2022-2023學(xué)年黑龍江省七臺(tái)河市勃利縣高級(jí)中學(xué)高二9月月考物理高二物理（時(shí)間：100分鐘　滿分：100分）一、單選題（4*7=28分）1. 下面是某同學(xué)對(duì)電場(chǎng)中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（　?。?/span>A. 根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所帶的電荷量成反比B. 根據(jù)電勢(shì)的定義式可知，該點(diǎn)的電勢(shì)與其電勢(shì)能成正比，與電荷量成反比C. 根據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷所帶的電荷量無關(guān)D. 根據(jù)電勢(shì)差的定義式可知，電荷量為1 C的正電荷，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功為1 J，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為-1 V【答案】D【解析】【詳解】A．是比值定義，電場(chǎng)強(qiáng)度取決于電場(chǎng)本身，與有無試探電荷無關(guān)，所以不能理解為電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和試探電荷的電荷量成反比，A錯(cuò)誤；B．是比值定義，電勢(shì)是電場(chǎng)本身的性質(zhì)與試探電荷無關(guān)，所以不能理解為該點(diǎn)的電勢(shì)與其電勢(shì)能成正比，與電荷量成反比，B錯(cuò)誤；C．是真空中點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式，可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度與場(chǎng)源電荷所帶的電荷量成正比，與該點(diǎn)到場(chǎng)源電荷距離的平方成反比，C錯(cuò)誤；D．克服電場(chǎng)力做功，說明此過程電場(chǎng)力做負(fù)功，即WAB=-1J可得D正確。故選D。2. 如圖所示，將帶電量為q的小球A固定在絕緣支架上，將另一質(zhì)量為m，電荷量相等的帶電小球B放在距離A球正上方r處恰好處于平衡狀態(tài)（r遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小球直徑），則（　?。?/span>A. A、B兩球可能帶異種電荷B. 兩小球的電量C. 如果小球B的質(zhì)量變?yōu)?/span>，則B球重力勢(shì)能變大D. 如果小球B的電量變?yōu)?/span>，則B球的電勢(shì)能增加【答案】B【解析】【詳解】A．由于B球處于平衡狀態(tài)，所以B應(yīng)該受到豎直向下的重力和向上的斥力，A、B帶同種電荷。故A錯(cuò)誤；B．對(duì)B球，根據(jù)平衡條件有解得故B正確；C．若小球B的質(zhì)量變?yōu)?/span>2m，則解得B球下降，重力做正功，重力勢(shì)能減小故C錯(cuò)誤；D．若小球B的電荷量變?yōu)?/span>2q，則解得B球上升，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小。故D錯(cuò)誤。故選B。3. 如圖所示，較厚的空腔球形導(dǎo)體殼中有一個(gè)正點(diǎn)電荷，則圖中a、b、c、d各點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)系為（   ）A. Ea > Eb > Ec > Ed B. Ea > Ec = Ed > EbC Ea > Ec > Ed > Eb D. Ea < Eb < Ec = Ed【答案】C【解析】【詳解】當(dāng)靜電平衡時(shí)，空腔球形導(dǎo)體殼內(nèi)壁感應(yīng)出負(fù)電荷，外壁感應(yīng)出正電荷，感應(yīng)電荷形成的場(chǎng)強(qiáng)與點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)疊加，導(dǎo)致空腔球形導(dǎo)體殼中場(chǎng)強(qiáng)為零。畫出電場(chǎng)線的大致分布如圖所示由于a處電場(chǎng)線較密，c處電場(chǎng)線較疏，d處電場(chǎng)線最疏，b處場(chǎng)強(qiáng)為零，則Ea > Ec > Ed > Eb故選C。4. 如圖所示，長(zhǎng)為L的絕緣細(xì)線一端連著帶正電小球（視為點(diǎn)電荷），另一端固定在O點(diǎn)，小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)。已知小球的質(zhì)量為m、電荷量為q，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E、方向水平向右，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（　?。?/span>A. 小球經(jīng)過最低點(diǎn)時(shí)速度最大B. 若細(xì)線斷裂，小球?qū)⒆鰟蜃兯龠\(yùn)動(dòng)C. 小球運(yùn)動(dòng)過程中的最小速度可能為D. 若小球做逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，其動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和先增加后減少【答案】B【解析】【詳解】如下圖所示，把小球受到的重力和電場(chǎng)力合成，因?yàn)橹亓碗妶?chǎng)力是恒力，所以也為恒力，小球等效成在和繩子的拉力作用下的圓周運(yùn)動(dòng)，過O點(diǎn)作直徑EK，使EK和的方向平行。A．根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知小球過K點(diǎn)的速度最大，繩子的拉力也最大，故A錯(cuò)誤；B．若細(xì)線斷裂，小球?qū)⑹苤亓碗妶?chǎng)力的合力作用，為恒力，根據(jù)牛頓第二定律可知，小球?qū)⒆鰟蜃兯龠\(yùn)動(dòng)，故B正確；C．根據(jù)完整圓周運(yùn)動(dòng)的條件可知，當(dāng)小球在E點(diǎn)，提供向心力時(shí)，此時(shí)細(xì)線拉力為零，速度最小，即解得故C錯(cuò)誤；D．若小球做逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，根據(jù)能量守恒定律可知，動(dòng)能、重力勢(shì)能和電勢(shì)能之和不變，故D錯(cuò)誤。故選B。5. 一根長(zhǎng)為L、橫截面半徑為r的金屬棒，其材料的電阻率為ρ。金屬棒內(nèi)單位體積自由電子數(shù)為n，電子的電荷量為e。在棒兩端加上恒定的電壓U時(shí)，金屬棒內(nèi)產(chǎn)生電流，則自由電子定向運(yùn)動(dòng)的平均速率為（   ）A.  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)歐姆定律有根據(jù)電阻定律有電流的微觀表達(dá)式聯(lián)立幾式得故選A。6. 如圖所示，直線I為某電源的伏安特性曲線，曲線Ⅱ?yàn)槟承襞莸姆蔡匦郧€。則下列判斷中錯(cuò)誤的是（　?。?/span>A. 電源的電動(dòng)勢(shì)E=3.0VB. 電源的內(nèi)阻r=1.5ΩC. 該燈泡直接與該電源相接時(shí)，燈泡電阻為1ΩD. 該燈泡直接與該電源相接時(shí)，燈泡功率為1.5W【答案】C【解析】【詳解】A．電源的電動(dòng)勢(shì)縱軸的截距，E=3.0V，A正確；B．電源的內(nèi)阻B正確；C．該燈泡直接與該電源相接時(shí)，燈泡電阻為C錯(cuò)誤；D．該燈泡直接與該電源相接時(shí)，燈泡功率為D正確。故選C。7. 如圖所示，當(dāng)S閉合，甲、乙兩表是電壓表時(shí)，兩表示數(shù)之比，當(dāng)S斷開，若甲、乙兩表都為電流表時(shí)（　?。?/span>A. 甲、乙兩表示數(shù)之比為2：5B. 甲、乙兩表示數(shù)之比為3：5C. 通過與上的電流的之比為2：3D. 與消耗的功率之比為2：3【答案】A【解析】【分析】【詳解】當(dāng)S閉合，甲、乙兩表是電壓表時(shí)，兩電阻串聯(lián)，甲電壓表測(cè)電源的電壓，乙電壓表測(cè)兩端的電壓，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，且所以，、兩端的電壓之比因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，由可得，兩電阻的阻值之比當(dāng)開關(guān)S斷開，甲、乙兩表都為電流表時(shí)，兩電阻并聯(lián)，電流表甲測(cè)通過支路的電流，電流表乙測(cè)干路電流，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，、兩支路的電流之比因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，兩表示數(shù)之比由可得，與消耗的功率之比故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。二、多選題（4*5=20分）8. 如圖甲所示，在兩距離足夠大的平行金屬板中央有一個(gè)靜止的電子（不計(jì)重力），當(dāng)兩板間加上如圖乙所示的交變電壓后，若取電子初始運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍瑒t下列圖象中能正確反映電子的速度v、位移x、加速度a、動(dòng)能四個(gè)物理量隨時(shí)間變化規(guī)律不正確的是（    ）A.  B.  C.  D. 【答案】BCD【解析】【詳解】A．電子一個(gè)周期內(nèi)的運(yùn)動(dòng)情況為：時(shí)間內(nèi)，電子從靜止開始向A板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，原方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻速度為零。時(shí)間內(nèi)向B板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，繼續(xù)向B板做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)速度圖象是傾斜的直線可知A符合電子的運(yùn)動(dòng)情況，故A正確，不符合題意；B．電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)圖象是拋物線，故B錯(cuò)誤，符合題意；C．由于可知?jiǎng)蜃兯龠\(yùn)動(dòng)的加速度大小不變，方向發(fā)生變化，故圖象應(yīng)平行于橫軸，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．勻變速運(yùn)動(dòng)速度圖象是傾斜的直線，根據(jù)可知圖象是曲線，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選BCD。9. 如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地，一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點(diǎn)。現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則（　?。?/span>A. 平行板電容器的電容變小B. 靜電計(jì)指針張角變小C. 帶電油滴受到的電場(chǎng)力減小D. 帶電油滴的電勢(shì)能減少【答案】ACD【解析】【詳解】A．根據(jù)可知，d增大，則電容器電容減小，故A正確；B．靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，因?yàn)殡娙萜魇冀K與電源相連，則電勢(shì)差不變，所以靜電計(jì)指針張角不變，故B錯(cuò)誤；CD．因電容器與電源相連，因此容器兩端的電勢(shì)差不變，d增大，根據(jù)則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，帶電油滴受到的電場(chǎng)力變??；點(diǎn)與上極板的電勢(shì)差減小，則點(diǎn)的電勢(shì)增大，因?yàn)樵撚偷螏ж?fù)電，所以根據(jù)可知電勢(shì)能減小，故CD正確。故選ACD。10. 如圖所示，把兩只完全相同的表頭進(jìn)行改裝，已知表頭內(nèi)阻，下列說法正確的是（    ）A. 由甲圖可知，該表頭滿偏電流B. 甲圖是改裝成的雙量程電壓表，其中b量程為15VC. 乙圖是改裝成的雙量程電流表，，D. 乙圖是改裝成的雙量程電流表，，【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】AB．由題圖甲可知其中b的量程為所以AB正確；CD．改裝為電流表時(shí)，通過電阻的電流為分流電阻的阻值為改裝為電流表時(shí)，有聯(lián)立解得，所以C錯(cuò)誤D正確；故選ABD。11. 如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，Rt為光敏電阻（光照強(qiáng)度增加時(shí)，其電阻值減?。F(xiàn)減弱光照強(qiáng)度，則下列判斷正確的是（　?。?/span>A. B燈變暗，A燈變亮 B. R0兩端電壓變大C. 電源路端電壓變大 D. 電源總功率變小【答案】CD【解析】【詳解】ABC．根據(jù)題意減弱光照強(qiáng)度時(shí)Rt增加，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知干路電流I減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓U增大，流過A燈的電流IA增大，則A燈變亮；通過R0電流：I0=I?IAI減小，而IA增大，故I0減小，則R0兩端電壓U0減小，而R0、B燈的電壓之和等于路端電壓，因路端電壓增大，則知B的電壓增大，所以B燈變亮；故AB錯(cuò)誤，C正確。D．電源的總功率：P=EI因?yàn)?/span>E不變，I減小，則P減小，故D正確。故選CD。12. 如圖(a)電路，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)片從一端滑到另一端的過程中， 兩電壓表的示數(shù)隨電流的變化情況如圖(b)U-I圖像中的AC．BC兩直線所示，不考慮電表對(duì)電路的影響．下面說法錯(cuò)誤的是（   ）A. 電源電動(dòng)勢(shì)為E=9V B. 電源內(nèi)阻r = 1ΩC. 定值電阻R0=3Ω D. 變阻器消耗的最大功率為7W【答案】AD【解析】【詳解】C．電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)為BC；電壓表V2的示數(shù)隨電流表示數(shù)的變化圖象應(yīng)為AC；定值電阻為故C正確；AB．當(dāng)I=0.5A時(shí)，有R=R外-R0=12Ω根據(jù)閉合電路的歐姆定律E=7.5+0.5r ；E=6+2r可得E=8V，r=1Ω故A錯(cuò)誤，B正確；D．當(dāng)R=R0+r=4Ω時(shí)，變阻器消耗電功率最大，變阻器兩端的電壓為UR==4V變阻器消耗的最大功率為故D錯(cuò)誤。故選AD。三、實(shí)驗(yàn)題（13題2分，14題9分，15題6分）13. 某課外興趣小組在用“伏安法測(cè)電阻”實(shí)驗(yàn)中，測(cè)得兩電表示數(shù)如圖所示，電流表讀數(shù)為________A，電壓表讀數(shù)為________V。【答案】    ①. 0.42    ②. 2.60【解析】【詳解】[1]由圖所示電流表可知，其量程為，分度值為0.02A，示數(shù)為0.42A。[2]由圖所示電壓表可知，其量程為，分度值為0.1V，示數(shù)為2.60V。14. 某同學(xué)打算測(cè)量由某種合金材料制成的金屬絲的電阻率（阻值約5歐），待測(cè)金屬絲的橫截面為圓形。實(shí)驗(yàn)器材有：毫米刻度尺、螺旋測(cè)微器、電壓表（內(nèi)阻約2千歐）、電流表（內(nèi)阻約2歐）、滑動(dòng)變阻器、電源、開關(guān)、待測(cè)金屬絲及導(dǎo)線若干。（1）用毫米刻度尺測(cè)量待測(cè)金屬絲的長(zhǎng)度，用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑，結(jié)果分別如圖1和圖 2所示，可得其長(zhǎng)度? =___________cm，直徑? =___________mm；（2）該同學(xué)要用圖像法求出待測(cè)金屬絲的阻值，要求電壓從0開始變化。請(qǐng)?jiān)诖痤}卡上將圖3所示實(shí)物電路圖中所缺導(dǎo)線補(bǔ)全；（    ） （3）圖4是根據(jù)實(shí)驗(yàn)中測(cè)得的6組電流、電壓的值描繪的點(diǎn)，在答題紙圖4上作圖___________，由圖可求出電阻值=___________Ω（保留3位有效數(shù)字），電阻絲的真實(shí)值比該測(cè)量值___________（相同，偏大，偏?。?；（4）請(qǐng)寫出待測(cè)金屬絲的電阻率?的表達(dá)式=___________（用測(cè)得的物理量符號(hào)和已知常數(shù)表示）。【答案】    ①. 59.40    ②. 0.434    ③.     ④.     ⑤. 5.81    ⑥. 偏大    ⑦. 【解析】【詳解】（1）[1]刻度尺的分度值為1mm，根據(jù)讀數(shù)規(guī)則可知，長(zhǎng)度為
 [2]螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm，根據(jù)讀數(shù)規(guī)則可知，直徑為D=0+43.4×0.01mm=0.434mm（2）[3]電壓表測(cè)金屬絲兩端的電壓，要使得電壓表的數(shù)值從0開始變化，滑動(dòng)變阻器要采用分壓接法，具體連線如圖所示（3）[4]排除第二個(gè)明顯錯(cuò)誤的點(diǎn)，連線作圖如圖所示[5]根據(jù)上述分析可知，圖中圖線斜率即為電阻，有
 [6]由于電壓表分流作用，所測(cè)出的電流比實(shí)際電流大，從而導(dǎo)致所測(cè)出的電阻比實(shí)際電阻校，即電阻的真實(shí)值大于測(cè)量值。（4）[7]由題意及可得
 
 15. 某同學(xué)想把一量程為2mA、內(nèi)阻未知的毫安表改成量程為0.6A的電流表，該同學(xué)先用多用電表測(cè)量此毫安表的內(nèi)阻，進(jìn)行了如下操作：（1）將多用電表擋位調(diào)到電阻“”擋，再將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零點(diǎn)；（2）將圖甲中多用電表的紅表筆和___________（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端；（3）測(cè)量電阻時(shí)發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，需要將多用電表擋位調(diào)到電阻___________（填“”或“”）擋；（4）將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零點(diǎn)；（5）測(cè)量時(shí)，多用電表指針剛好指在表盤正中間，如圖乙所示，毫安表的指針也剛好指在表盤正中間，由此可以得到毫安表的內(nèi)阻為___________；（6）如果需要改成量程為0.6A的電流表，需要___________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）___________（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）的電阻。【答案】    ①. 1    ②. ×100    ③. 1500##15k##1.5×103    ④. 并聯(lián)    ⑤. 5.0【解析】【詳解】（2）[1]電流從多用電表紅表筆流入、黑表筆流出，從待測(cè)毫安表正接線柱流入、負(fù)接線柱流出，所以應(yīng)將圖甲中多用電表的紅表筆和1端相連，黑表筆與2端相連。（3）[2]測(cè)量電阻時(shí)發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)角度過小，即指針?biāo)缚潭戎颠^大，說明所選擋位相對(duì)待測(cè)毫安表的內(nèi)阻而言偏小，需要將多用電表擋位調(diào)到更高的電阻擋。（5）[3]由圖乙可知毫安表的內(nèi)阻為1500Ω。（6）[4][5]如果需要將毫安表改成量程為0.6A的電流表，則需要并聯(lián)分流電阻的阻值為四、解答題（16題8分，17題13分，18題14分）16. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為6 V，內(nèi)阻為1 Ω，R1=5 Ω，R2=10 Ω，滑動(dòng)變阻器R3阻值變化范圍為0～10 Ω，求電路中的總電流的變化范圍。【答案】0.55~1 A【解析】【詳解】當(dāng)R3阻值為零時(shí)，R2被短路，外電阻最小，電流最大R外=R1=5 Ω當(dāng)R3阻值為10 Ω時(shí)，外電阻最大，電流最小 電路中的總電流的變化范圍是0.55~1 A。17. 一束電子流經(jīng)U1=5000V的加速電壓加速后，在距兩極板等距離處垂直進(jìn)入平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)，如圖所示，兩極板間電壓U2=400V，兩極板間距d=2.0cm，板長(zhǎng)L1=5.0cm。（1）求電子在兩極板間穿過時(shí)的偏移量y；（2）若平行板的右邊緣與屏的距離L2=5cm，求電子打在屏上的位置與中心O的距離Y（O點(diǎn)位于平行板水平中線的延長(zhǎng)線上）；（3）設(shè)電子質(zhì)量為m，電荷量為q，現(xiàn)有另一個(gè)質(zhì)量為2m的三價(jià)負(fù)離子（不計(jì)重力）經(jīng)同一電壓U1加速，再經(jīng)同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的偏移量y′和打在屏上的偏移量Y′各是多大。【答案】(1)0.25cm；(2)0.75cm；(3)0.25cm，0.75cm【解析】【詳解】(1)電子加速過程，由動(dòng)能定理得進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，電子在平行于極板的方向上做勻速運(yùn)動(dòng)，L1＝v0t在垂直于極板的方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為偏移距離聯(lián)立解得代入數(shù)據(jù)得y＝0.25cm(2)由于平拋運(yùn)動(dòng)速度的反向延長(zhǎng)線恰好過水平位移的中點(diǎn)，且離開電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)如圖，由幾何關(guān)系知可得代入數(shù)據(jù)得Y＝0.75cm(3)由于，偏移量與粒子的質(zhì)量m和電荷量q無關(guān)，故3價(jià)負(fù)離子經(jīng)同樣裝置后y′＝y＝0.25cm，Y′＝Y＝0.75cm18. 如圖所示，光滑絕緣斜面高度h＝0.45 m，斜面底端與光滑絕緣水平軌道圓弧連接，水平軌道邊緣緊靠平行板中心軸線．平行板和三個(gè)電阻構(gòu)成如圖所示電路，平行板板長(zhǎng)為l＝0.9 m，板間距離d＝0.6 m，R1＝3 Ω，R2＝3 Ω， R3＝6 Ω．可以看為質(zhì)點(diǎn)的帶電小球，電量q＝－0.01 C，質(zhì)量m＝0.03 kg，從斜面頂端靜止下滑．（1）若S1、S2均斷開，小球剛好沿平行板中心軸線做直線運(yùn)動(dòng)，求電源電動(dòng)勢(shì)E．（2）若S1斷開，S2閉合，小球離開平行板右邊緣時(shí)，速度偏向角tan θ＝，求電源內(nèi)阻r．（3）若S1、S2均閉合，判斷小球能否飛出平行板？【答案】（1）18 V　（2）1 Ω?。?/span>3）能飛出【解析】【分析】考查力電綜合問題．【詳解】（1）小球下滑過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：解得： ，對(duì)S1、S2均斷開時(shí)，極板電勢(shì)差即為電源電動(dòng)勢(shì)E，由平衡條件得：解得：E＝＝＝18 V（2）當(dāng)S1斷開，S2閉合時(shí)，帶電小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向： 豎直方向分速度：對(duì)帶電小球，由牛頓第二定律得： ，其中： ，代入數(shù)據(jù)解得：a1＝4m/s2，E1＝18 N/C，UC＝10.8 V，當(dāng)S1斷開，S2閉合時(shí)，R1與R3串聯(lián)，電容器與R3并聯(lián)，電容器兩端電壓：由部分電路歐姆定律：由閉合電路歐姆定律：代入數(shù)據(jù)解得：r＝1 Ω．（3）當(dāng)S1、S2均閉合時(shí)，R2與R3并聯(lián)，并聯(lián)電阻：電路電流： 電壓：對(duì)小球，由牛頓第二定律得：其中電壓：聯(lián)立求解：對(duì)帶電小球類平拋運(yùn)動(dòng)分析，有： 聯(lián)立求解：y＝03 m，y＝＝0.3 m，帶電小球恰好從右側(cè)極板邊緣飛出．
 

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