伊美區(qū)二中2019--2020學(xué)年度第一學(xué)期第一階段考試高二物理試題（考試時間90分鐘，滿分100分）一、選擇題（本大題共12小題，共48分。其中1——8小題只有一個選項是正確的，9—12小題有多個選項是正確的，全對得4分，選對但不全的得2分，有錯選或不答的得0分。）                                                                   1.關(guān)于元電荷的解釋，下列說法正確的是（ ）。①元電荷就是電子 ②元電荷跟電子所帶的電荷量數(shù)值相等 ③基本電荷就是質(zhì)子 ④物體所帶的電荷只能是元電荷的整數(shù)倍A． ①②       B． ③④   C． ①③      D． ②④2.用一根跟毛皮摩擦過的硬橡膠棒，靠近不帶電驗電器的金屬小球a圖），然后用手指瞬間接觸一下金屬桿c后拿開橡膠棒，這時驗電器小球a和金箔b的帶電情況是A．a帶正電，b帶負電       B．a、b均帶負電C．a、b均帶正電            D．a帶負電，b帶正電   （2題圖）          （3題）           （5題圖）   （6題圖）3.如圖所示，+Q1和+Q2是兩個可自由移動的電荷，Q2=4Q1．現(xiàn)再取一個可自由移動的點電荷Q3放在Q1與Q2連接的直線上，欲使整個系統(tǒng)平衡，那么A．Q3應(yīng)為負電荷，放在Q1的右邊      B．Q3應(yīng)為負電荷，放在Q2的右邊C．Q3應(yīng)為正電荷，放在Q1的左邊      D．Q3應(yīng)為正電荷，放在Q2的右邊4.真空中兩個點電荷，它們之間的靜電力為F，如果將兩個點電荷的距離增大為原來的2倍，電量都增大為原來的2倍.它們之間靜電力的大小為(  )A．F/2            B．F            C． 2F           D． 4F、5.某電場的電場線分布如圖所示，將某點電荷分別放在、(在左邊，在右邊)兩點，則點電荷所受的電場力的大小關(guān)系是（  ）A．  B．  C．   D． 無法確定6.某電場線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示途徑運動，先后通過M點和N點.以下說法正確的是（  ）A．M、N點的場強EM＞ENB． 粒子在M、N點的加速度aM＞aNC． 粒子在M、N點的速度VM＞VN             D． 粒子帶正電7.下列說法中正確的是（　?。?/span>A． 正電荷放于電勢越低處，電勢能越小B． 負電荷放于電場線越密處，電勢能越小C． 正電荷由電勢低處移到電勢高處，電場力作正功D． 負電荷沿電場線移動電勢能減小8.一電量q=2×10﹣9C的正電荷，在靜電場中由a點移到b點的過程中除了電場力外，其它力做功為6×10﹣5J，電荷的動能增加了8×10﹣5J，則a、b兩點間的電勢差Uab為.A． 3×104V       B． 1×104V     C． 4×104V     D． 7×104V9、(多選)如圖所示的電路中，A、B是兩金屬板構(gòu)成的平行板電容器．先將電鍵K閉合，等電路穩(wěn)定后再將K斷開，然后將B板向下平移一小段距離，并且保持兩板間的某點P與A板的距離不變．則下列說法正確的是(　　)A． 電容器的電容變小                B． 電容器內(nèi)部電場強度大小變大C． 電容器內(nèi)部電場強度大小不變      D．P點電勢升高10、 (多選)噴墨打印機的簡化模型如圖所示．重力可忽略的墨汁微滴，經(jīng)帶電室?guī)ж撾姾?，以速?/span>v垂直勻強電場飛入極板間，最終打在紙上．則微滴在極板間電場中(　　)A． 向正極板偏轉(zhuǎn)           B． 電勢能逐漸增大C． 運動軌跡是拋物線       D． 運動軌跡與帶電量無關(guān)11、(多選)如圖所示，在－Q形成的電場中，有a、b、c三點，它們到點電荷的距離為ra<rb<rc，且Uab＝Ubc.則(　　)A．a點電勢高于c點電勢                                  B．a點場強比c點場強大C． 同一負電荷放在c點比放在a點的電勢能大D． 同一負電荷由a點移到b點與由b點移到c點電場力做功相同 12(多選)一個點電荷，從靜電場中的a點移到b點，電場力做功為零，則(　　)A．A、B兩點的場強一定相等B． 作用在該電荷上的電場力與其移動方向總是垂直的C．A、B兩點間的電勢差一定為零    D． 電荷在A、B兩點的電勢能不變第Ⅱ卷（非選擇題　共52分）二。填空題．本題共有2小題，共12分兩個點電荷甲和乙同處于真空中．（1）甲的電量是乙的4倍，則甲對乙的作用力是乙對甲的作用力的______倍．（2）若把每個電荷的電量都增加為原來的2倍，那么它們之間的相互作用力變?yōu)樵瓉淼?/span>______倍；14. A、B兩帶電平行板間電場強度E＝6×103 N/C，兩板間距離為5cm，電場中P1點距A板0.5cm，B板接地，如下圖所示．那么A、B兩板電壓為______V，P1點電勢為________V.    三、計算題（要有必要的文字說明和步驟，直接寫出正確答案不得分,共40分）15、（8分）庫侖定律告訴我們：真空中兩個靜止點電荷之間的相互作用力，跟它們電荷量的乘積成正比，跟它們距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上．現(xiàn)假設(shè)在真空中有兩個帶正電的點電荷，電荷量均為Q=l C，它們之間的距離r=1 m．靜電力常量k=9.0×109N?m2/C2．（1）問這兩個點電荷之間的靜電力是引力還是斥力？（2）求這兩個點電荷之間的靜電力大小F．16．（12分）質(zhì)量為m的帶電小球帶電量為+q，用絕緣細線懸掛在水平向左的勻強電場中，平衡時絕緣細線與豎直方向成30°角,重力加速度為g.求電場強度的大小.17.（10分）如圖所示的勻強電場中，有a、b、c三點，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60°角，一個電荷量為q= 4×10-8C的正電荷從a移到b點電場力做功為W1=1.2×10-6J.求：（1）勻強電場的場強E=？（2）電荷從b點移到c點，電場力做功W2=？（3）a、c兩點的電勢差Uac=？18．（10分）一不計重力的帶電粒子質(zhì)量為m，電量為+q，經(jīng)一電壓為U1的平行板電容器C1加速后，沿平行板電容器C2兩板的中軸進入C2，恰好從C2的下邊緣射出.已知C2兩板間電壓為U2，長為L，如圖所示.求平行板電容器C2上下兩極板間距離d.
答案解析1.【答案】D【解析】電荷又稱“基本電量”，在各種微粒，電子電荷量大小最小，人們把最小電荷叫做元電荷，電荷是跟一個電子所帶電荷量數(shù)值相等的電，但既不是電子，也不是質(zhì)子，任何帶電體所帶電荷量都是元電荷的整數(shù)倍，D正確。2.【答案】C【解析】毛皮摩擦過的硬橡膠棒帶負電；由于人和地球都是導(dǎo)體，用手指瞬間接觸金屬桿c時，人、地球和驗電器構(gòu)成一個整體，在帶負電荷的橡膠棒的影響下發(fā)生靜電感應(yīng)，近端帶正電；移開手指后，驗電器上的正電荷不會再改變，故驗電器帶正電，再移開橡膠棒后，驗電器上的正電荷不會再改變；故C正確，ABD錯誤．3.【答案】A【解析】假設(shè)Q3放在Q1Q2之間，那么Q1對Q3的電場力和Q2對Q3的電場力方向相同，Q3不能處于平衡狀態(tài)，所以假設(shè)不成立．設(shè)Q3所在位置與Q1的距離為r13，Q3所在位置與Q2的距離為r23，要能處于平衡狀態(tài)，所以Q1對Q3的電場力大小等于Q2對Q3的電場力大?。?/span>即：由于Q2=4Q1，所以r23=2r13，所以Q3位于Q1的左方．根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，可判斷Q3帶負電．故選A．4.【答案】B【解析】由庫侖定律的公式F=k知，將它們的電量都增大為原來的2倍，它們之間的距離增加為原來的2倍，則它們之間的靜電力大小變?yōu)?/span>，故B正確.5.【答案】A【解析】從圖中可以看出，a點的電場線比b點的電場線疏，所以b點的電場強度大；根據(jù)公式可得：試探電荷在b點受到的電場力大，A正確.6.【答案】D【解析】電場線的疏密程度表電場強度的大小，可知EM＜EN，故A錯誤；電場力，根據(jù)牛頓第二定律，加速度，EM＜EN，則aM＜aN，故B錯誤；根據(jù)曲線運動的規(guī)律，作出粒子的速度方向和所受電場力的方向，電場力與速度方向之間的夾角為銳角，說明電場力對粒子做正功，電勢能減小，動能增大，速度增大，vM＜vN，故C錯誤；粒子所受電場力的方向與電場線的切線方向相同，說明粒子帶正電，故D正確.7.【答案】A【解析】根據(jù)推論可知，正電荷放于電勢越低處，電勢能越?。?/span>A正確．負電荷放于電場線越密處，電場強度越大，受到的電場力大，但電勢能不一定越?。?/span>B錯誤．正電荷由電勢低處移到電勢高處，電荷的電勢能增加，則電場力做負功．故C錯誤．負電荷受到的電場力的方向與電場線的方向相反，順著電場線移動，負電荷電勢能增大．故D錯誤．故選A.8.【答案】B【解析】根據(jù)動能定理得：qUab+W其他=Ek得：Uab==V=1×104V故選：B9【答案】ACD【解析】充電完成后，電鍵斷開，電容器所帶電荷量不變，將B板向下平移一小段距離，d增大，由C＝可知電容C減小，再由Q＝CU，U＝Ed，可知E＝，場強不變．B板接地，電勢為零，根據(jù)U＝Ed，所以P點的電勢升高．10、【答案】AC【解析】帶負電的微滴進入電場后受到向上的靜電力，故帶電微滴向正極板偏轉(zhuǎn)，選項A正確；帶電微滴垂直進入電場受豎直方向的靜電力作用，靜電力做正功，故墨汁微滴的電勢能減小，選項B錯誤；根據(jù)x＝v0t，y＝at2及a＝，得帶電微滴的軌跡方程為y＝，即運動軌跡是拋物線，與帶電量有關(guān)，選項C正確，D錯誤．11、【答案】BD【解析】由孤立負點電荷電場線和等勢面的分布知B正確；因φc>φa，同一負電荷在電勢低處電勢能大，C錯誤；因Uab＝Ubc，據(jù)W＝qU知Wab＝Wbc，D正確．12【答案】CD【解析】電場的特點、點電荷移動的軌跡都不知道，故與電場的強度無關(guān)．故A、B錯誤；點電荷從a點移到b點的過程中，電場力做功為零，說明了兩點之間的電勢差為0，故C正確；由電場力做功可知，在A、B兩點的電勢能不變，故D正確．二．填空題(共計12分)13. 1倍  4倍14. 300?。?/span>270三．計算題（要有必要的文字說明和步驟，直接寫出正確答案不得分,共40分）15、【答案】（1）斥力 （2）9×109N【解析】解：（1）由于兩個電荷都是正電荷，因此這兩個點電荷之間的靜電力是斥力．故這兩個點電荷之間的靜電力是斥力．（2）根據(jù)庫侖定律有：，代人數(shù)據(jù)得：F=9×109N．故這兩個點電荷之間的靜電力大小F=9×109N． 16．（8分）解：對小球，由平衡條件得水平方向：              ①  (2分)豎直方向：            ② (2分)解得：                         (2分)17. （12分）      ……………（4分）（2） ……………（4分）（3）……（4分） 18. (8分) 解：設(shè)粒子進入平行板電容器C2時速度為v，則  …………………………………①  (2分)設(shè)粒子在平行板電容器C2中運動的加速度為a，運動時間為t，則………………………………………②  (1分)由牛頓第二定律得     …………………………     ③ (1分)其中   …………………………    ④ (1分)……………………………………………  (1分)解得 ………………………………⑤  (2分)     

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