三立高級中學(xué)2022-2023學(xué)年度上學(xué)期期中考試試題高  二 物理    時間 ：120分鐘            滿分： 150分            2022.11 一、單選題1．一個物體在下述運動中，動能不發(fā)生變化而動量發(fā)生變化的是（　?。?/span>A．勻速直線運動 B．勻速圓周運動C．平拋運動 D．豎直上拋運動2．央視網(wǎng)消息，俄羅斯“烏拉爾航空”公司一架空客客機在起飛后不久遭遇多只飛鳥撞擊，導(dǎo)致兩臺發(fā)動機起火引擎失靈，迫降在離機場不遠處的一片玉米地里。假設(shè)客機撞鳥時飛行速度大約為，小鳥的質(zhì)量約為，撞機時間約為，估算飛機受到的撞擊力為（　?。?/span>A．1250N B．25000N C．12500N D．2500N3．如圖所示為黑體輻射的規(guī)律，由此圖象得到下列結(jié)論正確的是（　?。?/span>A．隨著溫度的降低，各種波長的輻射強度都增大B．隨著溫度的降低，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動C．黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)D．黑體熱輻射的強度與波長無關(guān)4．如圖所示，下列矩形線框在無限大的勻強磁場中運動，則能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（　?。?/span>A． B．C． D．5．質(zhì)量相等的三個小球a、b、c，在光滑的水平面上以相同的速率運動，它們分別與原來靜止的A、B、C三球發(fā)生碰撞，碰撞后a繼續(xù)沿原方向運動，b靜止，c沿反方向彈回，則碰撞后A、B、C三球中動量數(shù)值最大的是（　?。?/span>A．A球 B．B球C．C球 D．不能確定6．如圖所示，物體從t=0時刻開始由靜止做直線運動，0～4s內(nèi)其合外力隨時間變化的關(guān)系圖線為正弦曲線，下列表述不正確的是（  ）A．0～2s內(nèi)合外力的沖量一直增大 B．0～4s內(nèi)合外力的沖量為零C．2s末物體的動量方向發(fā)生變化 D．0～4s內(nèi)物體動量的方向一直不變7．電阻R1、R2、R3串聯(lián)在電路中，已知R1=20Ω、R3=10Ω，R1兩端的電壓為4V，R2兩端的電壓為8V，則（    ）A．電路中的電流為0.2AB．電阻R2的阻值為20ΩC．三個電阻兩端的總電壓為12VD．電阻R3兩端的電壓為4V8．如圖，在圓心為O的圓周上固定著三根互相平行的長直導(dǎo)線A、B、C，三導(dǎo)線中通入的電流大小相同，其中導(dǎo)線A中的電流垂直于圓平面向外，導(dǎo)線B、C中的電流垂直于圓平面向里，三導(dǎo)線在圓周上的點與圓心O的連線互成120°角，圓平面內(nèi)還存在一個方向與該平面平行、大小為B0的勻強磁場（未畫出），O點的磁感應(yīng)強度為零。如果撤去勻強磁場和導(dǎo)線A，則O點的磁感應(yīng)強度的大小和方向分別為（　?。?/span>A．，垂直于AO方向向左          B．，沿AO方向向下C．，垂直于AO方向向左        D．，沿AO方向向下二、多選題9．在抗擊新冠肺炎疫情的戰(zhàn)役中，為了發(fā)現(xiàn)高危人群中的疑似病人，通常利用紅外線測量人體的溫度。關(guān)于電磁波的應(yīng)用，下列說法正確的是（　?。?/span>A．紅外線、X射線、射線中紅外線的波長最短B．銀行的驗鈔機和家用電器的遙控器發(fā)出的光都是紫外線C．微波主要用于廣播及其他信號的傳播D．X射線片可以用于診斷病情，射線可以摧毀病變的細胞10．如圖甲所示，把兩個質(zhì)量相等的小車A和B靜止地放在光滑的水平地面上，它們之間裝有被壓縮的輕質(zhì)彈簧，用不可伸長的輕細線把它們系在一起。如圖乙所示，讓B緊靠墻壁，其他條件與圖甲相同。對于小車A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，燒斷細線后下列說法正確的是（    ）A．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，圖甲所示系統(tǒng)動量守恒B．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，圖乙所示系統(tǒng)動量守恒，C．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，墻壁彈力對圖乙所示系統(tǒng)的沖量為零D．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，墻壁彈力對圖乙中B車的沖量大小等于小車A動量的變化量大小11．電流的磁效應(yīng)揭示了電與磁的關(guān)系。下面四幅圖中描述磁場方向與電流方向之間的關(guān)系，其中磁感線分布正確的是（　　）A． B．C． D．12．如圖一質(zhì)量為m的物體靜止在水平地面上，物體與地面間動摩擦因數(shù)為，物體受到與水平方向成角的恒定拉力F作用時間t后，物體仍保持靜止，下列分析正確的是（    ）A．物體所受拉力F的沖量大小為B．物體所受拉力F的沖量大小是C．物體所受摩擦力的沖量大小為D．物體所受摩擦力的沖量大小為未命名請點擊修改第II卷的文字說明 三、實驗題13．(1)用如圖所示裝置探究碰撞中的不變量，氣墊導(dǎo)軌水平放置，擋光板寬度為9.0 mm，兩滑塊被彈簧（圖中未畫出）彈開后，左側(cè)滑塊通過左側(cè)光電計時器，記錄時間為0.040 s，右側(cè)滑塊通過右側(cè)光電計時器，記錄時間為0.060 s，左側(cè)滑塊質(zhì)量為100g，左側(cè)滑塊的大小為_________g·m/s，右側(cè)滑塊質(zhì)量為150 g兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和________g·m/s。(2)對于實驗最終的結(jié)論，下列說法正確的是________。A．僅限于一維碰撞B．任何情況下也一定成立C式中的、、、都是速度的大小D．式中的不變量是系統(tǒng)中兩滑塊的質(zhì)量與速度乘積之和 14．在實驗室測定電源的電動勢和內(nèi)阻的實驗電路如圖所示，回答下列問題：（1）在閉合開關(guān)之前，為防止電表過載，那么滑動變阻器的滑動頭應(yīng)放在___________處。（填“”或“”）（2）現(xiàn)備有以下器材：A．干電池1個　　B．滑動變阻器（）　　C．滑動變阻器（）　　D．電壓表（）E．電壓表（）　　F.電流表（）　　G.電流表（）其中滑動變阻器應(yīng)選_________，電流表應(yīng)選_______，電壓表應(yīng)選___________。（填器材前的字母代號）（3）如圖是由實驗數(shù)據(jù)畫出的圖像。由此可知這個干電池的電動勢___________，內(nèi)電阻___________。（均保留兩位有效數(shù)字）四、解答題15．對應(yīng)于的能量子，其電磁輻射的頻率和波長各是多少？（普朗克常量h=6.63×10-34J·s，結(jié)果保留3位有效數(shù)字）16．如圖，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B為0.2T，方向沿x軸的正方向，且線段MN、DC相等，長度為0.4m，線段NC、EF、MD、NE、CF相等，長度為0.3m，通過面積SMNCD、SNEFC、SMEFD的磁通量Φ1、Φ2、Φ3各是多少？17．如圖所示，光滑水平面上有三個滑塊A、B、C，質(zhì)量分別為mA=4kg，mB=2kg，mC=2kg，A、B用一輕彈簧連接（彈簧與滑塊拴接），開始時A、B以共同速度v0=4m/s運動，且彈簧處于原長，某時刻B與靜止在前方的C發(fā)生碰撞并粘在一起運動。求：（1）B與C碰后的瞬間，C的速度大??；（2）運動過程中彈簧最大的彈性勢能。
參考答案：1．B【詳解】A．勻速直線運動，速度不變，故動能不變，動量不變，故A錯誤；B．勻速圓周運動，速度的大小不變，方向變化，故動能不變，但動量變化，故B正確；C．平拋運動，速度的大小、方向都變化，故動能和動量都變化，故C錯誤；D．豎直上拋運動，速度的大小變化，上到最高點后速度方向由豎直向上變成豎直向下，故動能和動量都變化，故D錯誤。故選B。2．C【詳解】設(shè)客機撞鳥時飛行速度為正方向，根據(jù)動量定理可知解得故選C。3．C【詳解】A．由圖像可知，隨著溫度的降低，各種波長的輻射強度都減小，A錯誤；B．隨著溫度的降低，輻射強度的極大值向波長較長的方向移動，B錯誤；CD．黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與黑體的溫度有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)，C正確，D錯誤。故選C。4．D【詳解】矩形線框的磁通量發(fā)生變化，才能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故選D。5．C【詳解】在三個小球發(fā)生碰撞的過程中，系統(tǒng)動量都是守恒的，根據(jù)動量守恒定律得mv0＝mv＋Mv′整理可得Mv′＝mv0－mv取初速度方向為正方向，因c球反向彈回，即v<0，可得c球的動量變化最大，可知C球的動量數(shù)值是最大的。故選C。6．C【詳解】AB．根據(jù)F-t圖像中圖線與t軸圍成的面積表示沖量，可知在0～2s內(nèi)合外力的沖量一直增大，0～4s內(nèi)合外力的沖量為零，故AB正確；CD．2s末沖量方向發(fā)生變化，根據(jù)動量定理，物體的動量開始減小，但方向不發(fā)生變化，0～4s內(nèi)物體動量的方向一直不變，故C錯誤，D正確。選不正確的，故選C。7．A【詳解】A．根據(jù)部分電路歐姆定律得，電路中的電流為故A正確；B．R2的阻值為故B錯誤；CD．電阻R3的電壓為所以三個電阻兩端的總電壓為故CD錯誤。故選A。8．A【詳解】三導(dǎo)線內(nèi)的電流大小都相同，與O點間的距離也相同，則三導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，設(shè)為B1，根據(jù)安培定則和平行四邊形定則，B、C兩導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強度大小為B1，方向垂直于AO向左，A導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小也為B1，方向與B、C兩導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強度同向，則三導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強度大小為2B1，加上大小為B0的勻強磁場后O點的合磁感應(yīng)強度為零，則2B1=B0解得B1=撤去勻強磁場和導(dǎo)線A，則B、C兩導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強度大小為，方向垂直于AO方向向左，A項正確，BCD錯誤。故選A。9．CD【詳解】A．紅外線、X射線、射線中紅外線的頻率最小，波長最長，選項A錯誤；B．銀行的驗鈔機發(fā)出的光是紫外線，家用電器的遙控器發(fā)出的是紅外線，選項B錯誤；C．微波不但能加熱物體，而且能傳播信息，故可以用于通信、廣播及其他信號傳輸，故C正確；D．X射線有很高的穿透本領(lǐng)，常用于醫(yī)學(xué)上透視人體，γ射線，有極強的穿透能力和很高的能量，可以摧毀病變的細胞，故D正確。故選CD。10．AD【詳解】A．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，圖甲所示系統(tǒng)運動過程中只有系統(tǒng)內(nèi)的彈力做功，所受外力之和為0，則系統(tǒng)動量守恒，故A正確；B．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，圖乙所示系統(tǒng)中由于墻壁對B有力的作用，則系統(tǒng)所受外力之和不為0，則系統(tǒng)動量不守恒，故B錯誤；C．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，圖乙所示系統(tǒng)中由于墻壁對B有力的作用，由沖量定義 可知，墻壁對圖乙所示系統(tǒng)的沖量不為零，故C錯誤；D．從燒斷細線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，由動量定律可知，圖乙墻壁彈力對對系統(tǒng)的沖量大小等于系統(tǒng)動量的變化量。由于B車沒有位移，B車動量為0不變，則墻壁彈力對B的沖量大小等于小車A動量的變化量大小，故D正確。故選AD。11．AB【詳解】A．根據(jù)安培定則可知，因電流方向豎直向上，導(dǎo)線右側(cè)磁場方向垂直紙面向里，而左側(cè)則是垂直紙面向外，故A正確；B．根據(jù)安培定則可知，因電流方向從右旋轉(zhuǎn)到左，則螺線管內(nèi)部磁場方向由右向左，因此右端是S極，左端是N極，故B正確；C．根據(jù)安培定則可知，因環(huán)形電流頂端處垂直低面向里，則環(huán)形導(dǎo)線內(nèi)部磁場方向從右向左，故C錯誤；D．因電流方向豎直向下，依據(jù)安培定則可知，磁場方向應(yīng)該是順時針方向（俯視），故D錯誤。故選AB。12．AC【詳解】AB．根據(jù)恒力沖量的定義可知，沖量等于力與時間的乘積，物體所受拉力F的沖量大小為 ，故A正確，B錯誤； CD．物體保持靜止，物體所受摩擦力大小為由沖量定義可知，物體所受摩擦力的沖量大小為故C正確，D錯誤。故選AC。13．     22.5     0     D【詳解】(1)[1][2]以水平向左為正方向，左側(cè)滑塊的速度為則左側(cè)滑塊的右側(cè)滑塊的速度為則右側(cè)滑塊的因與等大、反向，兩滑塊質(zhì)量與速度的乘積的矢量和(2)[3]A．“探究碰撞中的不變量”雖然是在一維情況下設(shè)計的實驗，但結(jié)論具有普遍性，對各種碰撞均成立，故A錯誤；C．碰撞中的不變量是矢量，其方向與速度方向相同，故式中的速度應(yīng)包括大小和方向，故C錯誤；BD．實驗的結(jié)論是系統(tǒng)中兩滑塊的質(zhì)量與速度的乘積之和在彈簧彈開前后為不變量，其他探究的結(jié)論不成立，故B錯誤，D正確。故選D。【關(guān)鍵點撥】本題考查探究碰撞中的不變量的實驗，要注意明確實驗原理，并能根據(jù)光電計時器求解滑塊的瞬時速度，進而表示出彈簧彈開前后兩滑塊的質(zhì)量與速度的乘積，在計算時要注意質(zhì)量與速度的乘積的矢量性14．     a     B     F     D          【詳解】（1）[1]為防止電表過載，應(yīng)將滑動變阻器的電阻全部接入電路，故滑片滑到a處。（2）[2][3][4]干電池的內(nèi)阻較小，為了讓電壓表的示數(shù)有明顯變化，滑動變阻器的阻值不能太大，同時為了方便調(diào)節(jié)，滑動變阻器選B。電路中電流較小，電流表選F；一個干電池的電動勢約為1.5V，所以電壓表選D。（3）[5]由閉合電路歐姆定律得可知圖像縱軸截距為電源電動勢，即[6]圖像的斜率的絕對值表示電源的內(nèi)阻r，則15．，【詳解】能量子與頻率的關(guān)系為解得其電磁輻射的頻率為頻率與波長的關(guān)系為解得其電磁輻射的波長為16．0.024Wb；0；0.024Wb【詳解】面積SMNCD與磁場相互垂直，故磁通量Φ1=BS=0.2×0.4×0.3=0.024Wb面積SNEFC與磁場方向相互平行；故磁通量Φ2=0SMEFD與勻強磁場方向有夾角，因此可將面積SMEFD投影到與x軸垂直的SMNCD上，SMEFD的有效面積就是SMNCD的面積Φ3=BS=0.2×0.4×0.3=0.024Wb17．（1）2m/s；（2）4J【詳解】（1）B與C碰撞過程兩者組成的系統(tǒng)動量守恒，對B和C，取向右為正方向，由動量守恒定律有mBv0=（mB+mC）vC解得vC=2m/s（2）彈簧彈性勢能最大的時候A、B、C三者共速，取向右為正方向，由動量守恒定律有（mA+mB）v0=（mA+mB+mC）vB與C碰后，根據(jù)A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，有代入數(shù)據(jù)解得彈簧最大的彈性勢能Ep=4J 

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