華美實(shí)驗(yàn)學(xué)校2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期第一次月考物理試題高二級(jí)物理試題卷注意事項(xiàng)：1.答題前填寫好自己的姓名、班級(jí)、考號(hào)等信息     2.請(qǐng)將答案正確填寫在答題卡上第I卷（選擇題）一、單選題（1-7題單項(xiàng)選擇，選對(duì)的得4分，選錯(cuò)的得0分，共7題，總分28分）1. 對(duì)于書本中幾幅插圖所涉及的物理現(xiàn)象或原理，下列說法不正確的是（　?。?/span>A. 甲圖中，該女生和帶電的金屬球帶有同種性質(zhì)的電荷B. 乙圖為靜電除塵裝置的示意圖，帶負(fù)電的塵埃被收集在線狀電離器B上C. 丙圖中，燃?xì)庠钪须娮狱c(diǎn)火器點(diǎn)火應(yīng)用了尖端放電的原理D. 丁圖中，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣應(yīng)用了靜電屏蔽的原理【答案】B【解析】【詳解】A．甲圖中，該女生接觸帶電的金屬球，與金屬球帶同種性質(zhì)的電荷，故A正確；B．乙圖中線狀電離器B帶負(fù)電，管壁A帶正電，帶負(fù)電的塵埃被收集在管壁A上，故B錯(cuò)誤；C．丙圖中，燃?xì)庠钪须娮狱c(diǎn)火器點(diǎn)火應(yīng)用了尖端放電的原理，故C正確；D．金屬體殼能產(chǎn)生靜電屏蔽作用，兩條優(yōu)質(zhì)的話筒線外面包裹著金屬外衣應(yīng)用了靜電屏蔽的原理，故D正確。故選B。2. 如圖所示為某電容傳聲器結(jié)構(gòu)示意圖，當(dāng)人對(duì)著傳聲器講話，膜片會(huì)振動(dòng)。若某次膜片振動(dòng)時(shí)，膜片與極板間的距離減小，則在此過程中（　　）A. 膜片與極板構(gòu)成的電容器的電容減小 B. 極板所帶電荷量減小C. 膜片與極板間的電場強(qiáng)度減小 D. 電阻R中有方向向下的電流通過【答案】D【解析】【詳解】A．振動(dòng)膜片振動(dòng)時(shí)，膜片與極板距離增大，電容器兩極板的距離減小，由公式可知，電容增大，故A錯(cuò)誤；B．由公式Q=CU知，U不變的情況下，電容增大，電容器所帶電荷量Q增大，故B錯(cuò)誤；C．由公式知，U不變，間距d減小，則場強(qiáng)E增大，故C錯(cuò)誤；D．極板帶電量增大，電容器充電，則電阻R中有方向向下的電流通過，故D正確。故選D。3. 兩個(gè)分別帶有電荷量大小為Q和5Q的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為r的兩處，它們之間庫侖引力為F，現(xiàn)將兩小球充分接觸后將其固定距離變?yōu)?/span>2r，則兩球間庫侖力的大小為（　?。?/span>A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【詳解】由題意“庫侖引力”說明兩個(gè)小球帶異種電荷；當(dāng)兩個(gè)金屬小球相距r時(shí)，根據(jù)庫侖定律兩球接觸后，帶電荷量均為2Q，則由以上兩式可解得故選B。4. 如圖所示，實(shí)線為不知方向的三條電場線，從電場中M點(diǎn)以相同速度飛出a、b兩個(gè)帶電粒子，僅在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示。則（　?。?/span>A. a一定帶負(fù)電，b一定帶正電B. a的速度將減小，b的速度將增加C. a的加速度將增加，b的加速度將減小D. 兩個(gè)粒子的電勢(shì)能都減小【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，b粒子的軌跡向右彎曲，b粒子受到的電場力方向向右，a的軌跡向左彎曲，a粒子受到的電場力方向向左，由于電場線未知，無法確定兩個(gè)粒子的電性，但是一定帶異種電荷，故A錯(cuò)誤；B．由圖判斷電場力對(duì)兩個(gè)粒子都做正功，a、b兩個(gè)粒子動(dòng)能都增大，速度均增大，故B錯(cuò)誤；C．電場線越密集，電場強(qiáng)度越大，由圖看出，向左電場線變疏，場強(qiáng)變小，則a所受電場力減小，加速度減小，向右電場線變密，場強(qiáng)變大，b所受電場力增大，加速度增大，故C錯(cuò)誤；D．電場力對(duì)兩個(gè)粒子都做正功，動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小，故D正確。故選D。5. 如圖所示，用細(xì)線將質(zhì)量為的帶電小球P懸掛在O點(diǎn)，小球帶電荷量為，勻強(qiáng)電場方向水平向右，小球處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角為，重力加速度大小為。以下判斷正確的是（    ）A. 細(xì)線拉力大小為 B. 勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為C. 小球所受電場力大小為 D. 剪斷細(xì)線后，小球的加速度大小為【答案】B【解析】【詳解】BC．根據(jù)受力平衡可得可得小球所受電場力大小為勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為B正確，C錯(cuò)誤；AD．根據(jù)受力平衡可得解得細(xì)線拉力大小為由于小球受到重力和電場力的合力大小等于細(xì)線拉力大小，剪斷細(xì)線后，根據(jù)牛頓第二定律可得AD錯(cuò)誤。故選B。6. 反射式速調(diào)管是常用微波器之一，它利用電子團(tuán)在電場中的振蕩來產(chǎn)生微波，其振蕩原理與下述過程類似。已知靜電場的方向平行于x軸，其電勢(shì)φ隨x的分布如圖所示。一質(zhì)量m=1.0×10-20 kg，電荷量q=1.0×10-9 C的帶負(fù)電的粒子從（-1，0）點(diǎn)由靜止開始，僅在電場力作用下在x軸上往返運(yùn)動(dòng)。則（　?。?/span>A. x軸左側(cè)電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向同向B. 粒子從（0，0）點(diǎn)向（0.5，0）點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)電勢(shì)能減小C. 粒子運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能為 D. 粒子在x軸負(fù)半軸與在x軸正半軸運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等【答案】C【解析】【詳解】A．由圖像可知，沿x軸負(fù)方向電勢(shì)逐漸降低，可知x軸左側(cè)電場強(qiáng)度方向沿x軸負(fù)方向同向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．粒子帶負(fù)電，粒子從（0，0）點(diǎn)向（0.5，0）點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)由于電勢(shì)逐漸降低，可知電勢(shì)能增加，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．帶負(fù)電粒子從（-1，0）點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，從（-1，0）點(diǎn)向（0，0）運(yùn)動(dòng)時(shí)電場力做正功，動(dòng)能增加，即在原點(diǎn)處的動(dòng)能最大，最大值選項(xiàng)C正確；D．粒子在x軸負(fù)半軸做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度從零增加到vm，在x軸正半軸做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度從vm減小到零，則兩段運(yùn)動(dòng)的平均速度相等，但是由于位移不等，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。7. 已知均勻帶電球體在球的外部產(chǎn)生的電場與一個(gè)位于球心的、電荷量相等的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場相同。如圖所示，半徑為R的球體上均勻分布著電荷量為Q的電荷，在過球心O的直線上有A、B兩個(gè)點(diǎn)，O和B、B和A間的距離均為R，現(xiàn)以OB為直徑在球內(nèi)挖一球形空腔，若靜電力常量為k，球的體積公式為，在挖掉球體部分前后，A點(diǎn)處場強(qiáng)的大小之比為（　?。?/span>A  B.  C.  D. 【答案】A【解析】【詳解】由題意知，半徑為R的均勻帶電體在A點(diǎn)產(chǎn)生場強(qiáng)為同理割出的小球半徑為，因?yàn)殡姾善骄植迹鋷щ姾闪?/span>則其在A點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)所以剩余空腔部分電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)所以故選A。二、多選題（8-10題多項(xiàng)選擇，全部選對(duì)的得6分，選不全的得3分，有錯(cuò)誤的或不答的得0分，共3題，總分18分）8. 如圖，在干燥的冬天，手接觸房間的金屬門鎖時(shí)，會(huì)有一種被電擊的感覺，帶負(fù)電的手在緩慢靠近門鎖還未被電擊的過程中，門鎖（　?。?/span>A. 近手端感應(yīng)出正電荷 B. 電勢(shì)比手的電勢(shì)低C. 與手之間場強(qiáng)逐漸增大 D. 與手之間場強(qiáng)保持不變【答案】AC【解析】【詳解】A．放電前手指靠近金屬門鎖的過程中，門鎖在手的影響下，發(fā)生靜電感應(yīng)，近手端感應(yīng)出正電荷，故A正確；B．由于門鎖近手端帶正電，手帶負(fù)電，二者間空間產(chǎn)生電場，電場線由門鎖近手端指向手，所以門鎖電勢(shì)比手的電勢(shì)高，故B錯(cuò)誤；CD．隨著手的靠近，二者間距逐漸減小，將門鎖與手之間看成一個(gè)電容器，可知當(dāng)兩者距離減小時(shí)，根據(jù)公式聯(lián)立，可得由于異種電荷相互吸引，手接近的過程中，感應(yīng)電荷越來越接近手，門鎖近手端電荷密度越來越大，電荷分布的電荷密度變大，故門鎖與手指之間場強(qiáng)逐漸增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。9. 兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷Q1和Q2的等勢(shì)面分布如圖所示，a、b、c、d、e為電場中的五個(gè)點(diǎn)，其中b、c兩點(diǎn)關(guān)于兩電荷連線對(duì)稱，a、d兩點(diǎn)在兩電荷連線上，且a點(diǎn)到Q1的距離和d點(diǎn)到Q2的距離相等。則（　?。?/span>A. e點(diǎn)的電勢(shì)比a點(diǎn)的電勢(shì)高B. a點(diǎn)的場強(qiáng)比d點(diǎn)的場強(qiáng)弱C. ab兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差小于ad兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差D. 將一正電荷沿直線從b點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過程中，電荷的電勢(shì)能先增加后減小【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)等勢(shì)面及遠(yuǎn)離正電荷的電勢(shì)越來越低可知，a點(diǎn)的電勢(shì)比e點(diǎn)的電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；B．兩個(gè)電荷在a點(diǎn)的場強(qiáng)方向相反，在b的點(diǎn)的場強(qiáng)方向相同，根據(jù)矢量合成可知a點(diǎn)的場強(qiáng)比d點(diǎn)的場強(qiáng)弱，故B正確；C．b、d兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相同，由電勢(shì)差公式可知ab兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差等于ad兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差，故C錯(cuò)誤；D．將一正電荷沿直線從b點(diǎn)移動(dòng)到c點(diǎn)的過程中，電場力先做負(fù)功后做正功，根據(jù)功能關(guān)系可知電荷的電勢(shì)能先增加后減小，故D正確。故選BD。10. 如圖所示，O、A、B、C為一粗糙絕緣水平面上的四點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，一電荷量為－Q的點(diǎn)電荷固定在O點(diǎn)，現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為－q的小金屬塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），從A點(diǎn)由靜止沿它們的連線向右運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)速度最大，其大小為vm，小金屬塊最后停止在C點(diǎn)，已知小金屬塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，A、B間距離為L，靜電力常量為k，則（　?。?/span>A. 在點(diǎn)電荷－Q形成的電場中，A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差B. 在小金屬塊由A向C運(yùn)動(dòng)的過程中，電勢(shì)能減小C. OB間的距離為D. 從B到C的過程中，小金屬塊的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能【答案】BC【解析】【詳解】A．小金屬塊從A到B過程，由動(dòng)能定理得得A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差故A錯(cuò)誤；B．小金屬塊由A點(diǎn)向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，電場力一直做正功，電勢(shì)能一直減小，故B正確；C．根據(jù)題意知，A到B過程，金屬塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，到B點(diǎn)時(shí)速度最大，所以在B點(diǎn)金屬塊所受的滑動(dòng)摩擦力與庫侖力平衡，則有得故C正確；D．從B到C的過程中，小金屬塊的動(dòng)能和電勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)題（第11、12題，每空2分，共16分）11. 在探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關(guān)的實(shí)驗(yàn)中，一同學(xué)猜想可能與兩電荷的間距和帶電荷量有關(guān)。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動(dòng)的絕緣座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒點(diǎn)，如圖所示。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先保持兩球的電荷量不變，使A球從遠(yuǎn)處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，再保持兩球的距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。實(shí)驗(yàn)表明：兩電荷之間相互作用力，隨其距離的______而增大，隨其所帶電荷量______而增大。歷史上法國學(xué)者______通過更精確的實(shí)驗(yàn)探究總結(jié)出兩點(diǎn)電荷間相互作用力與兩點(diǎn)電荷的電荷量、間距的定量關(guān)系。此同學(xué)在探究中應(yīng)用的科學(xué)方法是______（選填“累積法”“等效替代法”或“控制變量法”）。【答案】    ①. 減小    ②. 增大    ③. 庫侖    ④. 控制變量法【解析】【分析】【詳解】[1]保持兩球的電荷量不變，使A球從遠(yuǎn)處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，說明力越大，即兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的減小而增大；[2]保持兩球的距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大， 說明力越大，即兩電荷之間的相互作用力，隨其所帶電荷量增大而增大。[3]歷史上法國學(xué)者庫侖通過更精確的實(shí)驗(yàn)探究總結(jié)出兩點(diǎn)電荷間相互作用力與兩點(diǎn)電荷的電荷量、間距的定量關(guān)系[4]當(dāng)幾個(gè)物理量同時(shí)影響某一物理量變化時(shí)，保持其中的一個(gè)物理量變化，讓其他物理量不變，看它對(duì)某一物理量的影響，這種方法即為控制變量法。12. 某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖1所示的電路圖“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”。（1）若將開關(guān)S打到1，電容器上極板帶___________（選填“正”或“負(fù)”）電，再將S打到2，通過電流表的電流方向向___________（選填“左”或“右”）；（2）實(shí)驗(yàn)中所使用的電容器如圖2所示，當(dāng)電容器兩端電壓為額定電壓時(shí)，電容器正極板帶電荷量為___________C（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）； （3）下列關(guān)于電容器放電時(shí)電容器所帶的電荷量Q與兩極板間的電壓U的關(guān)系、電容器放電時(shí)電路中的電流I與時(shí)間t的關(guān)系正確的是___________。 【答案】    ①. 正    ②. 左    ③. 2.6    ④. D【解析】【詳解】（1）[1][2]將開關(guān)S打到1，電容器上極板與電源的正極相接，則上極板帶正電，再將S打到2，電容器放電，正電荷向左定向移動(dòng)，所以通過電流表的電流方向向左。（2）[3]電容器的額定電壓為5.5 V，電容C=0.47 F，則當(dāng)電容器兩端電壓為額定電壓時(shí)，電容器極板上所帶電荷量為Q=CU=0.47×5.5 C=2.6 C（3）[4]AB．電容器放電過程中，隨著電荷量減少，電壓也減少，最終為零，故AB錯(cuò)誤；CD．電容器放電時(shí)電流肯定減小，且減小得越來越慢，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。四、解答題（解答應(yīng)寫出必要的文字說明、證明過程或基本步驟，3道題，共計(jì)38分）13. 如圖所示，A、B是兩個(gè)帶等量同種電荷的小球，A固定在豎直放置的10 cm長的絕緣支桿上，B靜止于光滑絕緣的傾角為的斜面上且恰與A等高，若B的質(zhì)量為，則B所帶電荷量是多少？（取）【答案】【解析】【詳解】因?yàn)?/span>B靜止于光滑絕緣的傾角為的斜面上且恰與A等高，設(shè)A、B之間的水平距離為，絕緣支桿的長度為。依據(jù)題意可得解得對(duì)B進(jìn)行受力分析如圖所示根據(jù)受力平衡可得又解得14. 如圖所示，空間有一水平向右的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小E=100V/m，一帶電量為q=-1.6×10-10C的點(diǎn)電荷從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，已知ab=10cm，其連線與電場線的夾角θ=37°，取b點(diǎn)為電勢(shì)零點(diǎn)。求：（1）ab兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uab；（2）電場力對(duì)點(diǎn)電荷所做的功Wab；（3）電荷在a點(diǎn)的電勢(shì)能Epa。【答案】（1）8V；（2）-1.28×10-9J；（3）-1.28×10-9J【解析】【詳解】（1）由勻強(qiáng)電場中電勢(shì)差和電場強(qiáng)度的關(guān)系可知得Uab=8V（2）電場力對(duì)點(diǎn)電荷所做的功Wab=qUab得Wab=-1.28×10-9J（3）由電場力做功和電勢(shì)能的關(guān)系可知得15. 如圖1所示，真空中有豎直放置的平行金屬板A、B和水平放置的相距為d的平行金屬板C、D、C、D板長為L，A、B板間加有恒定的電壓U0，B板中心處開有小孔，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子從A板靜止釋放，經(jīng)AB間的電場加速后通過B板上的小孔進(jìn)入C、D兩板的正中間。在帶電粒子進(jìn)入C、D間的同時(shí)，給C、D兩板加上如圖2所示周期性變化的交變電壓，粒子重力不計(jì)。（1）求帶電粒子進(jìn)入C、D間時(shí)的速度大小；（2）若此粒子在時(shí)間內(nèi)從C、D間飛出，則飛出時(shí)在電場方向的位移是多少？（3）若此粒子從C、D間飛出時(shí)恰能以平行于兩板的速度飛出，則交變電壓U1的取值范圍是多少？【答案】(1)；(2)；(3)   （n=1、2、3……）【解析】【詳解】(1)帶電粒子經(jīng)A、B加速進(jìn)入C、D之間的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得解得(2)粒子在~時(shí)間內(nèi)從C、D板間飛出時(shí)，C、D間的電壓恒為U1，則粒子在C、D間做類平拋運(yùn)動(dòng)，所受電場力粒子加速度 又運(yùn)動(dòng)時(shí)間為當(dāng)粒子從C、D間飛出時(shí)沿電場方向的位移為(3)帶電粒子在沿電場方向做單向的反復(fù)加速、減速運(yùn)動(dòng)，每次加和減速過程中在沿電場方向的位移大小都相等，其大小為欲使粒子恰能以平行于C、D板的速度飛出，則應(yīng)有  （n=1、2、3……）解得   （n=1、2、3……）
 

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