永昌縣第一高級中學2021-2022-2期中考試卷高二物理 （理科）一．選擇題：（第1－12小題只有一個選項符合題意，每小題3分；13－16小題有多個選項符合題意，每小題4分，有錯選不得分，選不全得2分；本大題滿分52分)1. 下列給出了與感應電流產生條件相關的四幅情景圖，其中判斷正確的是（　?。?/span>A. 圖甲金屬圓形線圈水平放置在通電直導線的正下方，增大直導線的電流，圓形線圈中一定有感應電流B. 圖乙正方形金屬線圈繞豎直虛線轉動的過程中，正方形線圈中持續(xù)有感應電流C. 圖丙閉合導線框以OO＇為軸在勻強磁場中旋轉，閉合導線框有感應電流D. 圖丁金屬桿在F作用下向右運動的過程中，勻強磁場的磁感應強度隨時間逐漸減小，閉合回路一定有感應電流【答案】C【解析】【詳解】A．圖甲金屬圓形線圈水平放置在通電直導線的正下方，則直線電流產生的磁場穿過線圈的磁通量為零，即使增大通過導線電流，圓線圈中也不會有感應電流產生，故A錯誤；B．圖乙正方形金屬線圈繞豎直虛線轉動的過程中，在圖示位置穿過線圈磁通量的變化率為零，所以正方形線圈中無感應電流，故B錯誤；C．圖丙閉合導線框以OO＇為軸在勻強磁場中旋轉，閉合導線框中磁通量發(fā)生變化，故有感應電流，故C正確；D．圖丁金屬桿在F作用下向右運動過程中，閉合線圈面積增大，若磁場減弱，則穿過閉合線圈的磁通量不一定改變，回路中不一定會產生感應電流，故D錯誤。故選D。故選C。2. 課本中有以下圖片，下列說法錯誤的是（　?。?/span>A. 真空冶煉爐利用金屬中渦流產生的熱量使金屬融化B. 使用電磁爐加熱食物時可以使用陶瓷鍋C. 用互相絕緣的硅鋼片疊成的鐵芯來代替整塊硅鋼鐵芯可以減小變壓器鐵芯中的熱損失D. 用來探測金屬殼的地雷或有較大金屬零件的地雷的探雷器是利用電磁感應工作的【答案】B【解析】【詳解】A．真空冶煉爐利用金屬中渦流產生的熱量使金屬融化，故A正確，不符合題意；B．使用電磁爐加熱食物時，陶瓷鍋內沒有自由電荷，不能產生渦流，不會發(fā)熱，故B錯誤，符合題意；C．變壓器中用互相絕緣的硅鋼片疊成鐵芯可以減小渦流，減小熱損失，故C正確，不符合題意；D．用來探測金屬殼的地雷或有較大金屬零件的地雷的探雷器是利用電磁感應工作的，故D正確，不符合題意。故選B。3. 如圖所示，ef、gh為兩水平放置的相互平行的金屬導軌，ab、cd為擱在導軌上的兩金屬棒，與導軌接觸良好且無摩擦。當一條形磁鐵從某一高度自由下落向下靠近導軌時，下列說法正確的是（　　）A. 磁鐵的加速度大于g B. 磁鐵的加速度等于gC. 如果下端是N極，兩棒向里運動 D. 如果下端是S極，兩棒向外運動【答案】C【解析】【詳解】AB．根據楞次定律的推論“阻礙相對運動”，可知磁鐵下落過程所受安培力向上，所以磁鐵的加速度小于g，故AB錯誤；CD．根據楞次定律的推論“增縮減擴”，由磁鐵下落過程中，通過閉合回路的磁通量增大，則兩棒相向靠近，與磁鐵的N、S方向無關，故C正確，D錯誤。故選C。4. 如圖所示，有一豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B=0.1T。將一水平放置的金屬棒ab以的水平速度拋出，金屬棒在運動過程中始終保持水平，金屬棒的長度為L=0.5m。不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，則（　?。?/span>A. 下落過程中金屬棒a端的電勢高于b端的電勢B. 下落過程中金屬棒產生的感應電動勢越來越大C. 洛倫茲力對金屬棒內的自由電子做正功D. 運動0.5s時，金屬棒產生的感應電動勢大小為0.25V【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．由左手定則可知，電子在洛倫茲力的作用下向a端移動，可得下落過程中金屬棒a端的電勢低于b端的電勢，故A錯誤；BD．金屬棒在運動過程中產生的感應電動勢為水平方向做勻速直線運動，所以感應電動勢不變，故D正確，B錯誤；C．總洛倫茲力是不對電子做功的,它只是一個分量對電子做正功,另一個分量卻是阻礙導體運動的,作負功,這兩個分量所做的功的代數和等于零，因此洛倫茲力的作用并不提供能量,而只是傳遞能量，故C錯誤。故選D。5. 如圖所示，a、b兩個閉合正方形線圈用同樣的導線制成，匝數均為10匝，邊長la＝3lb，圖示區(qū)域內有垂直紙面向里的勻強磁場，且磁感應強度隨時間均勻增大，不考慮線圈之間的相互影響，則（　?。?/span>A. 兩線圈內產生順時針方向的感應電流B. a、b線圈中感應電動勢之比為81:1C. a、b線圈中感應電流之比為9:1D. a、b線圈中電功率之比為27:1【答案】D【解析】【詳解】A．磁感應強度隨時間均勻增大，則穿過線圈的磁通量增大，所以感應電流的磁場方向與原磁場方向相反，應為垂直紙面向外，根據安培定則可以判斷感應電流方向為逆時針，故A錯誤；B．根據法拉第電磁感應定律可知，線圈中產生的感應電動勢為因為兩個線圈在同一個磁場中，磁感應強度的變化率（）相同，匝數相同，所以兩線圈中的感應電動勢之比為它們的面積之比，即故B錯誤；C．根據電阻定律可知兩線圈的電阻之比為所以根據歐姆定律可知，線圈中的電流之比為故C錯誤；D．線圈中的電功率P＝EI，所以兩線圈中的電功率之比為故D正確。故選D。6. 某正方形閉合導線框的質量可以忽略不計，現將它從如圖所示的位置勻速拉出勻強磁場，若第一次用時間拉出，通過導線截面的電荷量為，外力所做的功為；第二次用時間拉出，通過導線截面的電荷量為，外力所做的功為，則下列大小關系正確的是（　?。?/span>
 A.  B. C.  D. 【答案】B【解析】【詳解】設線框的長為，速度為，線框所受的安培力大小為又＝則得線框勻速運動，外力與安培力平衡，則外力的大小為＝外力做功為可見，外力做功與所用時間成反比，則有兩種情況下，線框拉出磁場時穿過線框的磁通量的變化量相等，根據感應電荷量公式可知通過導線截面的電量相等，即有故ACD錯誤，B正確。故選B。7. 如圖甲所示是法拉第制作的世上最早的發(fā)電機的實驗裝置：一個可繞水平固定轉軸轉動的銅盤，銅盤的一部分處在蹄形磁體中。如圖乙所示，設蹄形磁體的磁場沿水平方向且磁感應強度為B，實驗時用導線連接銅盤的中心C，用導線通過滑片D與銅盤的邊緣連接且接觸良好。若用外力轉動使圓盤如圖乙方向轉動起來，關于流過電阻R的電流，下列說法正確的是（　　）A. R中的電流沿a到b的方向B. 因為通過圓盤面的磁通量不變，所以R中無電流C. 若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D. 若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?/span>2倍，則電流在R上的熱功率變?yōu)樵瓉淼?/span>4倍【答案】D【解析】【詳解】AB．若用外力轉動使圓盤如圖乙方向轉動起來，根據右手定則可得感應電流方向為C到D（電源內部），D端是感應電動勢的正極，所以通過R的電流沿b到a的方向，A B錯誤；C．若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流大小發(fā)生變化，但是電流方向不發(fā)生變化，C錯誤；D．若圓盤轉動角速度變?yōu)樵瓉淼?/span>2倍，則根據則電流在R上的熱功率即在R上的熱功率變?yōu)樵瓉淼?/span>4倍，D正確。故選D。8. 一圓形線圈位于一隨時間變化的勻強磁場內，磁場方向垂直線圈所在的平面（紙面），以向里為負方向，如圖（甲）所示。線圈上順時針方向為電流的正方向，則當磁場按圖（乙）變化時，線圈中的圖像正確的是（    ）A.  B. C.  D. 【答案】B【解析】【詳解】由法拉第電磁感應定律和歐姆定律得所以線圈中的感應電流決定于磁感應強度隨的變化率。由圖乙可知，時間內，向外增大，磁通量增大，則由楞次定律可得，感應電流的磁場與原磁場方向相反，因為以向里為負方向，即原磁場方向向外，則感應電流的磁場的磁感應強度的方向向里，由右手螺旋定則可知，感應電流是順時針，因而是正值，所以可判斷感應電流為正的恒值；同理可得感應電流是逆時針，即為負的恒值；磁通量不發(fā)生變化，感應電流為零；感應電流為順時針，即為正的恒值。故選B。9. A、B是兩個完全相同的電熱器，A通以圖甲所示的方波交變電流，B通以圖乙所示的正弦交變電流。兩電熱器的電功率之比PA ∶ PB等于（　　）
 A. 1 ： 2B. 2 ： 1C. 5 ： 4D. 4 ： 5【答案】C【解析】【詳解】對甲，由交流電的有效值的定義可知得到乙交流電的有效值根據可知故選C。10. 如圖所示，交流電流表A1、A2和A3分別與電阻R、線圈L和電容器C串聯(lián)后接在同一交流電源上．交流電壓的瞬時值為．三個電流表的讀數分別為I1、I2和I3．現換另一電源供電，交流電壓的瞬時值為，．改換電源后，三個電流表的讀數變化情況是（??）A. I1、I2和I3都不變 B. I1、I2不變、I3變大C. I1不變、I2變大、I3變小 D. I1不變、I2變小、I3變大【答案】D【解析】【詳解】交流電的角頻率ω變大，則頻率f變大，交流電的有效值不變；電阻R的阻值與交流電的頻率無關，故I1不變；交流電頻率變大，則線圈的阻抗變大，則I2變小；交流電頻率變大，則電容器的容抗減小，則I3變大；故選D。11. 如圖是街頭變壓器通過降壓給用戶供電的示意圖，變壓器的輸入電壓是市區(qū)電網的電壓，負載變化時輸入電壓不會有大的波動，可以認為電壓表V2示數不變，輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的總電阻用R0表示，變阻器R表示用戶用電器的總電阻，如果變壓器上的能量損失忽略不計，當用戶的用電器增加時，圖中各理想電表的示數變化的情況是（　?。?/span>A. 電流表A1示數變小 B. 電流表A2示數變小C. 電壓表V1示數變大 D. 電壓表V3示數變小【答案】D【解析】【詳解】A．當用戶的用電器增加時，相當于電阻R阻值減小。變壓器的輸入功率和輸出功率相等，由于副線圈的電阻減小了，輸出功率變大了，所以原線圈輸入功率也要變大，因為輸入電壓不變，所以輸入電流要變大，因此電流表A1示數變大，故A錯誤；B．副線圈電路中，R阻值減小，電路中的總電阻減小，副線圈輸出電流變大，即電流表A2示數變大，故B錯誤；C．由題意得輸入電壓不會有大的波動，即電壓表V1示數不變，故C錯誤；D．由于副線圈輸出電流變大，電阻R0消耗的電壓變大，又因為電壓表V2示數不變，則電壓表V3示數變小，故D正確。故選D。12. 一質量為2kg的物體在合力為F的作用下由靜止開始沿直線運動，合力F隨時間t的變化圖像如圖所示，下列說法錯誤的是（　?。?/span>A. 末物體速度為2m/sB. 時物體的動量大小為C. 末物體距出發(fā)點1mD. 在內物體動量變化量為【答案】C【解析】【詳解】A．由動量定理可得末物體速度為故A正確；B．由動量定理可得時物體的動量為故B正確；CD．內物體動量變化量為 即4s末的動量為 則末速度為 由位移公式可得末物體距出發(fā)點故C錯誤，D正確。故選C。13. 某同學在研究感應電流方向的決定因素的時，得到了如圖所示的四個實驗記錄，則記錄正確的是（　?。?/span>A.  B. C.  D. 【答案】CD【解析】【詳解】AD．如圖A所示磁鐵向上運動，線圏的磁通量減小，根據楞次定律可知，感應電流產生的磁場總是阻礙原磁通量的變化，根據增反減同，所以感應磁場方向與原磁場方向相同，由安培定則有感應電流方向與圖示方向相反，所以A錯誤；同理可得D正確；BC．如圖B所示磁鐵向下運動，線圏的磁通量增大，根據楞次定律可知，感應電流產生的磁場總是阻礙原磁通量的變化，根據增反減同，所以感應磁場方向與原磁場方向相反，由安培定則有感應電流方向與圖示方向相反，所以B錯誤；同理可得C正確；故選CD。14. 如圖所示是用電流傳感器（相當于電流表，其內阻可以忽略不計）研究自感現象的實驗電路，圖中兩個電阻的阻值均為R，L是一個自感系數足夠大的自感線圈，其直流電阻值也為R.圖甲、乙、丙、丁是某同學畫出的在t0時刻開關S切換前后，通過傳感器的電流隨時間變化的圖象．關于這些圖象，下列說法中正確的是（　　）A. 圖甲是開關S由斷開變?yōu)殚]合，通過傳感器1的電流隨時間變化的情況B. 圖乙是開關S由斷開變?yōu)殚]合，通過傳感器1的電流隨時間變化的情況C. 圖丙是開關S由閉合變?yōu)閿嚅_，通過傳感器2的電流隨時間變化的情況D. 圖丁是開關S由閉合變?yōu)閿嚅_，通過傳感器2的電流隨時間變化的情況【答案】BC【解析】【詳解】AB．開關S由斷開變?yōu)殚]合，由于L的自感作用，通過傳感器1的電流一開始有一個固定的電流值，當穩(wěn)定以后，自感消失，電流增大達到最大后，保持不變，A錯誤B正確；CD．開關S由閉合變?yōu)閿嚅_，傳感器1的電流立即為零，由于L的自感作用（相當于電源），傳感器2的電流與原來反向且逐漸減小為零，D錯誤C正確。故選BC。15. 當地時間2021年7月30日，東京奧運會女子蹦床決賽，整套動作完美發(fā)揮的朱雪瑩，以56.635分奪得金牌，幫助中國蹦床隊時隔13年重獲該項目冠軍。隊友劉靈玲收獲一枚銀牌。已知朱雪瑩的體重為45kg，在比賽中，朱雪瑩從離水平網面3.2m高處自由下落，著網后沿豎直方向蹦回離水平網面5.0m高處。已知朱雪瑩與網接觸的時間為0.15s，若把這段時間內網對運動員的作用力當作恒力處理，g取，則（　?。?/span>A. 運動員下落接觸網面前瞬間的速度為6m/sB. 運動員上升離開網面瞬間的速度為10m/sC. 運動員和網面之間的相互作用力大小為5400ND. 運動員和網面之間的相互作用力大小為5850N【答案】BD【解析】【詳解】A．運動員下落接觸網面前瞬間的速度大小為故A錯誤；B．運動員上升離開網面瞬間的速度大小為故B正確；CD．先豎直向上為正方向，運動員和網接觸過程中，由動量定理知 可解得故C錯誤，D正確。故選BD。16. 如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質量分別為m1、m2的兩物塊A、B相連接，并靜止在光滑水平面上。現使A獲得水平向右、大小為3m/s的瞬時速度，從此刻開始計時，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖像提供的信息可得（　?。?/span>
 A. 在t1和t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，且彈簧都處于壓縮狀態(tài)B. 在時間內A、B的距離逐漸增大，t2時刻彈簧的彈性勢能最大C. 兩物體的質量之比為D. 在t2時刻A、B兩物塊的動能之比為Ek1：Ek2=1：8【答案】CD【解析】【詳解】AB．在時間內彈簧逐漸被壓縮，t1時刻彈簧壓縮量最大；在時間內A、B的距離逐漸增大，t2時刻彈簧恢復原長；在時間內A、B的距離逐漸增大，t3時刻彈簧處于伸長狀態(tài)。在t1和t3時刻兩物塊達到共同速度1m/s，兩個時刻彈簧的彈性勢能最大，AB錯誤；C．根據動量守恒，從時刻即解得即C正確；D．在t2時刻A、B兩物塊的速度分別為-1m/s和2m/s，根據，可知動能之比為Ek1：Ek2=1：8D正確。故選CD。第II卷（非選擇題）二、實驗題（每空2分，共8分）17. 通過半徑相同的兩個小球“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗，讓質量為m1的小球從斜槽軌道上某處自由滾下，與靜止在軌道末端的質量為m2的小球發(fā)生對心碰撞（如圖所示），則：（1）兩小球質量應滿足_______；A．    B．    C． D．質量大小沒有限制（2）實驗必須滿足的條件是________；A．軌道末端必須是水平的            B．斜槽軌道必須盡可能光滑C．兩個小球的材質必須相同        D．入射球m1每次必須是從同一高度由靜止釋放（3）實驗中必須測量的物理量是________；A．小球的質量m1和m2 B．桌面離地面的高度HC．小球m1的初始高度h        D．小球的水平距離OA（dOA）、OB（dOB）、OC（dOC）（4）本實驗我們要驗證等式：________是否成立。【答案】    ①. B    ②. AD##DA    ③. AD##DA    ④. 【解析】【詳解】（1）[1]設m1與m2碰前瞬間的速度為v1，碰后瞬間m1和m2的速度分別為和，則根據動量守恒定律有根據機械能守恒定律有解得為了使＞0，應使m1＞m2，故B正確。（2）[2]A.為使m1與m2離開軌道末端后都能做平拋運動，所以軌道末端必須是水平的，故A正確；BD．本實驗中要求入射球m1每次與m2碰撞前的速度大小相同，故m1每次必須從同一高度由靜止釋放，斜槽軌道是否必須光滑對保持m1的速度大小相同不產生影響，所以不必須盡可能光滑，故B錯誤，D正確；C．兩個小球的材質不必須相同，但為了二者能夠發(fā)生對心碰撞，其大小必須相同，故C錯誤。故選AD。（3）[3]本實驗是驗證動量守恒定律，所以兩小球的質量必須測量。兩小球均做平拋運動，下落高度相同，所以運動時間相同，均設為t，則m1與m2碰撞前瞬間的速度為m1與m2碰后瞬間的速度的分別為根據動量守恒定律有即等式兩邊可將t消去。綜上所述可知AD正確。故選AD。（4）[4]根據（3）題分析可知要驗證的等式為三、計算題(共40分）18. 輕質細線吊著一質量為、邊長為、匝數的正方形線圈，其總電阻為。在線圈的中間位置以下區(qū)域分布著磁場，如圖甲所示。磁場方向垂直紙面向里，磁感應強度大小隨時間變化關系如圖乙所示。（）（1）求閉合回路中感應電動勢的大?。?/span>（2）求線圈的電功率；（3）求在時輕質細線的拉力大小。【答案】（1）0.75V；（2）0.56W；（3）0.5N【解析】【詳解】（1）由法拉第電磁感應定律得（2）線圈的電功率為（3）t=4s時，電路中的電流此時，安培力對線框受力分析得聯(lián)立解得19. 如圖所示，某水電站發(fā)電機的輸出功率為100kW，發(fā)電機的電壓為250V，通過升壓變壓器升高電壓后向遠處輸電，輸電線總電阻為8Ω，在用戶端用降壓變壓器把電壓降為220V．若輸電線上損失的功率為5kW，不計變壓器的損耗，求：
 （1）輸電導線上輸送的電流；（2）升壓變壓器的輸出電壓U2；（3）降壓變壓器的匝數比．【答案】（1）25A；（2）4000V；（3）190:11【解析】【分析】【詳解】(1)由知輸電線上的電流(2)升壓變壓器的輸出電壓(3)降壓變壓器的輸入電壓降壓變壓器的匝數比20. 如圖所示，光滑且足夠長的平行金屬導軌、固定在豎直平面內，兩導軌間的距離，導軌間連接的定值電阻。導軌上放一質量的金屬桿，金屬桿始終與導軌垂直且接觸良好，導軌間金屬桿的電阻，其余電阻不計。整個裝置處于磁感應強度的勻強磁場中，磁場的方向垂直導軌平面向里，重力加速度取?，F讓金屬桿從下方某一水平位置由靜止釋放，忽略空氣阻力的影響。（1）求金屬桿的最大速度大小；（2）若從金屬桿開始下落到剛達到最大速度的過程中，電阻上產生的焦耳熱，求此過程中：①金屬桿下落的高度；②通過電阻上的電荷量。【答案】（1）v=4m/s；（2）①h=1.6m；②q=0.4C【解析】【詳解】（1）當金屬桿達到最大速度v時，根據法拉第電磁感應定律可知此時回路中感應電動勢為E=Blv    ①根據閉合電路歐姆定律可知此時回路中的感應電流為   ②此時金屬桿所受安培力大小為F=BIL   ③根據平衡條件有F=mg   ④聯(lián)立①②③④并代入數據解得 ⑤（2）①從金屬桿開始下落到剛達到最大速度的過程中，設回路中產生的總焦耳熱為Q總，則由焦耳定律可得 ⑥由能量守恒定律有 ⑦聯(lián)立⑤⑥⑦并代入數據解得h=16m   ⑧②設金屬桿從開始下落經過時間t達到最大速度，根據法拉第電磁感應定律可得此過程中回路中的平均感應電動勢為 ⑨根據閉合電路歐姆定律可得此過程中回路中的平均電流為 ⑩根據電流定義為   ?聯(lián)立⑧⑨⑩?并代入數據解得Q=0.4C   ?21. 如圖所示，光滑水平軌道上放置長板A和滑塊B，開始時A、B靜止，滑塊C以的初速度從左端滑上A的上表面，A、C間的動摩擦因數，一段時間后A、C獲得共同速度v；又經一段時間后A與B發(fā)生碰撞（碰撞時間極短），碰撞后B以的速度向右運動；再過一段時間，A、C再次達到共同速度一起向右運動，且恰好不再與B碰撞。已知，，g取10m/s2。求（1）速度v的大??；（2）滑塊B的質量；（3）整個過程中長板A與滑塊C之間存在摩擦力的時間。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對A、C，從C滑上A到獲得共同速度的過程中，動量守恒代入數據求得（2）對A、B、C，最終速度相等，整個過程中動量守恒代入數據求得（3）對C，在整個運動過程中，由動量定理得代入數據求得
 

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