巴中市普通高中2020級“零診”考試理科綜合物理注意事項∶1.答題前，考生務必將自己的姓名、班級、考號填寫在答題卡規(guī)定的位置。2.答選擇題時請使用2B鉛筆將答題卡。上對應題目的答案標號涂黑；非選擇題答題時必須用0.5毫米黑色墨跡簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置，在規(guī)定的答題區(qū)域以外答題無效，在試題卷上答題無效。3.考試結束后，考生將答題卡交回。一、選擇題∶本題共8小題，每小題6分。1. 越來越多的人喜歡挑戰(zhàn)極限，如圖是兩位“勇士”參與溜索活動，兩傾斜的鋼絲拉索分別套有M、N兩個滑輪（滑輪與繩之間有可調節(jié)的制動片），兩滑輪上用安全帶系著兩位“勇士”，當他們都沿拉索向下滑動時，M上的帶子與索垂直， N上的帶子始終豎直向下，則以下判斷正確的是（　　）
 A. M情況中，滑輪與索之間有摩擦力 B. N情況中，滑輪與索之間無摩擦力C. M情況中“勇士”做勻速直線運動 D. N情況中“勇士”做勻速運直線動【答案】D【解析】【詳解】AC．滑輪M對應的安全帶的彈力方向傾斜，對“勇士”受力分析，如圖則加速度大小為滑輪M做勻加速運動，對整體分析，有得 M情況中，滑輪與索之間沒有摩擦力，故AC錯誤；BD．滑輪N對應的安全帶的彈力為豎直方向，可知N情況中“勇士”合力為零，做勻速直線運動，則滑輪N受到沿鋼索向上的摩擦力，故B錯誤，D正確。故選D。2. 在水平地面上放一塊長方形的鐵塊，在它O點正上方固定一正點電荷Q，長方形的鐵塊MN上A、B、O、C、D間距相等，則正點電荷Q在各點產生的場強E，在長方形的鐵塊MN上各點的電勢φ、各點間的電勢差U以下說法正確的是（　?。?/span>
 A.  B. C.  D. MN上表面不帶電【答案】B【解析】【詳解】A．由正點電荷的等勢面分布特點可知越靠近正電荷電勢越高，則故A錯誤；B．由正點電荷周圍的電場強度，可知故B正確；C．由正點電荷的電場線分布特點可知AB間電場強度大小等于CD間電場強度大小，OB間電場強度大小等于OC間電場強度大小，AB間電場強度大小小于OB間電場強度大小，由U=Ed遷移到非勻強電場中可得故C錯誤； D．MN上表面由于感應起電，根據異種電荷相互吸引，同種電荷相互排斥，所以上表面將帶負電，故D錯誤。故選B。3. 一束單色光照射處于基態(tài)一群氫原子后，可以測出氫能發(fā)出六種頻率的光，氫原子的能級圖如圖所示，如果用這束單色光照射某一逸出功是2.21eV金屬，測得從金屬中射出電子的最大初動能是（　?。?/span>A. 12.75eV B. 10.54eV C. 9.88eV D. 7.99eV【答案】B【解析】【詳解】單色光照射到大量處于基態(tài)的氫原子上，被激發(fā)的氫原子能自發(fā)地發(fā)出六種頻率的光，根據可知基態(tài)氫原子躍遷到n =4的激發(fā)態(tài)，根據玻爾理論得到照射氫原子的單色光的光子能量為由愛因斯坦光電效應方程，可得從該金屬中射出電子的最大初動能為故B正確；ACD錯誤。故選B。4. 如圖所示，空間存在水平向右的勻強電場有一帶電滑塊，從A點沿粗糙絕緣的水平面以100J的初動能向左滑動，當第一次到達B點時，動能減小了30J，其中有18J轉化為電勢能，下面判斷正確的是（   ）
 A. 滑塊向左運動過程中它的動能和電勢能均增大B. 滑塊向左運動過程中它的機械能不變C. 滑塊在運動過程中它的最大電勢能是60JD. 滑塊再次經過B點時它的動能是18J【答案】C【解析】【詳解】A．由題意可知，滑塊向左運動過程中動能減小，電勢能增大，A錯誤；B．滑塊向左運動過程中電場力和摩擦力均做負功，則機械能減小，B錯誤；C．滑塊向左運動過程中，動能減小30J，其中有18J轉化為電勢能，則克服摩擦力做功為12J，即FdAB = 18J，fdAB = 12J電場力與摩擦力之比為從B點到速度為零，動能減小70J，克服摩擦力做功為則轉化的電勢能為70－28J = 42J，則最大的電勢能為Ep= 18＋42J = 60JC正確；D．設滑塊再次經過B點時速度為v′B，整個過程中電場力做功為零，根據動能定理得D錯誤。故選C。5. 2021年5月15日7時18分，我國首次火星探測任務“天問一號”探測器穩(wěn)穩(wěn)降落在火星北半球的烏托邦平原?！疤靻栆惶枴?/span> 登陸火星需經歷如圖所示的變軌過程。已知引力常量為G，則下列說法正確的是（　　）A. 飛船在軌道上運動時，運行的周期TIII=TII>TIB. 飛船在軌道 I上的機械能大于在軌道II上的機械能C. 飛船在P點從軌道II變軌到軌道I，需要在P點朝速度反方向噴氣D. 若軌道I貼近火星表面，已知飛船在軌道I上運動的角速度，可以推知火星的密度【答案】D【解析】【詳解】A．根據開普勒第三定律可知，飛船在軌道上運動時，軌道半長軸關系aIII>aII>aI運行的周期TIII>TII>TI選項A錯誤；B．飛船從軌道Ⅱ到軌道Ⅰ要點火減速，則飛船在軌道 I上的機械能小于在軌道II上的機械能，選項B錯誤；C．飛船在P點從軌道II變軌到軌道I，要減速，需要在P點朝速度同方向噴氣，選項C錯誤；D．若軌道I貼近火星表面，則可得已知飛船在軌道I上運動的角速度，可以推知火星的密度，選項D正確。故選D。6. 如圖所示，一單邊有界磁場的邊界上有一粒子源，以與水平方向成θ角的不同速率，向磁場中射入兩個相同的粒子1和2，粒子1經磁場偏轉后從邊界上A點出磁場，粒子2經磁場偏轉后從邊界上B點出磁場，OA=AB，則（　?。?/span>
 A. 粒子1與粒子2的動能之比為1：2B. 粒子1與粒子2的動能之比為1： 4C. 粒子1與粒子2在磁場中運動的弧長之比為1： 1D. 粒子1與粒子2在磁場中運動的弧長之比為1： 2【答案】BD【解析】【詳解】AB．由題意可知，粒子1和2圓周運動軌跡對應的弦長之比為1：2，則粒子1和2運動半徑之比為1：2，根據得即速度之比為1：2，又可知，粒子1與粒子2的動能之比為1∶4，故A錯誤，B正確；CD．根據可知，兩粒子周期相同，而由題意可知，兩粒子圓周運動的圓心角相等，由可知，兩粒子運動時間相等，又可知，粒子1與粒子2在磁場中運動的弧長之比為1∶ 2，故C錯誤，D正確。故選BD。7. 兩個完全相同的金屬線框abcd、a'b'c'd'放在光滑的水平面上，它們的右側是一個豎直向下的勻強磁場，當兩線框分別以速度v1和v2（v1>v2）進入磁場，在完全進入磁場的過程當中，線框產生的焦耳熱分別為Q1、Q2，通過導線橫截面積電量分別為q1、q2，下列判斷正確的是（　?。?/span>
 A. 它們勻減速進入磁場B. 金屬線框abcd在進入磁場的過程中克服安培力做的功等于它產生的焦耳熱C Q1>Q2q1=q2D. Q1>Q2q1>q2【答案】BC【解析】【詳解】A．金屬線框進入磁場的過程中，所受安培力提供合力可知，線框的加速度隨速度的較小而減小，則金屬線框做加速度減小的減速運動，故A錯誤；B．根據功能關系可知，電磁感應現象中，線框克服安培力做功等于線框產生的焦耳熱，故B正確；CD．由能量守恒可知因為，則根據， ，得兩線框的磁通量變化量和電阻均相等，則故C正確，D錯誤。故選BC。8. 傾角為θ且足夠長的光滑固定的斜面上有一質量為m的物體，初始位置如圖甲所示，在平行于斜面向上的力F作用下，物體從初始位置由靜止開始沿斜面運動，運動過程中物體的機械能E隨位置x的變化關系如圖乙所示，其中在過程的圖線是曲線，在過程中圖像是是平行x軸的直線，在的過程中圖像是直線，則下列說法正確的是（　?。?/span>A. 在的過程中，力F在減小 B. 在的過程中，物體的動能一直在增大C. 在的過程中，物體的速度大小不變 D. 在的過程中，物體一定做勻速運動【答案】AB【解析】【詳解】A．在過程中物體機械能在減小，知拉力在做負功，拉力方向沿斜面向上，所以物體的位移方向向下，即物體在沿斜面向下運動。根據功能關系得得    則知圖線的斜率表示拉力，在過程中圖線的斜率逐漸減小到零，知物體的拉力F逐漸減小到零，A正確；BC．在過程中，機械能不變，則拉力為零，再根據選項A可知x1時物體沿斜面向下運動，則物體在過程中繼續(xù)向下加速運動，則在重力的作用下物體的動能一直在增大，B正確、C錯誤；D．過程過程，機械能繼續(xù)減小，拉力做負功，則拉力方向沿斜面向上，圖像的斜率恒定，故拉力F為恒力，但不知道拉力F與重力分力的大小關系，故物體有可能做勻速直線運動、也可能做勻減速直線運動，還可能做勻加速直線運動，D錯誤。故選AB。第II卷（共174分）三、非選擇題∶共174分。第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~ 38。題為選考題，考生根據要求作答。9. 小何和小馮在課本實驗基礎上進行如圖所示的實驗改進來驗證牛頓運動定律，小車上固定一個盒子，盒子內盛有砂子，砂桶的總質量（包括桶以及桶內砂子質量）記為m，小車的總質量（包括車、盒子及盒內砂子質量）記為M，在平衡摩擦力后：
 他倆在質量不變的情況下來驗證加速度與合力成正比。從盒子中取出一些砂子，裝入砂桶中后稱量并記錄砂桶的總重力mg，將該力視為合力F，對應的加速度a則從打下的紙帶中計算得出。多次改變合力F的大小，每次都會得到一個相應的加速度。本次實驗中，桶內的砂子取自小車中，故系統(tǒng)的總質量不變。以合力F為橫軸，以加速度a為縱軸，畫出a—F圖像。（1）a—F圖像斜率的物理意義是________；（2）你認為把砂桶總重力mg當做合力F是否合理？答∶______（選填“合理”或“不合理”）本次實驗中，是否應該滿足M >> m這樣的條件？答∶________（選填“是”或“否”）；（3）畫出a—F圖像正確的是（     ）A．B．C．D．【答案】    ①.     ②. 合理    ③. 否    ④. C【解析】【詳解】（1）[1]由題意可知，M＋m不變，mg視合力F，對整體說明a—F圖像斜率的物理意義是。（2）[2][3]根據以上分析可知系統(tǒng)合外力大小為mg是合理的，不必滿足M >> m。（3）[4]由（1）可知，a—F圖像為正比例關系。故選C。10. 使用多用電表測量電阻時，多用電表內部的電路可以等效為一個直流電源（一般為電池）、一個電阻和一表頭相串聯(lián)，兩個表筆分別位于此串聯(lián)電路的兩端．現需 要測量多用電表內電池的電動勢，給定的器材有：待測多用電表，量程為60 mA的電流表，電阻箱，導線若干．實驗時，將多用電表調至×1 Ω擋，調好零點；電阻箱置于適當數值．完成下列填空：（1）儀器連線如圖l所示（a和b是多用電表的兩個表筆）．若兩電表均正常工作，則表筆a為_________ （填“紅”或“黑”）色；（2）若適當調節(jié)電阻箱后，圖1中多用電表、電流表與電阻箱的示數分別如圖2（a），（b），（c）所示，則多用電表的讀數為_________Ω．電流表的讀數為_________mA，電阻箱的讀數為_________Ω：（3）將圖l中多用電表的兩表筆短接，此時流過多用電表的電流為_________mA；（保留3位有效數字）（4）計算得到多用電表內電池的電動勢為_________V．（保留3位有效數字）【答案】    ①. 黑    ②. 14.0    ③. 53.0    ④. 4.6    ⑤. 102    ⑥. 1.54【解析】【詳解】（1）[1]多用電表在使用時必須使電流從紅表筆（正接線柱）流進，黑表筆（負接線柱）流出，串聯(lián)的電流表也必須使電流從正接線柱流進，負接線柱流出，所以可以判斷電流是從a表筆流出的為黑表筆．（2）[2]多用電表用×1倍率測量，讀數為14.0×1=14.0Ω；[3]電流表的量程是60mA，讀數為53.0mA；[4]電阻箱的讀數為0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω．（3）、（4）[5][6]多用電表測量電阻的原理是閉合電路的歐姆定律，多用電表內部的電路等效的直流電源（一般為電池）、電阻、表頭與待測電阻串聯(lián)，當表頭短接時電路電流最大為表頭的滿偏電流，將取為為多用電表的內阻，當待測電阻等于時，這時表頭半偏，表針指在歐姆表盤的中值上，所以又稱為中值電阻．當選擇×1倍率測量時中值電阻直接在歐姆表盤上讀數為15Ω．在（2）中多用電表外的電阻為多用電表的讀數14.0Ω，干路電流是53.0mA，則電源電動勢是；則短接時對應滿偏電流．【點睛】當用多用電表測電阻時，電源在表內，要使電流從圖中電流表正極流進，從負極流出，因此表筆a連接電源的正極，所以表筆a為黑色的．多用電表測電阻時讀數是表盤示數與倍率的乘積；電流表的讀數要注意量程． 11. 滑板是同學們喜愛的體育運動，如圖所示，一同學正在進行滑板運動。圖中ABD是同一水平路面，BC是一段R = 4m的圓弧路面，圓弧的最高點C與其圓心O在同一豎直線上，BC圓弧對應的圓心角為37°，該同學從A點由靜止開始在AB路段單腳用力蹬地，然后收腿和滑板一起沖上圓弧路段到達C點，在C點時滑板對路面的壓力為300N；已知他和滑板的總質量為50kg，不計滑板與各路段之間的摩擦力以及經過B點時的機械能損失。已知重力加速度g = 10m/s2，cos37° = 0.8，sin37° = 0.6。求∶（1）從C點水平拋出，其落地點與C點的水平距離x為多少？（2）該同學在AB段消耗的體能中有多少焦轉化為他和滑板的機械能。
 【答案】（1）x = 1.6m；（2）E = 800J【解析】【詳解】（1）他和滑板在C點受力分析有有幾何關系有h = R(1－cos37°)在C點平拋有，x = vCt聯(lián)立解得x = 1.6m（2）設其消耗的體能為E，A—C過程所做功為W，由功能關系有能量守恒有E = W則E = 800J12. 云室是顯示能導致電離的粒子運動徑跡的裝置，其原理是離子經過飽和蒸汽時發(fā)生氣體分子聚集成為霧滴從而顯現出粒子運動的徑跡。如圖甲所示是研究粒子運動徑跡特殊裝置的云室，其結構是在水平面以xoy平面直角坐標系中，有相互平行的極板A、極板B垂直于y軸，且關于x軸對稱，極板長度和極板間距均為d，第一、第四象限有足夠大的勻強磁場，方向垂直于xoy平面向里，位于極板左側的粒子源能源源不斷的沿x軸向右發(fā)射速度相同，重力不計的粒子（質量為4m，電荷量為正2e），在0到3t0的時間內，兩板間加上如圖乙所示的電壓（不考慮邊緣效應的影響），已知t=0時刻進人兩板間的帶電粒子其徑跡顯示恰在t0時刻經極板邊緣射入磁場，上述m、e、d、t0、B皆為已知量，（不考慮粒子間的相互影響及返回極板的情況）（1）求電壓U0的大小（2）求時進入兩極板間的粒子在磁場中顯示的運動半徑R（3）粒子在磁場中的運動時間最短時，求粒子進入兩板間的時刻t及粒子在磁場中的最短運動時間?t【答案】（1） ；（2） ；（3） ，【解析】【詳解】（1）時刻進入時刻剛好從極板邊緣射出,則有,電場強度由牛頓第二定律得偏移量聯(lián)立解得（2）在時刻進入兩極板間的帶電粒子，前時間在電場中偏轉，后時間兩極板間沒有電場粒子做勻速直線運動。粒子沿x軸方向的分速度大小為沿y方向分速度大小為粒子在磁場中運動的速度為分在磁場中做圓周運動的半徑設為R，則解得（3）由分析知在進入兩極板的粒子運動時間最短。粒子在離開電場時設粒子離開電場時速度方向與y軸正方向的夾角為，則分析可知粒子軌跡圓心角為則時間最短為粒子在磁場中運動的周期為聯(lián)立解得（二）選考題13. 關于熱現象和熱學規(guī)律，說法正確的是（　　）A. 布朗運動表明，構成懸浮微粒的分子在做無規(guī)則運動B. 兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，分子間的引力和斥力都在減小C. 溫度高的物體內能不一定大D. 物體的攝氏溫度變化了1°C，其熱力學溫度變化了273 KE. 兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中，它們的分子勢能先減小后增大【答案】BCE【解析】【詳解】A．布朗運動是指懸浮微粒的運動，反映了液體分子的無規(guī)則運動。故A錯誤；B．分子間引力和斥力均隨分子間距離的增大而減小。故B正確；C．物體的內能不單是由溫度決定的，還與物體的體積、分子數有關。故C正確；D．攝氏溫度變化1°C，熱力學溫度變化1 K。故D錯誤；E．兩個分子的間距從從極近逐漸增大到10r0的過程中，先是分子斥力做正功，分子勢能減小，隨后分子引力做負功，分子勢能增大，所以它們的分子勢能先減小后增大。故E正確。故選BCE。14. 在如圖所示的坐標系中，一定質量的某種理想氣體先后發(fā)生以下兩種狀態(tài)變化過程：第一種變化是從狀態(tài)狀態(tài)A到狀態(tài)B，外界對該氣體做功為6J；第二種變化是從狀態(tài)A到狀態(tài)C，該氣體從外界吸收的熱量為9J．圖線AC的反向延長線通過坐標原點O，B、C兩狀態(tài)的溫度相同，理想氣體的分子勢能為零．求：
 （1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程，該氣體對外界做的功 W1和其內能的增量；（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程，該氣體內能的增量及其從外界吸收的熱量Q2．【答案】（1），（2），【解析】【詳解】（1）從狀態(tài)A到狀態(tài)C過程，氣體發(fā)生等容變化，該氣體對外界做功W1=0，根據熱力學第一定律 有△U1=W1﹢Q1，內能的增量△U1=Q1=9J．（2）從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程，體積減小，溫度升高，該氣體內能的增量△U2=△U1=9J，根據熱力學第一定律 有△U2=W2﹢Q2，從外界吸收的熱量 Q2=△U2-W2=3J．15. 由兩種單色光構成復色光束從水中斜射入空氣中的光路圖如圖所示，關于兩種單色光，下列說法正確的是（　　）
 A. a光若使某金屬板發(fā)生光電效應，則光b也能使它發(fā)生光電效應B. 從介質中斜射入空氣時，當入射角增加時，在空中最先消失的是a光C. 在同種介質中傳播，a光傳播速度大于b光的傳播速度D. 同種介質，a光折射率比b光的大E. 相同條件下的雙縫干涉實驗中，a光的相鄰明條紋間距比b光的相鄰明條紋間距大【答案】ACE【解析】【詳解】A D．光從水進入空氣，根據折射定律由圖可知，a光折射角小于b光折射角，則可知a光頻率小于b光頻率，a光若使某金屬板發(fā)生光電效應，則光b也能使它發(fā)生光電效應，故A正確，D錯誤；B．由可知說明最先消失的是b光，故B錯誤；C．由得故C正確；E．由 ，可知故E正確。故選ACE。16. 周期為2.0s的簡諧橫波沿x軸傳播，該波在t=1.0s時刻的圖像如圖所示，此時質點P沿y軸負方向運動，求∶（1）該波的傳播速度v和波的傳播方向（2）寫出P點的振動方程
 【答案】（1） ，沿x軸正方向傳播；（2） 【解析】【詳解】（1）由圖可知周期則解得沿x軸正方向傳播；（2）因為解得振動方程為
 

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