2022-2023學(xué)年江西省宜春市豐城市高二（上）期中物理試卷     在電場中某點放上電荷量為的帶負電的試探電荷，它受到的電場力為，方向水平向右．若撤走上述試探電荷，在該點放上電荷量為的帶正電的試探電荷，其它條件不變，則該點的電場強度為(    )A. ，方向水平向右 B. ，方向水平向左
C. ，方向水平向左 D. ，方向水平向右    某電解質(zhì)溶液內(nèi)，若在1s內(nèi)各有個2價正離子和個1價負離子通過某截面，那么通過這個截面的電流是(    )A.  B.  C.  D. 0    歐姆不僅發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，還研究了電阻定律，有一個長方體金屬電阻，材料分布均勻，邊長分別為a、b、c，且電流沿以下方向流過該金屬電阻，其中電阻阻值最小的是(    )A.  B.
C.  D.     如圖所示為某靜電除塵器的示意圖，球形電極和集塵板分別連接到幾千伏的高壓電額的正負極，在兩電極之間形成很強的電場，電場線如圖中實線所示，使粉塵微粒帶負電，則帶電的粉塵在電場的作用下被吸附到集塵板上，已知A、B是某粉塵微粒運動軌跡上的兩個點，C點與B點的連線平行于集塵板，不計粉塵微粒的重力及與空氣的相互作用，下列說法正確的是(    )
A. B點的電場強度大于A點的電場強度
B. 粉塵微粒在靠近集塵板的過程中加速度逐漸減小
C. 粉塵微?？赡苎厝鐖D虛線所示的軌跡飛向集塵板
D. 若粉塵微粒在某條電場線上由靜止開始運動，則一定沿該電場線到達集塵板    如圖，真空中固定兩個等量異種點電荷、，圖中O是兩電荷連線的中點，a、b兩點關(guān)于O點左右對稱，c、d兩點關(guān)于O點上下對稱，且a、b、c、d到O點距離均相等。下列說法正確的是(    )
A. a、b兩點的電勢相同
B. c、d兩點的電場強度大小相同，方向相反
C. 將質(zhì)子由b移到c的過程中電場力做負功
D. 電子在O點的電勢能比在b點的電勢能大    如圖所示，一均勻帶電絕緣細棒的電荷量為，在過細棒中點c的中垂線上有a、b、d三點，且。在a點固定一負點電荷，其電荷量為，已知d點的電場強度為零，靜電力常量為k，則b點的電場強度大小為(    )
 A.  B.  C.  D.     如圖所示，圖線1表示導(dǎo)體A的電阻，設(shè)為，圖線2表示導(dǎo)體B的電阻，設(shè)為，則下列說法正確的是(    )A. ：：2
B. 把A拉長為原來的3倍后其電阻等于B的電阻
C. 將A與B串聯(lián)后接在電源上，二者消耗的功率之比：：3
D. 將A與B并聯(lián)后接于電源上，通過二者的電流之比：：3
     圖甲所示的電路中，電流表指針指滿刻度，電流表的指針指滿刻度的處；圖乙中，指針指滿刻度，指針指滿刻度的處。已知的內(nèi)阻為，則的電阻為(    )
A.  B.  C.  D.     如圖所示是某型號電吹風(fēng)的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構(gòu)成．已知電吹風(fēng)的額定電壓為220V，吹冷風(fēng)時的功率為120W，吹熱風(fēng)時的功率為關(guān)于該電吹風(fēng)，下列說法正確的是(    )
 
A. 若、閉合，則電吹風(fēng)吹冷風(fēng)
B. 電熱絲的電阻為
C. 電動機工作時輸出的機械功率為880W
D. 當(dāng)電吹風(fēng)吹熱風(fēng)時，電動機每秒鐘消耗的電能為120J如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源內(nèi)阻不計連接，下極板接地。一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，則(    )
 A. 帶電油滴將沿豎直方向向上運動 B. P點的電勢將升高
C. 若將油滴固定，帶電油滴的電勢能將增大 D. 電容器的電容增大，極板帶電荷量增大水平地面上方空間有水平向右的勻強電場，場強大小為，某同學(xué)從地面上的A點斜向右上方以速度拋出一個帶正電荷為質(zhì)量為m的小球，速度方向與水平地面的夾角，運動軌跡如圖所示。其中B點為軌跡最高點，D、E兩點高度相等，小球落在水平地面的C點。忽略空氣阻力的影響，，，重力加速度g取，則(    )
A. B點速度為 B. E點速度大小大于D點速度大小
C. 小球落地時與水平方向的夾角仍為 D. A、C兩點距離為某實驗小組測量某圓柱復(fù)合材料的電阻率。
該實驗小組分別用20分度的游標卡尺、螺旋測微器測量其長度l和直徑d，某次測量結(jié)果如圖甲、乙所示。該圓柱復(fù)合材料的長度______cm，直徑______mm。

該實驗小組用如圖丙所示實驗電路測量其電阻值。閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于______端填“a”或“b”。
某次實驗時，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I，若用表示該圓柱復(fù)合材料的電阻的測量值，則該測量值比真實值偏______填“大”或“小”。導(dǎo)致此誤差的原因是______。
用實驗過程中測量的物理量對應(yīng)的字母表示電阻率，則該圓柱復(fù)合材料電阻率的表達式為______。在“多用電表的使用”實驗中：
如圖1所示，為一正在測量中的多用電表表盤。如果用電阻擋“”測量，則示數(shù)為______；如果用“直流5V”擋測量，則示數(shù)為______ V。
乙同學(xué)利用多用電表測量圖2和圖3所示電路中小燈泡正常工作時的有關(guān)物理量。以下操作正確的是______。
A.將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的電壓擋，閉合開關(guān)，利用圖2的電路測量小燈泡兩端的電壓
B.將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的電阻擋，閉合開關(guān)，利用圖2的電路測量小燈泡的電阻
C.將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的電流擋，閉合開關(guān)，利用圖3的電路測量通過小燈泡的電流
D.將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到合適的電流擋，把圖3中紅、黑表筆接入電路的位置互換，閉合開關(guān)，測量通過小燈泡的電流實驗室常用的雙量程電壓表原理如圖所示。當(dāng)使用O、A兩接線柱時，量程為；當(dāng)使用O、B兩兩接線柱時，量程為。已知電流表的內(nèi)阻，滿偏電流。求電阻和的阻值。
 如圖所示，空間有一水平向右的勻強電場，場強大小，一帶電量為的點電荷從a點運動到b點，已知，其連線與電場線的夾角，取b點為電勢零點。求：
兩點間的電勢差；
電場力對點電荷所做的功；
電荷在a點的電勢能。在光滑絕緣水平面上放置一質(zhì)量、的小球，小球系在長的絕緣細線上，線的另一端固定在O點。整個裝置置于勻強電場中，電場方向與水平面平行且沿OA方向，如圖所示此圖為俯視圖現(xiàn)給小球一初速度使其繞O點做圓周運動，小球經(jīng)過A點時細線的張力，小球在運動過程中，最大動能比最小動能大，小球視為質(zhì)點。
求電場強度E的大?。?/span>
求運動過程中小球的最小動能；
若小球運動到動能最小的位置時細線被剪斷，則小球經(jīng)多長時間其動能與在A點時的動能相等？此時小球距A點多遠？
答案和解析 1.【答案】C 【解析】【分析】
電場強度等于試探電荷所受電場力與其電荷量的比值，方向與正電荷所受電場力方向相同，與負電荷所受電場力方向相反，同一點電場強度不受該點所放試探電荷的影響．
本題對電場強度和電場力的理解能力．電場強度是反映電場本身的性質(zhì)的物理量，與試探電荷無關(guān)．
【解答】
該點的場強大小為：，由于試探電荷帶負電，所受電場力方向水平向右，則電場強度的方向水平向左。電場強度的大小和方向由電場本身性質(zhì)決定，與加入的試探電荷無關(guān)，則把另一試探電荷放在該點時，場強的大小和方向均不變．故C正確，ABD錯誤。
故選：C。  2.【答案】A 【解析】解：通過截面的電荷量。
通過截面的電流：
故BCD錯誤，A正確。
故選：A。
先由正、負電荷量的決對值的和求出通過截面的電荷量，然后由電流的定義式求出電流．
本題考查對電流定義式中電量的理解，電解液中通過橫截面的總電量正負離子電量絕對值之和．
 3.【答案】A 【解析】解：由電阻的決定式可知，A中電阻，B中電阻；C中電阻；D中電阻；
故電阻最小的為A；
故選：A。
由金屬導(dǎo)體電阻的決定式進行計算，注意各電阻中的導(dǎo)體長度及截面積．
本題考查電阻定率的應(yīng)用，要注意電阻是由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定的．
 4.【答案】B 【解析】解：AB、根據(jù)電場線疏密程度表示電場強度大小，由圖可知靠近集塵板的處的電場線密，則電場強度大，所以粉塵微粒在A點的電場強度大于B點的電場強度，靠近集塵板的過程中加速度逐漸減小，故A錯誤，B正確；
C、由于粉塵微粒帶負電，根據(jù)做曲線運動的物體所受合力指向曲線的內(nèi)側(cè)可知，粉塵微粒不可能沿如圖虛線所示的軌跡飛向集塵板，故C錯誤；
D、粉塵微粒沿電場線運動的條件為電場線為直線，且粉塵微粒的初速度方向與電場線在同一直線上，則粉塵微粒在某條電場線上由靜止開始運動，不會沿該電場線到達集塵板，故D錯誤。
故選：B。
電極和集塵板之間的電場既不是勻強電場，也不同于點電荷的電場，電極帶負電，結(jié)合電極和集塵板之間的電場線的特點分析即可。
該題考查常見電場的電場線以及應(yīng)用，解答的關(guān)鍵是知道電極和集塵板之間的電場線的特點。
 5.【答案】C 【解析】解：A、等量異種電荷電場線的分布規(guī)律如圖所示，沿電場線的方向電勢降低，所以可知a點電勢高于b點的電勢，故A錯誤；
B、根據(jù)等量異種點電荷的電場分布的對稱性可知，圖中O點上下兩側(cè)的c、d兩點的電場強度大小、方向都相同，故B錯誤；
C、將質(zhì)子由b移到c的過程中，質(zhì)子由低電勢向高電勢移動，所以質(zhì)子的電勢能增大，電場力做負功，故C正確；
D、根據(jù)電場線的分布可知，O點電勢高于b點電勢，則帶負電的電子在O點的電勢能小于b點的電勢能，故D錯誤。
故選：C。
明確等量異種電荷電場線的分布規(guī)律，由場強的合成法則可得場強的大小關(guān)系，根據(jù)沿電場線的方向電勢降落可確定電勢的高低，再根據(jù)電勢和電勢能的關(guān)系確定電勢能，根據(jù)電場力做功和電勢能的關(guān)系確定電勢能的變化。
等量異種點電荷的電場線和等勢線分布情況是考試的熱點，要明確其連線和中垂線上的電場強度以及電勢的分布規(guī)律，同時明確電場力做功與電勢能的關(guān)系等規(guī)律。
 6.【答案】C 【解析】解：電荷量為的負點電荷在d點產(chǎn)生的電場強度方向向左，大小為：
根據(jù)電場的疊加原理可知，細棒在b點產(chǎn)生的電場強度方向向右，大小為：
根據(jù)對稱性可知，細棒在b點產(chǎn)生的電場前度方向向左，大小為
電荷量為的負點電荷在b點產(chǎn)生的電場強度方向向左，大小為：
根據(jù)電場的疊加原理可知，b點的場強方向向左，大小為，故C正確，ABD錯誤。
故選：C。
根據(jù)d點的場強特點得出細棒在d處的場強，結(jié)合對稱性和矢量合成的特點得出b點的場強。
本題主要考查了場強的疊加問題，熟悉場強的計算公式，結(jié)合對稱性和矢量的合成特點即可完成分析。
 7.【答案】C 【解析】解：A、根據(jù)歐姆定律結(jié)合圖像的斜率倒數(shù)可知，兩個電阻的比值關(guān)系為：：3，故A錯誤；
B、根據(jù)電阻定律可知，當(dāng)把A拉長為原來的3倍時，面積會變?yōu)樵瓉淼?/span>，則電阻會變?yōu)樵瓉淼?/span>9倍，不等于B的電阻，故B錯誤；
C、根據(jù)功率的計算公式，同時串聯(lián)電路的電流相等，則二者消耗的功率之比：：3，故C正確；
D、根據(jù)歐姆定律，同時并聯(lián)電路的電壓相等，則通過二者的電流之比：：1，故D錯誤；
故選：C。
根據(jù)圖像斜率的倒數(shù)和歐姆定律得出電阻的比值關(guān)系；
根據(jù)電阻定律結(jié)合選項條件得出電阻的變化；
根據(jù)歐姆定律和功率的計算公式，結(jié)合電路的特點完成分析。
本題主要考查了歐姆定律的相關(guān)應(yīng)用，理解圖像的物理意義，結(jié)合功率和電阻定律的公式即可完成分析。
 8.【答案】A 【解析】解：設(shè)電流表、滿偏電流分別為、；
由題意知，當(dāng)電流表串聯(lián)時：…①
當(dāng)電流表并聯(lián)時：電源的電壓為：…②
由于…③
將①③式代入②解得：。
故選：A。
根據(jù)串聯(lián)電路電流相等的特點和并聯(lián)電路電壓相等的特點，利用歐姆定律分別列出兩電流表滿偏時指針的關(guān)系，再把的內(nèi)阻代入求解方程即可求出的內(nèi)阻。
本題要理解并掌握串聯(lián)電路和并聯(lián)電路特點，能根據(jù)兩電流表示數(shù)之間的關(guān)系建立方程組。
 9.【答案】BD 【解析】解：A、若、閉合，電熱絲接入，則此時電阻絲發(fā)熱，電吹風(fēng)吹出的是熱風(fēng)；故A錯誤；
B、電機和電阻并聯(lián)，當(dāng)吹熱風(fēng)時，電阻消耗的功率為，由，
可知：，故B正確；
C、電動機工作時輸出的功率為吹冷風(fēng)時的功率，故只有120W，故C錯誤；
D、當(dāng)吹熱風(fēng)時，電動機消耗的電功率仍為120W；故每秒鐘消耗的電能為120J；故D正確．
故選：
本題考查了電吹風(fēng)的電路結(jié)構(gòu)及電功率的計算問題；對于這類結(jié)合生活中的電器考查電路連接情況的題目，要結(jié)合串并聯(lián)電路的電流流向特點進行分析．
 10.【答案】ACD 【解析】解：A、將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，板間距離減小，根據(jù)得知板間場強增大，油滴所受的電場力增大，則油滴將向上運動，故A正確；
B、場強E增大，而P點與上極板間的距離不變，則由公式分析可知，P點與上極板間電勢差將增大，故P點電勢降低，故B錯誤；
C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴應(yīng)帶負電，由于P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加，故C正確；
D、由于電容器和電源相連，電勢差不變；將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，則d減小，則根據(jù)可知電容C變大，根據(jù)可知，極板的帶電量變大，故D正確。
故選：ACD。
將平行板電容器的下極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況。由分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化；由可以判斷油滴電勢能的變化；根據(jù)可知電容的變化，根據(jù)可知極板的帶電量的變化。
本題運用分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動。運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化
 11.【答案】BD 【解析】解：A、小球在豎直方向與水平方向的初速度為：，，B為軌跡最高點，故B點豎直速度為零，豎直方向：。水平方向：，，聯(lián)立解得：，故A錯誤；
B、D、E兩點高度相等，小球從重力做功為零，但電場力做正功，從D到E點小球的動能增加，故E點的速度大于D點的速度，故B正確；
C、小球從的時間為從的時間t的兩倍，則到C點時，水平速度為：，小球落地時與水平方向夾角正切：解得：，所以，故C錯誤；
D、A、C兩點距離為：，故D正確。
故選：BD。
小球運動過程中受重力和電場力，從A到C，小球水平方向做勻加速運動，豎直方向做豎直上拋運動，根據(jù)運動的合成與分解、運動學(xué)公式列式可解。
本題主要是考查了帶電小球在重力場和電場的復(fù)合場中運動，關(guān)鍵是弄清楚小球的受力情況和運動情況，根據(jù)運動的合成與分解結(jié)合運動學(xué)公式進行解答。
 12.【答案】小  電壓表分流  【解析】解：游標尺是20分度的，游標卡尺的精度是，由圖甲所示可知，游標卡尺讀數(shù)；由圖乙所示螺旋測微器可知，讀數(shù)；
由圖丙所示電路圖可知，滑動變阻器采用分壓接法，為保護電路，閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于a端。
由圖丙所示可知，電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，電流的測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻的測量值小于真實值。
由歐姆定律可知，電阻，由電阻定律可知：，整理得：。
故答案為：；；；小；電壓表分流；。
游標卡尺主尺與游標尺讀數(shù)的和是游標卡尺讀數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度讀數(shù)的和是螺旋測微器的讀數(shù)。
滑動變阻器采用分壓接法時，為保護電路滑動變阻器滑片應(yīng)置于分壓電路分壓為零的位置。
根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用歐姆定律分析實驗誤差。
根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式。
要掌握常用器材的使用方法與讀數(shù)方法；理解實驗原理、掌握基礎(chǔ)知識是解題的前提；應(yīng)用歐姆定律與電阻定律可以解題。
 13.【答案】 【解析】解：用電阻擋“”測量時，圖1示數(shù)為；用“直流5V”擋測量時，最小刻度值為，圖1示數(shù)為；
多用電表一定是紅表筆電流流入、黑表筆電流流出，圖2是可以測燈泡兩端電壓但不能測發(fā)光時的電阻，圖3是測電流，表筆位置正確，故AC正確，BD錯誤；
故選：AC。
故答案為：；；。
根據(jù)多用電表讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；
根據(jù)多用電表的使用規(guī)則判斷操作的正確與否，要注意電壓擋和電流擋的接線規(guī)則。
解題注意對多用電表讀數(shù)時，要先根據(jù)選擇開關(guān)的位置確定其所測量的量與量程，然后根據(jù)指針位置讀數(shù)；多用電表測量時電流遵循“紅進黑出”原則。
 14.【答案】解：串聯(lián)分壓電路的特點就是電流相同，在改裝的電壓表中，各量程達到滿偏電壓時，經(jīng)過“表頭”的電流均為滿偏電流，已知，根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律，接O、A時有：

解得：；
接O、B時有：

解得：。
答：電阻和的阻值分別為、。 【解析】電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，然后根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律求出分壓電阻的大小即可。
本題解題關(guān)鍵要明確電表的改裝原理，知道電壓表是電流表與分壓電阻串聯(lián)而成，當(dāng)電壓表達到量程時通過電流表的電流應(yīng)為滿偏電流。
 15.【答案】解：由勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系可知
將代入解得：
電場力對點電荷所做的功
代入數(shù)據(jù)解得：
由電場力做功和電勢能的關(guān)系可知
代入數(shù)據(jù)解得
答：兩點間的電勢差為8V；
電場力對點電荷所做的功為；
電荷在a點的電勢能為。 【解析】根據(jù)勻強電場場強與電勢差的關(guān)系求解電勢差；
根據(jù)電場力做功公式求解；根據(jù)電場力做功與電勢能的關(guān)系求解。
本題要明確場強公式中d的含義為沿電場線方向的距離。
 16.【答案】解：設(shè)A點關(guān)于O點的對稱點為B，則小球從A運動到B的過程中，電場力做負功，動能減小，所以在A點動能最大，在B點的動能最小。
小球在光滑水平面上運動的最大動能與最小動能的差值為
代入數(shù)據(jù)得：
在A處，由牛頓第二定律：，
A處小球的動能為 
小球的最小動能為
代入數(shù)據(jù)得：
小球在B處的動能為
解得：
當(dāng)小球的動能與在A點時的動能相等時，由動能定理可知：
線斷后球做類平拋運動：，
代入數(shù)據(jù)后得：，
答：電場強度E的大小為；運動過程中小球的最小動能為10J；
若小球運動到動能最小的位置時細線被剪斷，則小球經(jīng)其動能與在A點時的動能相等，此時小球距A點為。 【解析】小球帶正電，從A運動到其關(guān)于O對稱的點的過程中，電場力做負功，動能減小，所以在A點動能最大，在其對稱點的動能最小，根據(jù)動能定理求解電場強度E的大??；
在A處動能最大，已知小球經(jīng)過A點時細線的張力，由牛頓第二定律和動能的計算式求解A處的動能，再由動能定理得到最小動能。
線斷后球做類平拋運動，根據(jù)運動的分解，由牛頓第二定律和位移時間公式求解時間，并得到小球距A點的距離。
本題是動能定理與類平拋運動的綜合，要熟練運用正交分解法處理類平拋運動，抓住兩個分運動的等時性，由牛頓第二定律和運動學(xué)規(guī)律結(jié)合進行研究。
 

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