1．某同學(xué)利用無(wú)人機(jī)攜帶的速度記錄儀記錄它的運(yùn)動(dòng)情況，若某次試驗(yàn)時(shí)無(wú)人機(jī)從地面豎直向上起飛至返回地面的20s內(nèi)的v-t圖像如圖所示，則本次試驗(yàn)中（ ）
A．畫(huà)v-t圖像時(shí)取向上為正方向
B．上升的最大速度為3m/s
C．全過(guò)程中最大加速度是0.75m/s2
D．上升到最大高度用了8s鐘時(shí)間
2．我國(guó)發(fā)射了嫦娥號(hào)系列衛(wèi)星，其中嫦娥二號(hào)可以在離月球比較近的圓軌道a上運(yùn)動(dòng)，嫦娥一號(hào)可以在離月球比較遠(yuǎn)的圓軌道b上運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是:（ ）
A．在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的周期大于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的周期
B．在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的加速度大于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的加速度
C．在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的線速度小于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的線速度
D．在a上運(yùn)行的衛(wèi)星的角速度小于在b上運(yùn)行的衛(wèi)星的角速度
3．如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10∶1，A、V均為理想電表，R為光敏電阻(其阻值隨光強(qiáng)增大而減小)，L1和L2是兩個(gè)完全相同的燈泡.原線圈接入如圖乙所示的正弦交流電壓u，下列說(shuō)法正確的是( )
A．電壓u的頻率為100 Hz
B．電壓表V的示數(shù)為22 V
C．當(dāng)光強(qiáng)增大時(shí)，變壓器的輸入功率變大
D．當(dāng)L1的燈絲燒斷后，V示數(shù)變小
4．人眼對(duì)綠光最為敏感，而綠光其實(shí)是由綠光光子組成的。每個(gè)綠光光子的能量約為3. 6eV，人眼若在每秒鐘內(nèi)接受到3個(gè)綠光光子，就能產(chǎn)生視覺(jué)。則能引起視覺(jué)時(shí)，每秒鐘進(jìn)入人眼的最少光能大約為（ ）
A．B．
C．D．
5．如圖甲所示，abcd是匝數(shù)為100匝、邊長(zhǎng)為10 cm、總電阻為0.1 Ω的正方形閉合導(dǎo)線圈，放在與線圈平面垂直的圖示勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示，則以下說(shuō)法不正確的是（ ）
A．導(dǎo)線圈中產(chǎn)生的是交變電流
B．在t＝2.5 s時(shí)導(dǎo)線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1 V
C．在0～2 s內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量為20 C
D．在0～2 s內(nèi)，導(dǎo)線圈ad邊受到向右的增大的安培力
6．如圖所示，真空中同一平面內(nèi)固定兩點(diǎn)電荷+2Q和-Q，以點(diǎn)電荷+2Q為圓心的圓上有a、b、c、d四點(diǎn)，其中b點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線與圓的交點(diǎn)，a、c兩點(diǎn)關(guān)于連線對(duì)稱，ad為圓的直徑，且d距-Q較遠(yuǎn)。當(dāng)電子經(jīng)過(guò)這四點(diǎn)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是( )
A．b處電勢(shì)能最大B．d處電勢(shì)能最大
C．d處電場(chǎng)力最大D．a(chǎn)、c兩處電場(chǎng)力相同
7．將兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球a、b用細(xì)線相連后，再用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，如圖所示．用力F拉小球b，使兩個(gè)小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且細(xì)線Oa與豎直方向的夾角保持θ=30°，則F的最小值為（ ）
A．mgB．mgC．mgD．mg
二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
8．法拉第圓盤(pán)發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示。銅圓盤(pán)安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別于圓盤(pán)的邊緣和銅軸接觸，圓盤(pán)處于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，圓盤(pán)旋轉(zhuǎn)時(shí)，關(guān)于流過(guò)電阻R的電流，下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度恒定，則電流大小恒定
B．若從上往下看，圓盤(pán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，則電流沿a到b的方向流動(dòng)
C．若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化
D．若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則R上的電流也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍
9．如圖所示，光滑平臺(tái)與長(zhǎng)m的水平傳送帶等高平滑連接，輕質(zhì)彈簧自由伸長(zhǎng)時(shí)右端剛好與平臺(tái)右端對(duì)齊?，F(xiàn)用質(zhì)量為kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊壓縮彈簧并鎖定，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為J。水平傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的速度為m/s，某時(shí)刻彈簧解除鎖定，小滑塊被彈出滑塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度g取10m/s2，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)。下列說(shuō)法正確的是（ ）
A．小滑塊在傳送帶上一直做減速運(yùn)動(dòng)
B．當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端的過(guò)程中克服摩擦力做功為12J
C．若小滑塊與傳送帶有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)在傳動(dòng)帶上留下痕跡，則痕跡長(zhǎng)度為1m
D．當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端的過(guò)程中摩擦產(chǎn)生的熱量為10J
10．跳臺(tái)滑雪是第24屆北京冬奧會(huì)的一個(gè)項(xiàng)目，比賽中運(yùn)動(dòng)員穿專用滑雪板，在滑雪道上獲得一定速度后從跳臺(tái)飛出，在空中飛行一段距離后著陸。如圖所示，若運(yùn)動(dòng)員從跳臺(tái)A處以的初速度水平飛出，在平直斜坡B處著陸。若斜坡的傾角為37°，不計(jì)空氣阻力，，sin37°=0.6，cs37°=0.8。則（ ）
A．運(yùn)動(dòng)員在B處時(shí)速度與水平方向夾角為74°
B．運(yùn)動(dòng)員在B處著陸時(shí)的速度大小是25m/s
C．運(yùn)動(dòng)員在空中到坡面的最大距離為9m
D．A，B間的距離為75m
三、非選擇題：共54分。第11~14題為必考題，每個(gè)試題考生必須作答。第15~16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。
11．小明同學(xué)利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，其中紅外線發(fā)射器、接收器可記錄小球的擋光時(shí)間。小明同學(xué)進(jìn)行了如下操作：
（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑為 mm.
（2）該小球質(zhì)量為m，直徑為d.現(xiàn)使小球從紅外線的正上方高為h處自由下落，記錄小球擋光時(shí)間t，已知重力加速度為g，則小球下落過(guò)程中動(dòng)能增加量的表達(dá)式為ΔEk= ，重力勢(shì)能減少量的表達(dá)式為ΔEp= （均用所給字母表示）
12．一探究小組要測(cè)定一節(jié)舊電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，現(xiàn)有一個(gè)電流表表頭G（600Ω、1.5mA）和兩個(gè)電阻箱R1（0.01﹣99.99Ω）、R2（1～9999Ω）。探究小組用表頭改裝成一個(gè)滿偏電流為0.6A的電流表用以測(cè)量。
（1）在圖甲中補(bǔ)充完整實(shí)驗(yàn)電路圖，并在圖中標(biāo)明R1、R2；
（2）按電路圖連接實(shí)驗(yàn)電路，將其中一個(gè)電阻箱調(diào)至確定值，另一電阻箱調(diào)至一定的值，閉合開(kāi)關(guān)S，保持 （填“R1”或“R2”）不變，多次調(diào)節(jié)另一電阻箱阻值R，并記錄與其對(duì)應(yīng)的改裝后的電流表的讀數(shù)J描點(diǎn)做出了﹣R的圖象如圖乙根據(jù)圖象可知，電池電動(dòng)勢(shì)E＝ V，內(nèi)阻r＝ Ω（不考慮電流表的內(nèi)阻）；
（3）實(shí)驗(yàn)中的相對(duì)誤差＝ ×100%．本實(shí)驗(yàn)中，求電池內(nèi)阻時(shí)因改裝后電流表的內(nèi)阻帶來(lái)的相對(duì)誤差為 %（保留三位有效數(shù)字）。
13．如圖所示，一輛質(zhì)量為M=3kg的小車A靜止在光滑的水平面上，小車上有質(zhì)量為m=1kg的光滑小球B，將一輕質(zhì)彈簀壓縮并鎖定，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep=6J，小球與小車右壁距離為L(zhǎng)，解除鎖定，小球脫離彈簧后與小車右壁的油灰阻擋層碰撞并被粘住，求：
（1）小球脫離彈簧時(shí)小球和小車各自的速度大小；
（2）在整個(gè)過(guò)程中，小車移動(dòng)的距離。
14．如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.3m正方形邊界abcd中有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一質(zhì)量m=8×10﹣26kg、電荷量q=8×10﹣19C的粒子（重力不計(jì)）從邊界ad上某點(diǎn)D以某個(gè)速度射入．粒子從cd中點(diǎn)P孔射出，再經(jīng)小孔Q進(jìn)入相互正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，區(qū)域?qū)挾葹?L，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=5×105V/m，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=1T、方向垂直紙面向里，已知粒子經(jīng)過(guò)QM正中間位置時(shí)有一段時(shí)間△t撤去了勻強(qiáng)電場(chǎng)．虛線ef、gh之間存在著水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2=0.25T（圖中未畫(huà)出）．有一塊折成等腰直角的硬質(zhì)塑料板ABC（不帶電，寬度很窄，厚度不計(jì)）放置在ef、gh之間（截面圖如圖），CB兩點(diǎn)恰在分別位于ef、gh上，AC=AB=0.3m，a=45°．粒子恰能沿圖中虛線QM進(jìn)入ef、gh之間的區(qū)域，π取3．
（1）Dd距離；
（2）已知粒子與硬質(zhì)塑料相碰后，速度大小不變，方向變化遵守光的反射定律．粒子從Q到gh過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和路程分別是多少？
15．（1）下列說(shuō)法正確的是.
A．做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能
B．當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，外界對(duì)氣體一定做正功
C．飽和汽的體積越大，飽和汽壓越大
D．單晶體和多晶體都具有確定的熔點(diǎn)
E．氣體能夠充滿容器的整個(gè)空間，是氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的結(jié)果
（2）如圖所示，長(zhǎng)為h的水銀柱將，上端封閉的玻璃管內(nèi)氣體分隔成上、下兩部分，A處管內(nèi)、外水銀面相平，上部分氣體的長(zhǎng)度為H，現(xiàn)將玻璃管緩慢豎直向下按壓一定高度，穩(wěn)定時(shí)管中上部分氣體壓強(qiáng)為p0，已知水銀的密度為ρ，重力加速度為g，大氣壓強(qiáng)為p0，該過(guò)程中氣體的溫度保持不變。求：
①玻璃管向下按壓前，上部分氣體的壓強(qiáng)p；
②玻璃管向下按壓后，上部分氣體的長(zhǎng)度H'．
16．（1）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播。波速為10m/s。在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，坐標(biāo)分別為xP = 1m，xQ = 6m。波傳播到P點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，該點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示，則簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為 m，經(jīng)過(guò) s，Q點(diǎn)第一次到達(dá)正向最大位移處。
（2）如圖，一個(gè)半徑為R的玻璃球，O點(diǎn)為球心。球面內(nèi)側(cè)單色點(diǎn)光源S發(fā)出的一束光在A點(diǎn)射出，出射光線AB與球直徑SC平行，θ = 30°。光在真空中的傳播速度為c。求：
（i）玻璃的折射率；
（ii）從S發(fā)出的光線經(jīng)多次全反射回到S點(diǎn)的最短時(shí)間。
答案
1．D
【解答】A．無(wú)人機(jī)從地面豎直向上起飛至返回地面，由題圖可知，畫(huà)v-t圖像時(shí)取向上為負(fù)方向，A不符合題意；
B．因?yàn)槿∠蛏蠟樨?fù)方向，所以上升的最大速度為－2m/s，B不符合題意；
C．v-t圖像的斜率表示加速度，最大加速度是
負(fù)號(hào)表示加速度方向向上。C不符合題意；
D．由題圖可知在0～8s是上升階段，所以上升到最大高度用了8s鐘時(shí)間，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】v-t圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速速度，v-t圖像與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積表示物體運(yùn)動(dòng)的位移，從而進(jìn)行分析判斷。
2．B
【解答】A.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力
解得
即軌道半徑越大，周期越大，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行的周期小于在b上運(yùn)行的周期.A不符合題意.
B.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力
解得
即軌道半徑越大，加速度越小，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行時(shí)的加速度大于在b上運(yùn)行時(shí)的加速度.B符合題意.
C.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力
解得
即軌道半徑越大，速度越小，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行的線速度大于在b上運(yùn)行的線速度.C不符合題意.
D.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力
解得
即軌道半徑越大，角速度越小，故衛(wèi)星在a上運(yùn)行的角速度大于在b上運(yùn)行的角速度.D不符合題意.
故答案為：B
【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力，結(jié)合衛(wèi)星的軌道半徑，根據(jù)向心力公式列方程比較衛(wèi)星線速度、角速度、加速度的大小即可。
3．C
【解答】電壓的頻率 QUOTE ，A不符合題意；初級(jí)電壓有效值為220V，故次級(jí)電壓有效值為22V，所以電壓表的示數(shù)小于22V，B不符合題意；當(dāng)光強(qiáng)變大時(shí)，R的阻值減小，次級(jí)電阻減小，電流變大，則初級(jí)電流變大，變壓器輸入功率變大，C符合題意；當(dāng)L1燈絲斷后，因次級(jí)電壓不變，則L2上的電壓不變，則V的示數(shù)不變，D不符合題意；
故答案為：C.
【分析】利用周期的大小可以求出頻率的大?。焕幂斎腚妷旱姆逯悼梢郧蟪鲭妷旱挠行е?，結(jié)合匝數(shù)比值可以求出輸出電壓的大小，結(jié)合回路中分壓關(guān)系可以判別電壓表的讀數(shù)小于輸出電壓；當(dāng)光照強(qiáng)度變大時(shí)其電阻變小導(dǎo)致輸出電流變大則輸入功率隨輸入電流的增大而增大；當(dāng)燈絲斷開(kāi)后其輸出電壓不變所以電壓表的讀數(shù)不變。
4．D
【解答】人眼對(duì)綠光最為敏感，人眼若在每秒鐘內(nèi)接受到3個(gè)綠光光子，就能產(chǎn)生視覺(jué)；能引起視覺(jué)時(shí)，每秒鐘進(jìn)入人眼的最少光能．
故答案為：D
【分析】利用單位的換算結(jié)合光子的數(shù)量可以求出每秒進(jìn)入人眼的光能大小。
5．B
【解答】A．根據(jù)楞次定律可知，在0～2s內(nèi)的感應(yīng)電流方向與2s～3s內(nèi)的感應(yīng)電流方向相反，即為交流電，A正確，不符合題意；
B．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，2.5s時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于2s到3s內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，則有
B錯(cuò)誤，符合題意；
C．在0～2s時(shí)間內(nèi)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為
再根據(jù)歐姆定律
根據(jù)
C正確，不符合題意；
D．根據(jù)楞次定律可得，線圈的電流方向是逆時(shí)針，則導(dǎo)線ad受到的安培力方向是水平向右，根據(jù)磁場(chǎng)感應(yīng)強(qiáng)度逐漸增大，電流強(qiáng)度和導(dǎo)線ad長(zhǎng)不變，則安培力增大，D正確，不符合題意。
故答案為：B。
【分析】根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，結(jié)合歐姆定律得出感應(yīng)電流的大小，利用電流的定義式得出通過(guò)導(dǎo)線橫截面的電荷量。
6．A
【解答】AB．先比較電勢(shì)，若只有+2Q，四點(diǎn)的電勢(shì)相同，若只有-Q，d點(diǎn)的電勢(shì)最高，b點(diǎn)電勢(shì)最低，若兩個(gè)電荷同時(shí)存在，d點(diǎn)電勢(shì)也是最高的，b點(diǎn)的電勢(shì)也是最低的。負(fù)電荷的電勢(shì)越低，電勢(shì)能越大，則電子在b點(diǎn)的電勢(shì)能最大，在d點(diǎn)的電勢(shì)能最小，A符合題意，B不符合題意；
CD．若只有+2Q，四點(diǎn)的電場(chǎng)力大小相等，方向不同，若只有-Q，b點(diǎn)的電場(chǎng)力最大，d點(diǎn)的電場(chǎng)力最小，根據(jù)平行四邊形法則作圖可知，b點(diǎn)電場(chǎng)力最大，等于兩個(gè)電場(chǎng)力之和，d點(diǎn)電場(chǎng)力最小，a、c兩處的電場(chǎng)力大小相等，方向不同，所以CD都錯(cuò)誤。
故答案為：A。
【分析】利用點(diǎn)電荷的電勢(shì)公式可以比較各處電勢(shì)的大小，利用電場(chǎng)線的疏密可以比較電場(chǎng)力的大小，利用場(chǎng)強(qiáng)的方向可以判別電場(chǎng)力的方向。
7．A
【解答】解：以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，分析受力，作出F在三個(gè)方向時(shí)整體的受力圖，根據(jù)平衡條件得知：F與T的合力與重力mg總是大小相等、方向相反，由力的合成圖可知，當(dāng)F與繩子a垂直時(shí)，F(xiàn)有最小值，即圖中2位置，F(xiàn)的最小值為：
根據(jù)平衡條件得：F=2mgsin30°=mg
故選：A
【分析】以兩個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，當(dāng)F垂直于Oa線時(shí)取得最小值，根據(jù)平衡條件求解F的最小值．
8．A,B,D
【解答】AB．銅盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為
B、L、ω不變，E不變，電流大小恒定不變，由右手定則可知，回路中電流方向不變，若從上往下看，圓盤(pán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，由右手定則知，電流沿a到b的方向流動(dòng)，AB符合題意；
C．若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向不變，大小變化，C不符合題意；
D．若圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，電動(dòng)勢(shì)變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，D符合題意。
故答案為：ABD。
【分析】利用導(dǎo)體棒切割磁感線可以求出動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的大小，由于其角速度恒定可以判別其電流大小恒定；利用右手定則可以判別其電流的方向；當(dāng)其角速度大小發(fā)生改變時(shí)其電流方向不變；利用其角速度的變化可以判別電動(dòng)勢(shì)的變化，結(jié)合歐姆定律可以判別電流的大小變化。
9．B,C
【解答】A．彈簧由壓縮恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)，設(shè)小滑塊的速度為，由機(jī)械能守恒定律得
解得
由牛頓第二定律得小滑塊在傳送帶上相對(duì)滑動(dòng)的加速度
小滑塊與傳送帶由共同速度時(shí)，運(yùn)動(dòng)的位移
故小滑塊先勻減速運(yùn)動(dòng)此后小滑塊與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，A不符合題意；
BD．對(duì)小滑塊從滑上傳送帶到與傳送帶有共同速度，利用動(dòng)能定理
解得
所以當(dāng)小滑塊到達(dá)傳送帶右端的過(guò)程中克服摩擦力對(duì)小滑塊做的功為12J，D不符合題意，B符合題意；
C．由速度時(shí)間關(guān)系可得，小滑塊達(dá)到與傳送帶共速所需要的時(shí)間為
此段時(shí)間內(nèi)小滑塊的位移為
傳送帶的位移為故可得痕跡長(zhǎng)度為
C符合題意。
故答案為：BC。
【分析】彈簧由壓縮恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)根據(jù)機(jī)械能守恒得出小滑塊的速度，利用牛頓第二定律以及勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系得出小滑塊與傳送帶由共同速度時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移，利用動(dòng)能定理得出克服摩擦力做的功。
10．C,D
【解答】A．運(yùn)動(dòng)員做平拋運(yùn)動(dòng)，則
解得t=3s
運(yùn)動(dòng)員在B處時(shí)速度與水平方向夾角
則
A不符合題意；
B．運(yùn)動(dòng)員在B處著陸時(shí)的速度大小是
B不符合題意；
C．運(yùn)動(dòng)員在空中到坡面的最大距離為
C符合題意；
D．A、B間的距離為
D符合題意。
故答案為：CD。
【分析】運(yùn)動(dòng)員做平拋運(yùn)動(dòng)，利用其位移公式結(jié)合位移的方向可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，利用速度的分解可以求出速度的方向；利用速度的合成可以求出運(yùn)動(dòng)員在B處速度的大?。焕闷渌俣任灰乒娇梢郧蟪鲞\(yùn)動(dòng)員在空中到坡面最大的距離；利用位移公式可以求出AB之間的距離。
11．（1）18.304
（2） m ；mgh
【解答】（1）小球的直徑為 QUOTE
（2）小球的速度
小球下落過(guò)程中動(dòng)能增加量
重力勢(shì)能減少量的表達(dá)式為
【分析】（1）利用螺旋測(cè)微器的可動(dòng)刻度和固定刻度可以讀出小球的直徑大?。?br>（2）利用平均速度公式可以求出小球的速度大??；結(jié)合質(zhì)量可以求出小球動(dòng)能的增加量；利用高度變化可以求出重力勢(shì)能的變化量。
12．（1）解；如圖所示：
（2）R1；1.2；24
（3）6.67
【解答】解：（1）電流表量程1.5mA太小，需要并聯(lián)一個(gè)電阻箱改裝成0.6A的電流表，
需要并聯(lián)的電阻為R并＝ ═ Ω≈1.5Ω，所以需要和R1并聯(lián)，利用安阻法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，如圖所示：
；（2）由于電阻箱R1與電流表的表頭并聯(lián)，該電阻箱作為一個(gè)定值電阻使用，不能調(diào)節(jié)，故保持R1不變，多次調(diào)節(jié)電阻箱R2；
根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得：E＝I（R+r），解得：，
圖象的斜率絕對(duì)值為，解得電動(dòng)勢(shì)為1.2V，
縱軸截距為＝20Ω/V，解得r＝24Ω；（3）改裝后電流表的內(nèi)阻為Rg＝ Ω＝1.5Ω，
該實(shí)驗(yàn)電路測(cè)得的電池內(nèi)阻實(shí)際上是電池內(nèi)阻和電流表內(nèi)阻之和，
故相對(duì)誤差＝。
故答案為：（1）如圖所示；（2）R1；1.2；24；（3）6.67。
【分析】（1）通過(guò)并聯(lián)電阻將表頭改裝為電流表測(cè)量電路中的電流；
（2）利用閉合電路歐姆定律對(duì)整個(gè)電路列方程，對(duì)方程進(jìn)行適當(dāng)?shù)淖冃?，結(jié)合圖像求解電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻即可；
（3）結(jié)合題目給出的公式代入數(shù)據(jù)求解即可。
13．（1）設(shè)小球脫離彈簧時(shí)小球和小車各自的速度大小分別為v1、v2，則解得v1=3m/s，v2=1m/s
（2）設(shè)小車移動(dòng)x2距離，小球移動(dòng)x1距離，整個(gè)過(guò)程中，根據(jù)平均動(dòng)量守恒（人船模型）得，x1+x2=L解得
【分析】（1）利用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可以求出速度的大?。?br>（2）利用動(dòng)量守恒定律可以求出移動(dòng)的距離。
14．（1）解：要使粒子能沿圖中虛線PQ進(jìn)入ef、gh之間的區(qū)域，則粒子所受到向上的洛倫茲力與向下的電場(chǎng)力大小相等，有qv0B1=qE，解得v0=5×105m/s，
粒子在abcd磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)半徑為R1，洛侖茲力提供向心力，有，qv0B0=m ，解得R1=0.1m，
作出粒子在磁場(chǎng)中軌跡圖如圖所示．
由幾何知識(shí)可得R1+R1csθ= L，解得θ=60°，粒子射入點(diǎn)的位置在ad邊上距d點(diǎn)為x=R1sinθ= m；
答： Dd距離為；
（2）粒子從P以速度v0進(jìn)入PQ、MN之間的區(qū)域，先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到平行板正中間做勻速圓周運(yùn)動(dòng)n圈，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)打到AB板上，以大小為v0的速度垂直于磁場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng)．粒子運(yùn)動(dòng)到在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1=0.8T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力提供向心力有qv0B1=m ，運(yùn)動(dòng)周期T1= ，
粒子在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1=nT1+ ，其中n為正整數(shù)；
粒子將以半徑R3在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)一周后打到AB板的下部．
由于不計(jì)板的厚度，所以質(zhì)子從第一次打到AC板到第二次打到AC板后運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)一周的時(shí)間，即一個(gè)周期T3，
由qv0B2=m 和T3= ，得T3= ，
粒子在磁場(chǎng)中共碰到2塊板，做圓周運(yùn)動(dòng)所需的時(shí)間為t2=2T3，
粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中，在v0方向的總位移s3=2Lsin45°、時(shí)間t3= ，
從Q到gh過(guò)程的總時(shí)間為t=t1+t2+t3，
從Q到gh過(guò)程的總路程為M=2L+n（2πR2）+2πR3×2+s3，
解得△t=（7.4×10﹣6+7.5n×10﹣7）s、
M=（6.112+0.3n）m．
答：粒子從Q到gh過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，路程是（6.112+0.3n）．
【分析】（1）求解帶電粒子在電磁復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子在電磁場(chǎng)中受力平衡求解速度大小，粒子在abcd磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛侖茲力提供向心力求解半徑，再由幾何知識(shí)可得粒子射入點(diǎn)的位置在ad邊上距d點(diǎn)的距離；
（2）粒子從P以速度v0進(jìn)入PQ、MN之間的區(qū)域，先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，到平行板正中間做勻速圓周運(yùn)動(dòng)n圈，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)打到ab板上，以大小為v0的速度垂直于磁場(chǎng)方向運(yùn)動(dòng)．求出粒子在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，粒子將以半徑R3在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)動(dòng)一周后打到ab板的下部．分析粒子在磁場(chǎng)中共碰到多少塊板，根據(jù)運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解總時(shí)間；最后根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況得到總路程．
15．（1）A；D；E
（2）解：①玻璃管向下按壓前，管中．上部分氣體的壓強(qiáng)為：p=p0-ρgh．
②玻璃管緩慢向下按壓一定高度后，玻璃管上部分氣體的壓強(qiáng)變?yōu)閜0
由玻意耳定律有：pSH= p0SH' ，其中S為玻璃管的橫截面積
解得：H'=
【解答】（1）做功和熱傳遞都能改變物體的內(nèi)能，A符合題意；當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，氣體的體積不一定減小，則外界對(duì)氣體不一定做正功，B不符合題意；飽和汽壓與飽和汽的體積無(wú)關(guān)，C不符合題意；單晶體和多晶體都具有確定的熔點(diǎn)，D符合題意；氣體能夠充滿容器的整個(gè)空間，是氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，選項(xiàng)E正確；
故答案為：ADE.
【分析】（1）內(nèi)能的改變途徑有做功和熱傳遞兩種方式；溫度升高時(shí)內(nèi)能增加有可能是吸熱不是做功；飽和氣壓只與溫度有關(guān)；晶體都具有固定熔點(diǎn)；氣體自由擴(kuò)散是由于分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)。
（2）①利用液面的壓強(qiáng)差求出氣體的壓強(qiáng)；
②利用氣態(tài)方程的可以求出其他上升的高度。
16．（1）2；0.55
（2）光路圖如圖所示，
由圖結(jié)合幾何關(guān)系可得入射角，
所以由折射定律，
設(shè)全反射的臨界角為C，則，，
由幾何關(guān)系可知，若光路為圓的內(nèi)接正方形，
從S發(fā)出的光線經(jīng)多次全反射回到S點(diǎn)的時(shí)間最短。正方向邊長(zhǎng)為，
【解答】（1）由圖得T=0.2S，波速為 10m/s ，波長(zhǎng)。從P到Q時(shí)間為，P首先向上振動(dòng)，所以Q首先也是向上振動(dòng)。經(jīng)過(guò)即0.05s 第一次到達(dá)正向最大位移處。所以總時(shí)間為0.5s+0.05s=0.55s。
【分析】（1）結(jié)合波形圖，結(jié)合波長(zhǎng)波速頻率關(guān)系和機(jī)械波產(chǎn)生原理進(jìn)行求解。
（2）由幾何關(guān)系求出折射角從而求出折射率。由幾何關(guān)系可知，若光路為圓的內(nèi)接正方形，從S發(fā)出的光線經(jīng)多次全反射回到S點(diǎn)的時(shí)間最短。

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