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A. 物體B對地面的壓力可能為0B. 物體B受到的摩擦力為mAgcosC. 地面對B的作用力方向豎直向上D. 地面對B的作用力方向斜向左上方【答案】BD【解析】【詳解】A B．選A為對象，根據(jù)平衡，繩子的拉力以物體B為對象，受力如圖
豎直方向由牛頓第三定律，物體B對地面的壓力水平方向因為物體B與地面之間存在摩擦力，所以物體B對地面的壓力不可能為0。A錯誤，B正確；C D．地面對B的作用力即地面對物體的支持力和摩擦力的合力斜向左上方。C錯誤，D正確。故選BD。6. 如圖所示，在沿x軸正方向的勻強電場E中，有一動點A以O為圓心、以r為半徑逆時針轉動，為與x軸正方向間的夾角，則O、A兩點問電勢差為（ ?。?/span>
A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】【詳解】在勻強電場中，兩點間的電勢差而d是沿場強方向上的距離，所以有得故選C。7. 在如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器．當R2的滑動觸點在a端時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數(shù)分別為I1、I2和U．現(xiàn)將R2的滑動觸點向b端移動，則三個電表示數(shù)的變化情況是A. I1增大，I2不變，U增大B. I1減小，I2增大，U減小C. I1增大，I2減小，U增大D. I1減小，I2不變，U減小【答案】B【解析】【詳解】R2的滑動觸點向b端移動時，R2減小，整個電路的總電阻減小，總電流增大，內電壓增大，外電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，R3電壓增大，R1、R2并聯(lián)電壓減小，通過R1的電流I1減小，即A1示數(shù)減小，而總電流I增大，則流過R2的電流I2增大，即A2示數(shù)增大．故A、C、D錯誤，B正確．8. 如圖所示，水平放置的密封汽缸內的氣體被一豎直隔板分隔為左右兩部分，隔板可在汽缸內無摩擦滑動，右側氣體內有一電熱絲。汽缸壁和隔板均絕熱。初始時隔板靜止，左右兩邊氣體溫度相等?，F(xiàn)給電熱絲提供一微弱電流，通電一段時間后切斷電流。當缸內氣體再次達到平衡時，與初始狀態(tài)相比（ ?。?/span>A. 左邊氣體分子單位時間內撞擊活塞的次數(shù)增加B. 左右兩邊氣體溫度都升高C. 左邊氣體壓強增大D. 右邊氣體內能的增加量等于電熱絲放出的熱量【答案】ABC【解析】【詳解】ABC.當電熱絲通電后，右側的氣體吸收電熱絲放出的熱量，溫度升高，同時絕熱膨脹，向左推動活塞，從而對左邊氣體做功，由題意并根據(jù)熱力學第一定律可知，左邊氣體內能增加，溫度升高；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知左邊氣體壓強增大，所以左邊氣體分子單位時間內撞擊活塞的次數(shù)增加，故ABC正確；D．根據(jù)能量守恒定律可知，兩邊氣體內能的總增加量等于電熱絲放出的熱量，故D錯誤。故選ABC。9. 如圖所示，曲面體P靜止放在光滑水平面上，小物塊Q自P上端靜止釋放。Q與P的接觸面光滑，Q在P上運動的過程中，下列說法正確的是（ ?。?/span>
A. P對Q彈力不做功B. 小物塊Q機械能守恒C. P和Q構成的系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒D. P和Q構成的系統(tǒng)機械能守恒、動量不守恒【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．由于地面光滑，所以Q下滑過程P會向左移動，P對Q的彈力方向垂直于接觸面，但與Q的速度方向就不始終垂直，所以P對Q的彈力有做功，A錯誤；B．P、Q組成的系統(tǒng)運動過程中只有Q的重力做功，滿足機械能守恒，由于P動能增大，故小物塊Q的機械能減小，B錯誤；CD．系統(tǒng)水平方向上不受外力的作用，水平方向滿足動量守恒，但是在豎直方向上Q的合力不為零，故系統(tǒng)動量不守恒，C錯誤，D正確。故選D。10. 如圖所示，MN是負點電荷電場中的一條電場線，一個帶正電的粒子（不計重力）從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示．下列結論正確的是（ ） A. 帶電粒子從a到b運動的過程中動能逐漸減小B. 帶電粒子在a點時的電勢能大于在b點時的電勢能C. 負點電荷一定位于N點右側D. 帶電粒子在a點時的加速度大于在b點時的加速度【答案】AD【解析】【詳解】A．由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內側，電場力方向大致向左，對帶電粒子做負功，其動能減?。?/span>A正確；B．電場力對帶電粒子做負功，電勢能增大，則帶電粒子在a點的電勢能小于在b點的電勢能，故B錯誤；CD．帶正電粒子的電場力向左，電場線由N指向M，說明負電荷在直線MN左側，a點離點電荷較近，a點的電場強度大于b點的電場強度，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度，故C錯誤D正確。故選AD。11. 如圖所示，a為帶正電的小物塊，b是一不帶電的絕緣物塊，a、b疊放于粗糙的水平地面上，地面上方有垂直紙面向里的勻強磁場，現(xiàn)用水平恒力F拉b物塊，使a、b一起無相對滑動地向左加速運動，在加速運動階段 （ ）A. a、b一起運動加速度不變B. a、b一起運動的加速度增大C. a、b物塊間的摩擦力減小D. a、b物塊間的摩擦力增大【答案】C【解析】【詳解】以整體為研究對象有F-f=（ma+mb）a ，f=（ma+mb+qvB）μ由于物體加速運動，因此速度逐漸增大，洛倫茲力增大，則地面給b的滑動摩擦力增大，因此整體加速度逐漸減小，隔離a，a受到水平向左的靜摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律有：f=maa，由于加速度逐漸減小，因此a．b之間的摩擦力減小。故選C。12. 有一等腰直角三角形形狀的導線框abc，在外力作用下勻速地經(jīng)過一個寬為d的有界勻強磁場區(qū)域，線圈中產(chǎn)生的感應電流i與沿運動方向的位移x之間的函數(shù)圖象可能是如圖中的（ ）
A. B. C. D. 【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)題意得，感應電動勢：，感應電流為，在進入磁場的過程中，切割的有效長度在減小，根據(jù)右手定則判斷，感應電流為逆時針；在出磁場的過程中，切割的有效長度在減小，根據(jù)右手定則判斷，感應電流為順時針，所以感應電流方向相反，都在減小，ABC錯誤D正確第Ⅱ卷（非選擇題，共52分）二、本大題共3個小題，共20分。13. 螺旋測微器的讀數(shù)為______mm，游標卡尺的讀數(shù)應為______cm。【答案】 ①. 6.122##6.123##6.124 ②. 1.055【解析】【詳解】[1] 螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)，可動刻度讀數(shù)，螺旋測微器的讀數(shù) [2]游標卡尺主尺讀數(shù)游標尺為20分度，第11個格與上方對齊，讀數(shù)游標卡尺的讀數(shù)應為14. 如圖所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，實驗所用的電源為學生電源，輸出電壓為6V的交流電和直流電兩種，重錘上拖著的紙帶通過打點計時器打出一系列的點，對紙帶上的點的痕跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。
（1）下面列舉了該實驗的幾個操作步驟A．按照圖示的裝置安裝器材B．將打點計時器接到電源的電流輸出端上C．用天平測量出重錘的質量D．先松手釋放紙帶，再接通電源打出紙帶E．選擇合適的紙帶，測量打出的紙帶上某些點之間的距離F．根據(jù)測量的結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能
上述操作中沒有必要進行的或者操作不恰當?shù)牟襟E是______（填入相應的字母）。（2）若實驗中所用重錘質量m=1.00kg，打點紙帶如下圖所示，打點時間間隔為0.02s，從O點開始下落起至B點，重錘的重力勢能減小量是=______J，重錘的動能增加量=______J。（，結果取3位有效數(shù)字）（O點為開始下落點，O點與A點間其他點未畫出）實驗結論是______【答案】 ①. BCD##BDC#CBD##CDB##DBC##DCB ②. 1.88 ③. 1.84 ④. 在誤差允許范圍內，重錘機械能守恒【解析】【詳解】（1）[1] A．按照圖示的裝置安裝器材，A正確；B．將打點計時器接到電源的交流輸出端上，B錯誤；C．因驗證和大小是否相等，重錘的質量可以約去，重錘的質量不必測量。C錯誤；D．先接通電源，再松手釋放紙帶，打出紙帶。D錯誤；E．選擇合適的紙帶，測量打出的紙帶上某些點之間的距離，E正確；F．根據(jù)測量結果計算重錘下落過程中減少的重力勢能是否等于增加的動能，F正確,因選擇沒有必要進行的或者操作不恰當?shù)牟襟E，故選BCD。（2）[2]從O點開始下落起至B點，重錘的重力勢能減小量是 [3]利用勻變速直線運動的推論B點重錘的動能[4] 實驗結論是在誤差允許范圍內，重錘機械能守恒。15. 一只小燈泡，標有“3V，1.5W”字樣。現(xiàn)要測量小燈泡正常發(fā)光時的電阻 R1和幾乎不發(fā)光時的電阻 R2。實驗所用器材有：A．電源電動勢為6V，內阻為1Ω；B．電流表A1量程為0.6A，內阻約為1.0Ω；C．電流表A2量程為3A，內阻約為0.1Ω；D．電壓表V1 量程為3V，內阻約為6kΩ；E．電壓表V2量程為15V，內阻約為10kΩ；F．滑動變阻器的最大阻值為10Ω；H．開關、導線若干。（1） 電壓表應選用______；電流表應選用______；（填寫各器材的字母代號）（2）實驗電路應采用電流表______接法；（填“內”或“外”）（3）電路圖畫在框里______。【答案】 ①. D ②. B ③. 外 ④. 【解析】【詳解】（1）[1] 因小燈泡額定電壓為，所以電壓表應選D。[2]由可知電流表應選B。（2）[3]正常發(fā)光時，小燈泡的電阻由于電流表選外接法。（3）[4]由于實驗要求測出小燈泡幾乎不發(fā)光時的電阻，故滑動變阻器應用分壓接法，又電流表采用外接法，電路圖如圖所示三、本大題共3個小題，共32分。要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的，不能得分。有數(shù)值計算的題。答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。16. 一定質量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→D→A的變化過程可用如圖所示的p-V圖線描述，其中D→A為等溫線，氣體在狀態(tài)A時溫度為TA=300 K，求：(1)氣體在狀態(tài)C時溫度TC；(2)若氣體在A→B過程中吸熱1000 J，則在A→B過程中氣體內能如何變化？變化了多少？【答案】(1)375K；(2)氣體內能增加，增加了400J【解析】【詳解】(1)D→A為等溫線，則TA=TD=300 KC到D過程，由蓋—呂薩克定律得解得TC=375 K(2)A→B過程壓強不變，氣體做功為由熱力學第一定律，得則氣體內能增加，增加了400J17. 如圖，導熱圓柱形氣缸放置在水平桌面上，橫截面積為S、質量為m1的活塞封閉著一定質量的氣體（可視為理想氣體），活塞與氣缸間無摩擦且不漏氣?？傎|量為m2的砝碼盤（含砝碼）通過左側豎直的細繩與活塞相連。當環(huán)境溫度為T時，活塞離缸底的高度為h?，F(xiàn)使環(huán)境溫度緩慢降為：
①當活塞再次平衡時，活塞離缸底的高度是多少？②保持環(huán)境溫度為不變，在砝碼盤中添加質量為m的砝碼時，活塞返回到高度為h處，求大氣壓強p0。【答案】①；②【解析】【詳解】①環(huán)境溫度緩慢降低過程中，氣缸中氣體壓強不變，初始時溫度為，體積為，再次平衡時溫度為，體積為，由等壓變化規(guī)律解得②設大氣壓強為，初始時體積，壓強變化后體積，壓強由玻意耳定律解得18. 如圖所示，MN、PQ是兩根足夠長的光滑平行金屬導軌，導軌間距為d，導軌所在平面與水平面成θ角，M、P間接阻值為R的電阻．勻強磁場的方向與導軌所在平面垂直，磁感應強度大小為B．質量為m、阻值為r的金屬棒放在兩導軌上，在平行于導軌的拉力作用下，以速度v勻速向上運動．已知金屬棒與導軌始終垂直并且保持良好接觸，重力加速度為g，求：（1）金屬棒產(chǎn)生的感應電動勢E；（2）通過電阻R電流I；（3）拉力F的大小．【答案】（1）E=Bdv；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律E=Bdv（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律（3）導體棒的受力情況如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律有又因為：所以：
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