1.125（1.123～1.128） （3）見解析 （4）（每空2分）解析：（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為，可動刻度讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為。（3）待測電阻遠小于電壓表內阻，屬于小電阻，所以電流表采取外接法；滑動變阻器可以采用限流式接法，電路連接如圖所示。（4）根據(jù)，則有，則中空部分的橫截面積。15．解析：（1）這一電荷必為正電荷，設其電荷量為，由牛頓第二定律，在點時在點時（2分）解得，方向豎直向上（1分）（2）從到過程，由動能定理得（2分）解得（1分）16．解析：（1）由幾何關系得，粒子初速度（2分）（2）粒子進出電場的過程中，由動能定理得（2分）解得（1分）（3）粒子運動沿電場方向（1分）粒子末速度沿電場方向分量（1分）粒子運動時間（1分）又（1分聯(lián)立解得（1分17．解析：（1）小物塊從到過程，根據(jù)動能定理可得（1分）小物塊在傳送帶上減速過程中，由牛頓第二定律得（1分）小物塊減速至與傳送帶運動速度相等過程的時間為（1分）聯(lián)立解得（1分）（2）小煤塊減速至與傳送帶速度相等過程的位移為（1分）此過程傳送帶的位移為（1分）小物煤塊與傳送帶發(fā)生的相對位移為（1分）小煤塊與傳送帶速度相同后，由于（1分）可知共速后小煤塊與傳送帶保持相對靜止，一直勻速運動到傳送帶頂端，故小煤塊在傳送帶上留下的劃痕長度為（1分）18．解析：（1）小球在點時，，其合力方向恰好指向圓心，因為重力與電場力均為恒力，所以二者的合力大小為（2分）小球做圓周運動，則其等效最高點為點，有（1分）解得（1分（2）小球從等效最高點至等效最低點過程中，由動能定理得（2分）在等效最低點小球對圓環(huán)壓力最大，速度最大，動能最大，而非經(jīng)過點時動能最大。由牛頓第二定律得（1分代入數(shù)據(jù)解得由牛頓第三定律可知小球做圓周運動的過程中對環(huán)的最大壓力是（1分）（3）由題得，此時小球做圓周運動等效最高點為圓環(huán)最左端，從點到最左端，由動能定理得（1分）此時小球向心力（1分）聯(lián)立解得：（1分）因為，所以小球不能做完整的圓周運動（1分）

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