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粒子運動到P點時的速度大?。?/span>
粒子從M點運動到P點的過程中電勢能的變化量；
點的橫坐標。
答案和解析 1.【答案】D 【解析】【分析】
當穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時，電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流；當穿過閉合電路的磁通量不發(fā)生變化時，電路中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流。
本題考查了感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件的應(yīng)用，掌握感應(yīng)電流條件是正確解題的關(guān)鍵；本題難度不大，是一道基礎(chǔ)題。
【解答】
A、實驗過程有電流產(chǎn)生，只是時間較短，沒有觀察到，故A錯誤；
BCD、科拉頓用條形磁鐵在線圈中進行插進和抽出的實驗時，線圈中的磁通量發(fā)生了變化，電流表的回路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生；當他跑到另一個房間時，由于磁鐵在線圈中不動，此時沒有感應(yīng)電流，所以他無法觀察到。故BC錯誤，D正確。
故選：D。 2.【答案】D 【解析】解：由軌跡彎曲方向可判斷出電場力方向，由于不知道場強的方向，故不能確定電場力的方向與場強方向的關(guān)系，但兩粒子的偏轉(zhuǎn)方向相反，所以ab一定是異性電荷，但不能確定它們分別帶什么電荷，故B錯誤；
由于出發(fā)后電場力始終對電荷做正功，兩電荷的動能越來越大，故兩個電荷的速度都將越來越大，故AC錯誤；
D.電場線的疏密代表電場的強弱，由圖可知越向左場強越小，故a出發(fā)后的一小段時間內(nèi)其所處的位置的場強越來越小，而b出發(fā)后的一小段時間內(nèi)其所處的位置場強越來越大，所以出發(fā)后的一小段時間內(nèi)a受到的電場力變小，b受到的電場力變大，a的加速度將減小，b的加速度將增大，故D正確。
故選：D。
電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小。
加強基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點：電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，即可解決本題。
3.【答案】B 【解析】解：由右手螺旋定則可知，通電螺線管的右側(cè)等效為N極，據(jù)磁感線的分布和小磁針靜止時N極所指的方向，所以1、3、4錯誤，2正確，故ACD錯誤，B正確。
故選：B。
先根據(jù)右手螺旋定則判斷通電螺線管的磁感線，再據(jù)磁場方向的規(guī)定判斷四個小磁針N、S是否正確．
通電螺線管可等效為條形磁鐵，注意內(nèi)部磁感線的方向，靈活應(yīng)用磁場方向的規(guī)定判斷小磁針的方向．
4.【答案】D 【解析】解：從速度時間圖象可以看出，物體加速，負試探電荷受到的電場力方向為場強的反方向，故電場力向左，場強方向也向左，逆著電場力方向，電勢升高，故
速度時間圖象的切線的斜率表示加速度，故說明加速度不斷減小，電場力不斷減小，場強也不斷減小，故；
故選：D。
速度時間圖象的切線的斜率表示加速度，正試探電荷受到的電場力方向為場強方向，沿著電場力方向，電勢降低。
本題關(guān)鍵根據(jù)速度時間圖象得到速度和加速度的變化情況，然后得到電場力的大小和方向情況，最后判斷電勢的高低。
5.【答案】C 【解析】【分析】
開關(guān)S斷開和閉合時，利用閉合電路歐姆定律，分別求電容的電壓，再由可得電量之比。
解題的關(guān)鍵是清楚開關(guān)斷開與閉合時電路的結(jié)構(gòu)，并能應(yīng)用閉合電路歐姆定律求電容的電壓。
【解答】
當開關(guān)S斷開時，其等效電路圖，如圖所示：
則電路總阻值：，則干路電流，
電容的電壓；
當開關(guān)S閉合時，其等效電路圖，如圖所示：
則電路總阻值：，則干路電流，
電容的電壓
由可得：，故C正確，ABD錯誤。
故選C。 6.【答案】B 【解析】解：A、若短路，則也短路，電流表的讀數(shù)變?yōu)榱?，通過的電流增大，則的電壓增大，故電壓表讀數(shù)增大，故A錯誤；
B、若短路，則電流表示數(shù)為零，不符合題意，故B錯誤；
C、若短路，電壓表示數(shù)為零，不符合題意，故C正確；
D、若斷路，則與并聯(lián)阻值增大，外電路總電阻增大，總電流減小，則流過的電流減小，故電壓表示數(shù)減小，故D錯誤。
故選：B。
根據(jù)各個選項，分析電壓表和電流表讀數(shù)的變化，即可選擇符合題意的選項。
本題考查閉合電路歐姆定律的應(yīng)用，關(guān)鍵要理解短路和斷路的特點，利用歐姆定律分析兩電表讀數(shù)的變化。
7.【答案】B 【解析】解：由于a點處的合場強為零，所以帶點薄板在a處產(chǎn)生的場強與點電荷在a處產(chǎn)生的場強大小相等均為，方向相反，可知帶點薄板應(yīng)帶正電，由帶點薄板產(chǎn)生場強的特點可知，薄板在b點產(chǎn)生的場強方向向左，大小等于點的電場強度大小為，方向向左。
故選：B。
求解本題的關(guān)鍵是明確點電荷場強的公式及合場強為零的含義，及其帶點薄板產(chǎn)生場強的特點．
熟記點電荷的場強公式，理解合場強為零的含義，掌握帶點薄板產(chǎn)生場強的特點．
8.【答案】D 【解析】【分析】
解決本題的突破口是：由于電荷只受電場力作用，電場力將指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)．同時注意電場線和等勢線垂直，說明電場沿水平方向，正電荷沿曲線AB運動，則電場力一定水平向右，從而確定了電場的方向，這樣問題就解決了．
本題通過帶電粒子在電場中的運動考查了電勢、電勢能、電場力等問題，解決這類問題的突破口是：做曲線運動的物體所受合外力指向其軌跡內(nèi)側(cè)．
【解答】
A、電場力方向向右，但電場線方向無法判斷，電性不能確定。故A錯誤；
B、電場線和等勢線垂直，所以電場沿水平方向，是勻強電場，故B錯誤；
C、由B選項分析可知電場沿水平方向，并且沿電場線方向電勢降低，而a、b、c、d之間電勢大小關(guān)系未知，故無法判斷電場方向線，故C錯誤；
D、帶電粒子在電場中沿曲線AB運動時電場力對粒子做負功，其電勢能增大，動能減小，故D正確。
故選：D。 9.【答案】A 【解析】解：A、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶負電，因此電場線指向左上方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，故A正確；
BC、因為從Q到P電場力做負功，則電勢能變大，動能減小，則Q點的電勢能小于P點的電勢能，帶電質(zhì)點通過Q點時動能較大，故BC錯誤；
D、由于相鄰等勢面之間的電勢差相同。等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強度比Q點較大，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，在點的加速度也大，故D錯誤。
故選：A。
由于質(zhì)點只受電場力作用，根據(jù)運動軌跡可知電場力指向運動軌跡的內(nèi)側(cè)即斜向右下方，由于質(zhì)點帶正電，因此電場線方向也指向右下方；電勢能變化可以通過電場力做功情況判斷；電場線和等勢線垂直，且等勢線密的地方電場線密，電場場強大。
解決這帶電粒子在電場中運動的思路是：根據(jù)運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場、電勢能、動能等物理量的變化。
10.【答案】AB 【解析】解：當通入如圖所示的電流時，發(fā)現(xiàn)小磁針偏轉(zhuǎn)，說明電流周圍存在磁場，即小磁針感知到了電流的磁場，根據(jù)右手螺旋定則可得小磁針的位置的磁場方向是垂直紙面向里，把小磁針移走，磁場仍然客觀存在．故AB正確．CD錯誤
故選：AB
右手螺旋定則也叫安培定則，讓大拇指所指向為電流的方向，則四指環(huán)繞的方向為磁場方向．當導(dǎo)線是環(huán)形時，則四指向為電流的方向
11.【答案】AD 【解析】解：AB、當滑動變阻器的觸片P從左端滑到右端時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，總電流I減小，路端電壓U增大，則變暗。
電路中并聯(lián)部分電壓增大，則變亮。
總電流減小，而的電流增大，則的電流減小，則變暗，故A正確，B錯誤。
由于總電流變小，兩端電壓變小，路端電壓變大，則并聯(lián)部分電壓的增大值比兩端電壓的減小值更大，則有，故C錯誤，D正確。
故選：AD。
當滑動變阻器的觸片P從右端滑到左端時，分析變阻器接入電路的電阻的變化，確定外電路總電阻的變化，分析總電流和路端電壓的變化，判斷燈亮度的變化。根據(jù)總電流的變化，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷亮度的變化。根據(jù)總電流與通過電流的變化，分析通過電流的變化，判斷其亮度變化。根據(jù)路端電壓的變化，分析和的大小。
本題是電路動態(tài)變化分析問題，按“局部整體局部”思路進行分析。運用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大小。
12.【答案】ABD 【解析】解：A、由圖可知，當電壓為220V時，的電流為，故的額定功率，故A正確；
B、兩燈泡串聯(lián)時，流過兩電阻的電流相等，而總電壓應(yīng)為220V，由圖象可知，串聯(lián)時電流應(yīng)為，此時的電壓為150V，故此時的功率，
而的電壓為70V，那么的功率，故B正確；
C、當電壓為220V時，的電流為，故的時間功率，的實際功率比的實際功率小：，故C錯誤，故D正確；
故選：ABD。
由圖可知當電壓為額定電壓時的電流，則由功率公式可得出額定功率；串聯(lián)后接在220V的電源上，則兩電阻兩端的電壓達不到220V，但二者電壓之和應(yīng)為220V，由圖可讀出電阻的電流，則可求得功率．
本題要結(jié)合圖象和串并聯(lián)電路的性質(zhì)進行分析，注意燈絲電阻隨電壓的變化發(fā)生變化，故不能先求電阻，再進行計算
13.【答案】 【解析】解：根據(jù)多用電表電流擋讀數(shù)方法，可知若所選擋位為直流50mA擋，最小刻度為1mA，需要估讀，則示數(shù)為：；根據(jù)歐姆表的讀數(shù)方法，可知若所選擋位為擋，則示數(shù)為：；
乙同學(xué)用歐姆表正確測量了一個約的電阻后，需要繼續(xù)測量一個阻值約的電阻，需要換到擋，然后將紅表筆和黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕使表針指向歐姆零點，故合理的順序是CAD；
、用多用電表直流電壓擋進行檢測，將多用電表紅、黑表筆分別接觸A、B，若電壓表幾乎沒有讀數(shù)，電壓表測量的是導(dǎo)線上的電壓，說明燈泡可能出現(xiàn)短路故障，故A正確；
B、將多用電表紅、黑表筆分別接觸C、D，若電壓表幾乎沒有讀數(shù)，電壓表測量的是導(dǎo)線上的電壓，說明開關(guān)出現(xiàn)短路故障或者是燈泡斷路，故B錯誤；
C、將多用電表紅、黑表筆分別接觸E、F，若電壓表讀數(shù)接近，即電壓表測的是電源兩端的電壓，說明燈泡和燈泡座可能接觸不良，故C正確；
故答案為：，
根據(jù)多用電表電流擋和歐姆表的讀數(shù)方法進行讀數(shù)；
根據(jù)歐姆表的使用規(guī)則換擋必須重新調(diào)零來判斷；
若電壓表幾乎沒有讀數(shù)，電壓表測量的是導(dǎo)線上的電壓，有短路現(xiàn)象發(fā)生；若電壓表讀數(shù)接近，即電壓表測的是電源兩端的電壓，有斷路現(xiàn)象發(fā)生。
本題考查了多用電表讀數(shù)、歐姆表的使用方法與步驟，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；用歐姆表測電阻要選擇合適的擋位，歐姆表換擋后要重新進行歐姆調(diào)零。
14.【答案】C 電流表內(nèi)接應(yīng)改成外接 變阻器滑片應(yīng)置于左端 偏大 Ⅱ 【解析】解：滑動變阻器采用分壓接法，應(yīng)選擇最大阻值較小的變阻器電阻；故選：C；
由于燈泡電阻較小，約為幾歐姆遠小于電壓表內(nèi)阻，為減小實驗誤差，電流表應(yīng)采用外接法；測量部分與滑動變阻器左側(cè)并聯(lián)，所以實驗開始時應(yīng)將變阻器滑片置于左端；
電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致測量的燈泡的電流值偏大；
由中分析可知，在相同電壓情況下，燈泡實際電流比測量值偏小，因此Ⅱ是真實的伏安特性曲線；
故答案為：；電流表內(nèi)接應(yīng)改成外接；變阻器滑片應(yīng)置于左端；偏大；
為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器；
根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻關(guān)系確定電流表的接法，根據(jù)題意確定滑動變阻器接法；
根據(jù)實驗電路圖可知，由于電壓表的分流作用，導(dǎo)致測量的燈泡的電流值偏大；
即相同電壓情況下，燈泡實際電流比測量值偏小，因此可以確定真實的伏安特性曲線。
本題考查了描繪小燈泡伏安特性曲線的儀表選擇以及誤差分析；電壓與電流從零開始變化時，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，而分壓接法中要采用總阻值較小的滑動變阻器。
15.【答案】解：厘米米
磁場與線圈平面垂直時，磁通量
將線圈以一邊為軸轉(zhuǎn)過，
答：圖示位置時，穿過線圈的磁通量為；若將線圈以一邊為軸轉(zhuǎn)過，則穿過線圈的磁通量為 【解析】磁場與線圈平面垂直，故由磁通量直接計算即可．若將線圈以一邊為軸轉(zhuǎn)過，由計算．
本題考查磁通量的計算公式，注意此公式只能用于磁場與線圈垂直時．不垂直時要注意夾角．
16.【答案】解：運動中間距不變，則三球加速度相同，水平向右。設(shè)C球所帶電量為Q，對A求受力分析可知，得C球帶負電，且：
解得
，為負電
對A球受力分析可知
對整體受力分析可知
答：
球帶負電，電荷量為2q，
水平力F的大小為 【解析】通過對整體的受力分析，可知加速度相同，再對A球受力分析，可知C球帶負電，通過在豎直方向受力平衡求出所點電荷量；
通過在水平方向有牛頓第二定律可求出A球產(chǎn)生的加速度，再對整體利用牛頓第二定律求解出所加外力即可。
本題主要考查庫侖定律和牛頓第二定律的應(yīng)用，注重整體法與隔離法的應(yīng)用。
17.【答案】解：粒子從M到N根據(jù)動能定理可得：
解得：；
沿x軸方向有：
沿y軸負方向有：
根據(jù)幾何關(guān)系可得：
根據(jù)速度的合成與分解可得：
聯(lián)立解得：；
從M點運動到P點的過程中，由動能定理得：
由功能關(guān)系可得：
解得：；
粒子在第一象限做類平拋運動，加速度
達到P點豎直方向的速度
水平方向的位移：，
所以P點的橫坐標為。
答：粒子運動到N點時的速度大小為；
粒子運動到P點時的速度大小為；
粒子從M點運動到P點的過程中電勢能的變化量為；
點的橫坐標為。 【解析】粒子從M到N根據(jù)動能定理求解速度大小；
根據(jù)粒子運動的特點求解達到P點時豎直方向的速度大小，根據(jù)速度的合成與分解求解粒子運動到P點時的速度大?。?/span>
由動能定理求解粒子從M點運動到P點的過程中電場力做的功，由功能關(guān)系求解電勢能的變化；
粒子在第一象限做類平拋運動，根據(jù)類平拋運動的規(guī)律求解P點的橫坐標。
有關(guān)帶電粒子在勻強電場中的運動，可以從兩條線索展開：其一，力和運動的關(guān)系。根據(jù)帶電粒子受力情況，用牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合運動學(xué)公式確定帶電粒子的速度和位移等；其二，功和能的關(guān)系。根據(jù)電場力對帶電粒子做功，引起帶電粒子的能量發(fā)生變化，利用動能定理進行解答。
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