2022-2023學年遼寧省沈陽市第二中學等重點高中聯(lián)合體高二上學期期中檢測物理試題（滿分：100分考試時間：75分鐘）注意事項：1.答題時，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡規(guī)定的位置上。2.答選擇題時，必須使用2B鉛筆將答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其他答案標號。3.答非選擇題時，必須使用黑色墨水筆或黑色簽字筆，將答案書寫在答題卡規(guī)定的位置上，寫在試題卷、草稿紙上無效。4.考試結(jié)束后，將試題卷和答題卡一并交回。第I卷（選擇題，共46分）一、選擇題（其中1—7為單選題，每題4分，8—10為多選題，每題6分，漏選得3分，多選錯選不得分）1. 如圖所示，AC水平，M、N兩點固定兩個等量異種點電荷，圖中，OB垂直于MN，則（　?。?/span>A. O點的電場強度為零B. 放在B點的負檢驗電荷受到的靜電力豎直向下C. A點和C點的電場強度相同D. A點和C點的電勢相同【答案】C【解析】【詳解】A．兩個電荷在O點的電場強度均向右，O點的電場強度不為零，方向向右，A錯誤；B．根據(jù)等量異種電荷電場線的分布規(guī)律，直線OB上各點的電場強度方向均水平向右，放在B點的負檢驗電荷受到的靜電力水平向左，B錯誤；C．根據(jù)等量異種電荷電場線的分布規(guī)律，A點和C點的電場強度大小相等，方向相同，均向左，C正確；D．O點電勢等于零，O點左側(cè)的電勢均為正值，O點右側(cè)的電勢均為負值，所以A點電勢為正值，C點的電勢為負值，這兩點的電勢不相同，D錯誤。故選C。2. 兩個相同的帶同種電荷的導電小球所帶電荷量之比為1：5，相距為r時靜電力的大小為F?，F(xiàn)使兩小球接觸后再分開，放到相距為3r處，則此時靜電力的大小為（小球的半徑遠小于球間距離）（　?。?/span>A.  B.  C.  D. 【答案】B【解析】【詳解】兩個相同的帶同種電荷的導電小球所帶電荷量之比為1：5，設帶電量分別為q和5q，相距為r時靜電力的大小為F，根據(jù)庫侖定律有兩個導電小球接觸后再分開, 放到相距為3r處，所帶電荷量均為3q，根據(jù)庫侖定律有聯(lián)立解得故B正確，ACD錯誤。故選B。3. 如圖所示，電子由靜止開始從A板向B板運動，到達B板時速度為v，現(xiàn)保持兩板間的電壓不變，則當減小兩板間的距離時，下列判斷正確的是（　?。?/span>A. 電子的速度v增大 B. 兩板上所帶的電荷量減少C. 電子的速度v不變 D. 電子在兩板間運動的時間變長【答案】C【解析】【詳解】AC.由于電容器直接與電源相連，兩極板之間的距離減小，兩極板之間的電勢差不變，有可知v不變，故A錯誤，C正確；B.由于兩極板之間的距離減小，根據(jù)，可知電容增大，再根據(jù),可知，兩極板上電荷量增多，故B錯誤；D.根據(jù)可知，當d減小時，t減小，故D錯誤。故選C。4. 如圖所示，一不帶電的金屬球殼Q放在絕緣支架上，現(xiàn)在Q的右側(cè)放置一帶負電、不計體積大小的小球A，同樣放在絕緣支架上（球殼Q的半徑遠小于兩球間距）。M、N兩點為A球與球殼Q的球心O連線上的兩點，均在球殼內(nèi)部，分別在球心O的左、右兩側(cè)關(guān)于O點對稱，由于靜電感應，球殼Q的左右兩側(cè)分別帶上等量異種電荷。下列現(xiàn)象描述正確的是（　?。?/span>A. 感應電荷在O點產(chǎn)生電場強度向左B. 感應電荷在M點產(chǎn)生的電場強度與N點等大C. N點離帶電小球A較近，故N點電勢比M點低D. 若將金屬球殼Q的左側(cè)接地，則球殼Q的左側(cè)將帶正電【答案】A【解析】【詳解】A．靜電平衡時，球殼內(nèi)各點的電場強度均等于零，小球A在O點的電場強度向右，則感應電荷在O點產(chǎn)生的電場強度向左，A正確；B．靜電平衡時，球殼內(nèi)各點的電場強度均等于零，根據(jù)點電荷的場強公式，小球A在M點的電場強度小于N點的電場強度，所以感應電荷在M點產(chǎn)生的電場強度小于N點的電場強度，B錯誤；C．靜電平衡時，球殼是個等勢體，球殼內(nèi)各點的電勢等于球殼的電勢，所以N點電勢等于M點電勢，C錯誤；D．若將金屬球殼Q的左側(cè)接地，球殼與地球構(gòu)成一個大導體，達到靜電平衡時，近端（球殼的右端）帶異種電荷，遠端（地球離小球A最遠的一側(cè)）帶同種電荷，其余部分不帶電，則球殼Q的左側(cè)既不是近端也不是遠端不帶電，D錯誤。故選A。5. 如圖所示，有一個表頭G，滿偏電流Ig=500mA，內(nèi)阻Rg=200Ω，把它改裝為有1A和10A兩種量程的電流表，則R1的阻值為（　?。?/span>A. 20Ω B. 50Ω C. 150Ω D. 180Ω【答案】D【解析】【詳解】當量程為I1=1A時，分流電阻的阻值為當量程為I2=10A時，R1與表頭G串聯(lián)，R2的阻值為聯(lián)立解得，故選D。6. 如圖所示A、B、C是平行紙面的勻強電場中的三點，它們之間的距離均為L，電荷量為的電荷由A移動到C電場力做功，該電荷由C移動到B電場力做功，若B點電勢為零，以下說法正確的是（　?。?/span>A. A點電勢為-3VB. C點電勢為3VC. 電場的方向為由A指向CD. 電場的方向為垂直AC指向B【答案】C【解析】【詳解】AB．電荷由C移動到B電場力做功可解得，由于B點電勢零，故，電荷由A移動到C電場力做功可解得，又可解得，AB錯誤；CD．勻強電場中電勢隨距離均勻變化，故A、C中點D電勢為零，BD為電場中等勢面，場強由A指向C，如圖所示，C正確，D錯誤。故選C。7. 如圖甲所示的電路中，電源E的電動勢為3.2V，電阻R的阻值為30Ω，小燈泡L的額定電壓為3.0V，額定功率為4.5W，伏安特性曲線如圖乙所示。當開關(guān)S接位置1時，理想電壓表的示數(shù)為3V，那么當開關(guān)S接到位置2時，下列說法正確的是（  ）A. 小燈泡L正常發(fā)光B 小燈泡L可能被燒壞C. 小燈泡的實際功率約為1.2WD. 小燈泡此時電阻大于2Ω【答案】C【解析】【詳解】AB．當開關(guān)接位置1時，電路中的電流I==A=0.1A由閉合電路歐姆定律U=E-Ir可解得r=Ω=2Ω當開關(guān)接位置2時，設通過燈泡的電流為I，燈泡兩端的電壓為U，從電源角度看I、U還應滿足U=E-Ir即I=-0.5U＋1.6作出電源的I-U圖像如圖所示兩個圖線的交點（1.2V，1.0A）即為實際工作點，小燈泡的電壓小于額定電壓，不能正常發(fā)光，AB錯誤；CD．小燈泡的實際功率P=1.2×1.0W=1.2W電阻R==Ω=1.2Ω電阻小于2Ω，C正確，D錯誤。故選C。8. 有一橫截面積為S的銅導線，流經(jīng)其中的電流為I；設單位體積的導線中有n個自由電子，電子的電荷量為e，此電子的定向移動速率為v，在Δt時間內(nèi)，通過導線橫截面的自由電子數(shù)可表示為（　?。?/span>A. nvSΔt B. nvΔt C.    D.   【答案】AC【解析】【詳解】CD．根據(jù)電流的定義式在△t時間內(nèi)通過導體橫截面的自由電子的電量q=I△t則在△t時間內(nèi)，通過導體橫截面的自由電子的數(shù)目為故C正確，D錯誤；AB．橫截面積為S的銅導線，流經(jīng)其中的電流為I，設每單位體積的導線中有n個自由電子，每個自由電子的電荷量為e，此時電子定向移動的速率為v，則I=nevS聯(lián)立可得N=nvS△t故A正確，B錯誤。故選AC。9. 如圖所示的電場中有A、B兩點，下列判斷正確的是（　　）A. 電勢，場強B. 電勢，場強C. 將正電荷從A點移到B點，電場力做正功，電勢能減少D. 將同一負電荷分別放在A、B兩點，電荷具有的電勢能【答案】C【解析】【詳解】AB．沿著電場線的方向，電勢逐漸降低，所以；電場線的疏密反映了電場的強度，所以，故A、B錯誤；C．正電荷沿著電場線的方向運動時，電場力做正功，電勢能減少，故C正確；D．同一負電荷在電勢較高處的電勢能小于其在電勢較低處的電勢能，所以同一負電荷在A、B兩點的電勢能，故D錯誤。故選C。10. 如圖所示，A為粒子源，A和極板B間的加速電壓為，兩水平放置的平行帶電板CD間的電壓為?，F(xiàn)有質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從A處由靜止釋放，被加速電壓加速后水平進入豎直方向的勻強電場，最后從右側(cè)射出。平行板CD的長度為L，兩板間的距離為d，不計帶電粒子的重力，則下列說法正確的是（　　）A. 帶電粒子射出B板時的速度B. 帶電粒子在CD極板間運動的時間C. 帶電粒子飛出CD間電場時在豎直方向上發(fā)生的位移D. 若同時使和加倍，則帶電粒子在飛出CD極板間電場時的速度與水平方向的夾角不變【答案】BD【解析】【詳解】A．粒子從粒子源A到B板的過程，由動能定理得解得故A錯誤；B．粒子進入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，則粒子在CD間的運動時間為故B正確；C．粒子飛出CD間時在豎直方向發(fā)生的位移為又聯(lián)立，可得故C錯誤；D．若粒子飛出CD極板間時速度與水平方向夾角為，則聯(lián)立可得若同時使和加倍，則帶電粒子在飛出CD極板間電場時的速度與水平方向的夾角不變。故D正確。故選BD。第II卷（非選擇題，共54分）二、實驗題（每空2分，共16分）11. 在“測定金屬絲電阻率”的實驗中，某同學進行了如下操作。（1）用毫米刻度尺測得接入電路中的金屬絲的有效長度為L，再用螺旋測微器測量金屬絲的直徑D，如圖甲所示，則D=___________mm。（2）用“伏安法”測量該金屬絲的阻值，電路圖如圖乙所示。除電源（電動勢為4V，內(nèi)阻不計）、電流表A（量程為30mA，內(nèi)阻約1Ω）、電壓表V（量程為3V，內(nèi)阻約3kΩ）、待測金屬絲（阻值約為200Ω）、導線、開關(guān)外，滑動變阻器應選用___________（填以下給定器材前的字母）。電壓表的左端應與電路中的___________（填“a”或“b”）點相連。A．滑動變阻器R1（總阻值為50Ω，額定電流為2A）B．滑動變阻器R2（總阻值為200Ω，額定電流為2A）（3）若某次測量中，電壓表和電流表示數(shù)分別為U和I，請用上述直接測得的物理量（D、L、U、I）寫出金屬絲的電阻率的表達式，即___________。【答案】    ①. 1.417    ②. B    ③. a    ④. 【解析】【詳解】（1）[1]螺旋測微器的讀數(shù)為固定刻度與可動刻度之和，所以圖中所測金屬絲的直徑為（2）[2]因為金屬絲的電阻約為200Ω，測量時為了保證電壓表的安全，電路中的最大電流為解得可知滑動變阻器的阻值應大于66.7Ω。故選B。[3]因為所以電流表采用內(nèi)接法，電壓表的左端應與a端相連；（3）[4]根據(jù)電阻定律解得12. 某實驗小組用如圖甲所示電路，測量直流電源的電動勢E和內(nèi)阻r。實驗器材有：待測直流電源E，定值電阻R0（阻值為6.5Ω），理想電流表A（量程為0~0.6A），電阻箱R（阻值范圍0~99.9Ω），開關(guān)S，導線若干。（1）閉合開關(guān)S，多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱示數(shù)R和對應的電流表示數(shù)I，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出圖像如圖乙所示，由圖像可得該電源的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________Ω。（保留兩位有效數(shù)字）（2）忽略實驗中的偶然誤差，用以上實驗方法測出的電源電動勢E與其真實值相比___________，電源內(nèi)阻r的測量值與其真實值相比___________。（均填“偏大”“偏小”或“相等）【答案】    ①. 4.0    ②. 1.5    ③. 等于    ④. 偏大【解析】【詳解】（1）[1][2]根據(jù) 解得 根據(jù)圖像得 解得 （2）[3][4]把電源E、定值電阻R0、電流表A看成等效電源，電源電動勢的測量值等于開路電壓，所以用以上實驗方法測出的電源電動勢E與其真實值相比相等；電源內(nèi)阻的測量值等于電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻之和，所以電源內(nèi)阻r的測量值與其真實值相比偏大。三、計算題（本大題共3小題，13題10分，14題12分，15題16分）13. 如圖所示，空間有一水平向右的勻強電場，半徑為R的絕緣光滑圓軌道固定在豎直平面內(nèi)，O是圓心，AB是豎直方向的直徑，CD是水平方向的直徑。一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的小球在軌道內(nèi)側(cè)的P點處于靜止，OP與水平方向的夾角。當小球獲得沿切線方向的初速度后，恰能沿軌道做完整的圓周運動，重力加速度為g。求：（1）電場強度E的大?。?/span>（2）小球在運動過程中的最小速率v。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）小球靜止在圓軌道P點，此時合力為零，有qE·tanθ=mg解得（2）小球運動到PO延長線與AC的交點時速度最小，此時對軌道的壓力為零解得14. 用如圖甲所示裝置提升重物，重物勻速上升時的位移與時間的關(guān)系圖線如圖乙所示，電壓表和電流表測得電動機的輸入電壓和輸入電流與時間的關(guān)系圖像分別如圖丙、丁所示。電動機提升的重物的質(zhì)量為g，不計一切摩擦及電表內(nèi)阻的影響，g取10。求：（1）該電源的電動勢與內(nèi)阻；（2）該電動機在如圖乙所示時間內(nèi)的效率；（3）該電動機的內(nèi)阻。（保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1），；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律將，和 ，代入得，（2）電動機的輸入功率為電動機的輸出功率為電動機的效率為得（3）電動機穩(wěn)定工作時，根據(jù)焦耳定律又得15. 如圖甲所示，在xOy直角坐標系第一象限內(nèi)有等腰三角形ABC的區(qū)域，AB邊的長度為L且與x軸平行，區(qū)域內(nèi)有水平向左的勻強電場，電場強度大小為；在第二象限內(nèi)有邊長為L的正方形BOEF區(qū)域，區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強電場（電場強度大小未知）?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的正粒子從AC的中點P由靜止釋放，恰好通過E點，不計粒子的重力，則（1）求BOEF區(qū)域內(nèi)的電場強度大??；（2）求粒子從P點運動到E點的時間；（3）在保持BOEF區(qū)域電場強度不變的情況下，將正方形電場區(qū)域分成BOMN和GHEF相等的兩部分，并將GHEF區(qū)域向左平移一段距離，如圖乙所示。若把粒子從第一象限內(nèi)的A點由靜止釋放，要使粒子仍從E點射出，求GHEF區(qū)域平移的距離x。【答案】（1）；（2）；（3）3L【解析】【詳解】（1）粒子從P點運動到BC中點過程中由動能定理在BOEF區(qū)域內(nèi)，由牛頓第二定律水平方向上豎直方向上解得（2）在加速電場中運動時間在偏轉(zhuǎn)電場中運動時間在無場區(qū)域運動時間所以粒子從P運動到E點時間（3）帶電粒子從A到B由動能定理帶電粒子在區(qū)域BOMN中豎直方向速度速度偏轉(zhuǎn)角帶電粒子在兩個區(qū)域內(nèi)偏轉(zhuǎn)距離由幾何關(guān)系得解得  

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