2023年高考物理靶向?qū)ｍ?xiàng)強(qiáng)化訓(xùn)練模擬卷（三）班級(jí)            姓名           學(xué)號(hào)             分?jǐn)?shù)         （考試時(shí)間：90分鐘  試卷滿分：100分）注意事項(xiàng)：1．本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分。答卷前，考生務(wù)必將自己的班級(jí)、姓名、學(xué)號(hào)填寫在試卷上。2．回答第I卷時(shí)，選出每小題答案后，將答案填在選擇題上方的答題表中。3．回答第II卷時(shí)，將答案直接寫在試卷上。 第Ⅰ卷（選擇題 共48分） 一、選擇題（共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）1．大量氫原子從n＝4能級(jí)躍遷到n＝2能級(jí)，輻射出的光照射下列三種金屬，電子電量e＝1.60×10﹣19C，普朗克常量h＝6.30×10﹣34J?S。下列判斷正確的是：（　?。?/span>金屬鎢鈣鉀極限頻率（1014Hz）10.957.735.44 A．僅鉀能產(chǎn)生光電子B．鉀、鈣能產(chǎn)生光電子C．都能產(chǎn)生光電子D．都不能產(chǎn)生光電子【答案】A【詳解】氫原子從n＝4的能級(jí)躍遷到n＝2的能級(jí)時(shí)，釋放出光子的能量為E＝﹣0.85eV﹣（﹣3.40eV）＝2.55eV由E＝hv代入數(shù)據(jù)解得光子的頻率為ν＝6.2×1014Hz當(dāng)入射光的頻率大于金屬鉀的極限頻率時(shí)，金屬鉀能發(fā)生光電效應(yīng)，故A正確；BCD錯(cuò)誤；故選A。2．圖是某汽車安全氣囊的工作原理圖。當(dāng)汽車發(fā)生意外碰撞時(shí)，鋼球?qū)毫鞲虚y門的壓力大于閾值F時(shí)閥門就會(huì)打開，鋼球接通觸片開關(guān)點(diǎn)燃炸藥，釋放大量氣體瞬間充滿安全氣囊。在某次碰撞過程中，汽車在時(shí)間t內(nèi)速度由v減速至零，且安全氣囊打開。設(shè)此過程為勻減速直線運(yùn)動(dòng)，汽車的質(zhì)量為M，鋼球質(zhì)量為m，鋼球在水平方向除與閥門間的相互作用外，所受其它外力可忽略不計(jì)，則碰撞前車速v大于（　　）A． B． C． D．【答案】A【詳解】根據(jù)題意對(duì)鋼球由動(dòng)量定理可得解得即當(dāng)車速v大于安全氣囊才會(huì)彈出，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。3．山地自行車前輪有氣壓式減震裝置來抵抗顛簸，其原理如圖所示。當(dāng)路面不平時(shí)，活塞上下振動(dòng)，在氣缸內(nèi)封閉氣體的作用下，起到延緩震動(dòng)的目的。當(dāng)活塞迅速下壓過程中（　　）A．氣缸內(nèi)的氣體分子的平均動(dòng)能不變B．氣缸內(nèi)所有分子的速率增大C．氣缸內(nèi)的氣體壓強(qiáng)可能不變D．單位時(shí)間內(nèi)撞到氣缸內(nèi)壁單位面積上的氣體分子數(shù)增多【答案】D【詳解】A．當(dāng)活塞迅速下壓時(shí)，活塞對(duì)氣體做功，氣體來不及散熱，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體內(nèi)能增加，溫度升高，氣缸內(nèi)的氣體分子的平均動(dòng)能增大，A錯(cuò)誤；B．氣缸內(nèi)的氣體分子的平均動(dòng)能增大，則分子的平均速率增大，可不是氣缸內(nèi)所有分子的速率增大，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)活塞迅速下壓時(shí)，氣缸內(nèi)的氣體的體積減小，由理想氣體狀態(tài)方程可知，氣體壓強(qiáng)增大，則有單位時(shí)間內(nèi)撞到氣缸內(nèi)壁單位面積上的氣體分子數(shù)增多，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4．如圖所示，正方體透明玻璃磚，從底部挖去一部分，挖去部分恰好是以底邊為直徑的半圓柱。平行單色光垂直于玻璃磚上表面射入，半圓柱面上有光線射出的部分為其表面積的，不計(jì)光線在玻璃磚中的多次反射，則該單色光在玻璃磚中的折射率為（　?。?/span>A． B． C． D．【答案】A【詳解】設(shè)恰好發(fā)生全反射時(shí)的臨界角為C，有光線射出的部分圓柱面的面積得則5．如圖甲所示，在某電場(chǎng)中建立x坐標(biāo)軸，一個(gè)電子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過三點(diǎn)，已知。該電子的電勢(shì)能 隨坐標(biāo)x變化的關(guān)系如圖乙所示。則下列說法中正確的是（　　）A．A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)B．A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C．AB兩點(diǎn)電勢(shì)差等于BC兩點(diǎn)電勢(shì)差D．電子經(jīng)過A點(diǎn)的速率大于經(jīng)過B點(diǎn)的速率【答案】B【詳解】AD．一個(gè)電子僅在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，由圖乙知電勢(shì)能一直減小，則電子從A到B電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)升高，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能增加，速度增大，A點(diǎn)電勢(shì)低于B點(diǎn)電勢(shì)，經(jīng)過A點(diǎn)的速率小于經(jīng)過B點(diǎn)的速率，故AD錯(cuò)誤；B．根據(jù)，可知圖象的斜率大小體現(xiàn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，因此從A到B，電場(chǎng)強(qiáng)度減小，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，B正確；C．由圖可知，電子通過相同位移時(shí)，電勢(shì)能的減小量越來越小，根據(jù)可得A、B兩點(diǎn)電勢(shì)差大于B、C兩點(diǎn)電勢(shì)差，C錯(cuò)誤。故選B。6．一種可調(diào)壓變壓器原理圖如圖所示，為交變電壓輸入端，為自耦調(diào)壓器，P為調(diào)壓滑動(dòng)觸頭；為升壓變壓器，為終端輸出電壓給負(fù)載R供電。忽略其他電阻與感抗等因素影響，調(diào)壓器與變壓器均視為理想變壓器。在端輸入電壓不變的情況下，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)，則（　?。?/span>A．電流表示數(shù)變大B．電流表示數(shù)變小C．端獲得的電壓變大D．端獲得的功率不變【答案】B【詳解】ABC．因?yàn)樯龎鹤儔浩?/span>的匝數(shù)比不變，所以升壓變壓器的輸入電壓就等于調(diào)壓器的輸出電壓，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，調(diào)壓器的匝數(shù)比變大，調(diào)壓器的輸出電壓變小，整個(gè)電路的總功率變?。ɑ虻刃щ娮枳兇螅傠娏髯冃?，即電流表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小，端獲得的電壓變小，B項(xiàng)正確，AC項(xiàng)錯(cuò)誤；D．因?yàn)檎{(diào)壓器與變壓器均視為理想變壓器，端輸入電壓不變，輸入電流變小，輸入功率變小，端獲得的功率變小，D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選B。7．如圖所示，傾角的足夠長(zhǎng)斜面靜止在水平地面上，質(zhì)量m=0.1kg的物塊A與質(zhì)量M=0.3kg的物塊B，用細(xì)線繞過光滑定滑輪連接，物塊A與定滑輪間的細(xì)線與斜面平行，用手（圖中未畫出）托著物塊B，使其與定滑輪間的細(xì)線豎直。將物塊B由靜止釋放，當(dāng)物塊A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)L=0.4m的距離時(shí)（物塊B未落地），細(xì)線斷開。已知物塊A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，斜面始終保持靜止，取重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列說法正確的是（　　） A．釋放物塊B前，水平地面對(duì)斜面的摩擦力方向向右B．細(xì)線斷開時(shí)，物塊A的速度大小為2m/sC．物塊A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.2sD．細(xì)線斷開后，物塊A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，水平地面對(duì)斜面的摩擦力大小為1.2N【答案】B【詳解】A. 初始狀態(tài)整個(gè)系統(tǒng)均靜止，故地面對(duì)斜面沒有摩擦力，A錯(cuò)誤；B. 物塊B由靜止釋放，以AB為整體，根據(jù)牛頓第二定律有解得物塊A向上運(yùn)動(dòng)L的距離時(shí)，細(xì)線斷開，此時(shí)速度大小，B正確；C. 物塊A向上加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間細(xì)線斷開后，物塊A向上做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小減速向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間向上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間，C錯(cuò)誤；D. 細(xì)線斷開后，物塊A沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)水平地面對(duì)斜面的摩擦力大小為f，對(duì)斜面，根據(jù)物體平衡條件有代入數(shù)據(jù)解得，D錯(cuò)誤；故選B。8．如圖所示為某探究活動(dòng)小組設(shè)計(jì)的節(jié)能運(yùn)輸系統(tǒng)。斜面軌道傾角為30°，質(zhì)量為M的木箱與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。木箱在軌道頂端時(shí)，自動(dòng)裝貨裝置將質(zhì)量為m的貨物裝入木箱，然后木箱載著貨物沿軌道無初速度滑下（貨物與木箱之間無相對(duì)滑動(dòng)），當(dāng)輕彈簧被壓縮至最短時(shí)，自動(dòng)卸貨裝置立刻將貨物卸下，然后木箱恰好被彈回到軌道頂端，再重復(fù)上述過程。下列說法正確的是（　?。?/span>A．木箱與貨物的質(zhì)量之比為6：1B．下滑與上滑過程中木箱速度最大的位置在軌道上的同一點(diǎn)C．木箱與彈簧沒有接觸時(shí)，下滑的加速度與上滑的加速度大小之比為1：6D．在木箱與貨物從頂端滑到最低點(diǎn)的過程中，減少的重力勢(shì)能等于彈簧增加的彈性勢(shì)能【答案】B【詳解】A. 系統(tǒng)從開始下滑到再次回到最高點(diǎn)過程，由能量守恒定律可得解得木箱與貨物的質(zhì)量之比為，A錯(cuò)誤；B. 下滑過程中，木箱速度最大時(shí)彈簧的壓縮量為，由受力平衡得下滑過程中，木箱速度最大時(shí)彈簧的壓縮量為，由受力平衡得故有，即下滑與上滑過程中木箱速度最大的位置在軌道上的同一點(diǎn)，B正確；C. 木箱與彈簧沒有接觸時(shí)，下滑的加速度大小上滑的加速度大小則下滑的加速度與上滑的加速度大小之比為，C錯(cuò)誤；D. 在木箱與貨物從頂端滑到最低點(diǎn)的過程中，減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧增加的彈性勢(shì)能和因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，D錯(cuò)誤；故選B。9．一列沿x軸正向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示（M點(diǎn)剛開始振動(dòng)），圖乙是位于x=1m的質(zhì)點(diǎn)N此后的振動(dòng)圖像，Q是位于x=10m處的質(zhì)點(diǎn)。則下列說法正確的是（　　）A．波源的起振方向向上B．在t=12s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q的位置坐標(biāo)為（10m，-8cm）C．在t=7s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q開始振動(dòng)D．在5～5.5s時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M的速度在增大，加速度在減小【答案】ACD【詳解】A．題圖乙是位于x=1m的質(zhì)點(diǎn)N此后的振動(dòng)圖像，可知t=0后其振動(dòng)沿y軸負(fù)方向，由波形圖可知波沿x軸正方向傳播，而題圖甲中的M點(diǎn)剛好起振，向上振動(dòng)，則波源的起振方向向上，A正確；C．由題圖可知波長(zhǎng)為=4m，周期為T=4s，則波速為v==1m/s波從M點(diǎn)傳播到Q點(diǎn)的時(shí)間為C正確；B．Q點(diǎn)起振需要7s，則t=12s，有5s=T+用于振動(dòng)，可知Q正處于波峰位置，坐標(biāo)為（10m，8cm），B錯(cuò)誤；D．在5～5.5s時(shí)間內(nèi)，M點(diǎn)從波峰向平衡位置振動(dòng)，則其速度增大，加速度減小，D正確。故選ACD。10．2021年5月15日“祝融號(hào)”火星車成功著陸火星表面，是我國(guó)航天事業(yè)發(fā)展中具有里程碑意義的進(jìn)展。此前我國(guó)“玉兔二號(hào)”月球車首次實(shí)現(xiàn)月球背面軟著陸，若“祝融號(hào)”的質(zhì)量是“玉兔二號(hào)”的K倍，火星的質(zhì)量是月球的N倍，火星的半徑是月球的P倍，火星與月球均視為球體，則（　?。?/span>A．火星的平均密度是月球的倍B．火星的第一宇宙速度是月球的倍C．火星的重力加速度大小是月球表面的倍D．火星對(duì)“祝融號(hào)”引力的大小是月球?qū)?/span>“玉兔二號(hào)”引力的倍【答案】AD【詳解】A．根據(jù)密度的定義有體積可知火星的平均密度與月球的平均密度之比為即火星的平均密度是月球的倍，故A正確；BC．由可知火星的重力加速度與月球表面的重力加速度之比為即火星的重力加速度是月球表面的重力加速度的，由；可知火星的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為故BC錯(cuò)誤；D．由萬有引力定律可知火星對(duì)“祝融號(hào)”引力大小與月球?qū)?/span>“玉兔二號(hào)”引力大小之比為即火星對(duì)“祝融號(hào)”引力大小是月球?qū)?/span>“玉兔二號(hào)”引力大小的倍，故D正確。故選AD。11．如圖所示，一個(gè)光滑大圓環(huán)豎直固定，其水平直徑左端固定有一光滑小圓環(huán)，一輕繩跨過小圓環(huán)后左端與物塊A相連，右端系于大圓環(huán)上的P點(diǎn)。將物塊A置于靜止在粗糙水平面上的粗糙斜面體上，輕繩段與斜面平行，將懸掛有重物B的光滑輕質(zhì)動(dòng)滑輪C置于輕繩段上，穩(wěn)定后，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將輕繩右端從P點(diǎn)沿大圓環(huán)緩慢移至下方關(guān)于直徑對(duì)稱的點(diǎn)，斜面體與物塊A始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，則在此過程中（　?。?/span>A．輕繩段與段間的夾角α一定先減小后增大B．輕繩中的彈力一定先增大后減小C．物塊A與斜面體之間的摩擦力一定先減小后增大D．斜面體與水平面之間的摩擦力一定先增大后減小【答案】BD【詳解】A．設(shè)輕繩段長(zhǎng)為L，兩點(diǎn)間的水平距離為d，由數(shù)學(xué)關(guān)系可得將輕繩右端從P點(diǎn)沿大圓環(huán)緩慢移至點(diǎn)過程中，L不變，d先增大后減小，所以α先增大后減小，A錯(cuò)誤；B．輕繩中的彈力記為，分析輕質(zhì)動(dòng)滑輪C處的受力情況，有由α先增大后減小可知先增大后減小，B正確；C．分析物塊A的受力情況，由于斜面傾角及動(dòng)摩擦因數(shù)未知，A、B的質(zhì)量大小也未知，無法明確A所受的摩擦力，故在輕繩中的彈力先增大后減小的過程中，的大小變化情況存在多種可能，C錯(cuò)誤；D．設(shè)斜面傾角為θ，斜面體與水平面之間的摩擦力為，對(duì)物塊A和斜面體整體進(jìn)行受力分析，正交分解后可得由于θ不變、先增大后減小，所以先增大后減小，D正確。故選BD。12．如圖所示，MN和PQ是兩根電阻不計(jì)的光滑平行金屬導(dǎo)軌，間距為L，導(dǎo)軌水平部分處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與水平導(dǎo)軌平面夾角為37°，導(dǎo)軌右端接一阻值為R的定值電阻，質(zhì)量為m、長(zhǎng)度為L的金屬棒，垂直導(dǎo)軌放置，從導(dǎo)軌左端h高處靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)一段距離停止。已知金屬棒電阻為R，與導(dǎo)軌間接觸良好，且始終與磁場(chǎng)垂直，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域后（　?。?/span>A．定值電阻兩端的最大電壓為B．金屬棒在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)導(dǎo)軌的壓力越來越大C．金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的距離為D．定值電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】BD【詳解】A．由題意，據(jù)機(jī)械能守恒定律可得解得金屬棒剛?cè)氪艌?chǎng)時(shí)，速度v=v0最大，電動(dòng)勢(shì)E最大，電流I最大，此時(shí)電阻R兩端的電壓最大， 則有 ，A錯(cuò)誤；B．金屬棒在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)中，對(duì)金屬棒受力分析，如圖所示，在垂直于B的方向金屬棒受到的安培力為FA=BIL則有豎直方向FAcosθ+FN=mg水平方向FAsinθ=ma金屬棒在磁場(chǎng)中做減速運(yùn)動(dòng)，速度v變小，所以E變小，I變小，FA變小，則有FN變大，B正確；C．由動(dòng)量定理得?FAsinθ?Δt=m?Δv則有則有金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的距離為，C錯(cuò)誤；D．由能量守恒可得Q總=mgh由Q=I2Rt可得，定值電阻R與金屬棒產(chǎn)生的熱量相等，所以定值電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為，D正確。故選BD。 第II卷（非選擇題 共52分） 二、實(shí)驗(yàn)題（滿分14分）13．用下列器材測(cè)量小車質(zhì)量M。小車一端帶有定滑輪的平直軌道，墊塊，細(xì)線，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，紙帶，頻率為50Hz的交流電源，刻度尺，6個(gè)槽碼，每個(gè)槽碼的質(zhì)量均為m=15g。（1）完成下列實(shí)驗(yàn)步驟中的填空：i.按圖甲安裝好實(shí)驗(yàn)器材，跨過定滑輪的細(xì)線一端連接在小車上，另一端懸掛著6個(gè)槽碼。改變軌道的傾角，用手輕撥小車，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列等間距的點(diǎn)，表明小車沿傾斜軌道勻速下滑；ii.保持軌道傾角不變，取下1個(gè)槽碼（即細(xì)線下端懸掛5個(gè)槽碼），讓小車拖著紙帶沿軌道下滑，根據(jù)紙帶上打的點(diǎn)跡測(cè)出加速度a；iii.依次減少細(xì)線下端懸掛的槽碼數(shù)量，重復(fù)步驟ii；iv.以取下槽碼的總個(gè)數(shù)n（）的倒數(shù)為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上作-關(guān)系圖線。 （2）已知重力加速度大小g=9.80m/s2，計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字，請(qǐng)完成下列填空：①下列說法正確的是__________；A．接通電源后，再將小車從靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處釋放B．小車下滑時(shí)，位于定滑輪和小車之間的細(xì)線應(yīng)始終跟傾斜軌道保持平行C．實(shí)驗(yàn)中必須保證細(xì)線下端懸掛槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量D．若細(xì)線下端懸掛著2個(gè)槽碼，則小車在下滑過程中受到的合外力大小為4mg②某次實(shí)驗(yàn)獲得如圖乙所示的紙帶，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間均有4個(gè)點(diǎn)未畫出，則小車的加速度大小a=________2m/s2；③測(cè)得-關(guān)系圖線的斜率為2.50s2/m，則小車質(zhì)量M=__________kg。【答案】     AB     0.820     0.278【詳解】（2）①[1]A．先接通電源，后釋放小車，小車應(yīng)從靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處釋放，故A正確；B．小車下滑時(shí)，為保證實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確性，應(yīng)使細(xì)線始終與軌道平行，故B正確；C．由于該實(shí)驗(yàn)每個(gè)槽碼的質(zhì)量已知道，故不需要使質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D．若細(xì)線下端懸掛著2個(gè)槽碼，小車加速下滑，槽碼加速上升，槽碼超重，故細(xì)線對(duì)小車的拉力大于2個(gè)槽碼的重力，所以小車下滑過程中受到的合外力小于4mg，故D錯(cuò)誤。②[2]根據(jù)圖乙，由逐差法可得加速度③[3]由平衡條件得減小n個(gè)槽碼后，對(duì)小車和槽碼分別有則即可得斜率即得14．利用圖a所示電路，測(cè)量多用電表內(nèi)電源的電動(dòng)勢(shì)E和電阻“×10”擋內(nèi)部電路的總電阻R內(nèi)。使用的器材有：多用電表，毫安表（量程10mA），電阻箱，導(dǎo)線若干。回答下列問題：(1)將多用電表擋位調(diào)到電阻“×10”擋，紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零；(2)將電阻箱阻值調(diào)到最大，再將圖a中多用電表的紅表筆和_____（填“1”或“2”）端相連，黑表筆連接另一端。(3)調(diào)節(jié)電阻箱，記下多組毫安表的示數(shù)I和電阻箱相應(yīng)的阻值R；某次測(cè)量時(shí)電阻箱的讀數(shù)如圖b所示，則該讀數(shù)為_________?； (4)甲同學(xué)根據(jù)，得到關(guān)于的表達(dá)式，以為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作圖線，如圖c所示；由圖得E=______V，R內(nèi)=______?。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）(5)該多用電表的表盤如圖d所示，其歐姆刻度線中央刻度值標(biāo)為“15”，據(jù)此判斷電阻“×10”擋內(nèi)部電路的總電阻為______Ω，甲同學(xué)的測(cè)量值R內(nèi)與此結(jié)果偏差較大的原因是_________________。【答案】     1     23.2     1.43     200     150     甲同學(xué)沒有考慮毫安表內(nèi)阻的影響【詳解】(2)[1]歐姆表中電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電流表正接線柱流入，故紅表筆接觸1，黑表筆接2；(3)[2]由圖可知，電阻箱讀數(shù)為(4)[3][4]由變形得由圖像可得解得截距為得(5)[5]由圖可知，此歐姆表的中值電阻為則電阻“×10”擋內(nèi)部電路的總電阻為[6]由甲同學(xué)處理方法可知，由于沒有考慮毫安表的內(nèi)阻，如果考慮毫安表的內(nèi)阻則有由此可知，甲同學(xué)的測(cè)量值R內(nèi)與此結(jié)果偏差較大的原因是沒有考慮毫安表的內(nèi)阻三、計(jì)算題（滿分38分，其中15題8分，16題8分，17題10分，18題12分，每小題需寫出必要的解題步驟，只有答案不得分）15．如圖所示為一種演示氣體實(shí)驗(yàn)定律的儀器——哈勃瓶，它是一個(gè)底部開有圓孔，瓶頸很短的導(dǎo)熱大燒瓶。瓶?jī)?nèi)塞有一個(gè)氣球，氣球的吹氣口反扣在瓶口上，瓶底的圓孔上配有一個(gè)橡皮塞。在一次實(shí)驗(yàn)中，初始時(shí)瓶?jī)?nèi)由氣球和橡皮塞封閉一定質(zhì)量的氣體，瓶?jī)?nèi)氣體體積是氣球中氣體體積的兩倍，氣體的壓強(qiáng)都為大氣壓強(qiáng)，向氣球中緩慢充氣，當(dāng)瓶?jī)?nèi)外壓強(qiáng)差時(shí)，橡皮塞會(huì)被彈出。此時(shí)氣球中氣體的壓強(qiáng)等于球外瓶中氣體壓強(qiáng)的兩倍。溫度保持恒定，當(dāng)橡皮塞剛好被彈出時(shí)，求：（1）瓶?jī)?nèi)氣球外氣體體積變?yōu)槌跏紩r(shí)的多少；（2）氣球中氣體質(zhì)量與初始時(shí)氣體質(zhì)量的比值。【答案】（1）；（2）14【詳解】（1）橡皮塞剛好被彈出時(shí)瓶?jī)?nèi)氣體的壓強(qiáng)為瓶?jī)?nèi)氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律有解得故瓶?jī)?nèi)氣球外氣體體積變?yōu)槌跏紩r(shí)的。（2）對(duì)氣球中的氣體，初始時(shí)壓強(qiáng)和體積分別為和；橡皮塞剛好被彈出時(shí)，氣球中氣體的壓強(qiáng)為體積為此時(shí)氣球中氣體質(zhì)量與初始時(shí)氣球中氣體質(zhì)量的比值為解得故氣球中氣體質(zhì)量與初始時(shí)氣體質(zhì)量的比值為14。16．某游樂場(chǎng)有一游樂項(xiàng)目，裝置如圖所示，圖中所有裝置都固定在地面上。裝置A的曲面為圓形軌道，圓心為O，半徑為R，裝置A左側(cè)d處有一平臺(tái)（）。游戲選手站在平臺(tái)上將手中的小球拋出，小球砸在圓形軌道上還能彈回到選手手中，即為游戲成功，某次有一選手把小球從平臺(tái)邊緣與圓形軌道的圓心等高處將一個(gè)彈性小球沿水平方向拋出，忽略空氣阻力，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g。（1）證明平拋運(yùn)動(dòng)中速度方向的反向延長(zhǎng)線過水平位移的中點(diǎn)；（2）如果小球與圓形軌道發(fā)生彈性碰撞，該選手要想成功，小球被水平拋出時(shí)的速度為多大。【答案】（1）見詳解；（2）【詳解】（1）證明：設(shè)經(jīng)時(shí)間t速度方向與水平方向的夾角為，豎直方向的速度為，如圖所示，C為速度方向的反向延長(zhǎng)線與水平位移的交點(diǎn)；豎直位移水平位移解得即速度方向的反向延長(zhǎng)線過水平位移的中點(diǎn)。（2）要想小球砸在圓形軌道上還能沿原路返回到選手手中，小球應(yīng)垂直打在圓形軌道上，即速度方向的反向延長(zhǎng)線過圓點(diǎn)O，如圖所示由（1）問可知水平位移；；解得17．如圖甲所示，在xoy 平面的第Ⅰ象限內(nèi)有沿x 軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E1；第Ⅱ、Ⅲ象限內(nèi)同時(shí)存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2和垂直紙面的磁場(chǎng)B1， ， ，磁場(chǎng)B1隨時(shí)間t 變化的規(guī)律如圖乙所示， ， ，設(shè)垂直紙面向外為磁場(chǎng)正方向。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q 的帶正電液滴從P 點(diǎn)以速度 ，沿x軸負(fù)方向入射，恰好以指向 y軸負(fù)方向的速度 v經(jīng)過原點(diǎn)O 后進(jìn)入x≤0的區(qū)域。已知： ， ，t=0時(shí)液滴恰好通過O點(diǎn)，重力加速度g取10m/s2。（1）求液滴第一次到達(dá)O 點(diǎn)時(shí)速度v 的大?。?/span>（2）求液滴在 時(shí)間內(nèi)的路程；（3）若在 時(shí)撤去電場(chǎng)E1、E2和磁場(chǎng)B1，同時(shí)在整個(gè)空間區(qū)域加豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2（未畫出）， ，求從此時(shí)刻起，再經(jīng)過 液滴距O點(diǎn)的距離。()【答案】（1）2. 5m/s；（2）0.98m；（3）0.71m【詳解】（1）對(duì)帶電液滴水平和豎直方向分別由動(dòng)量定理得 ；   得v = 2. 5m/s （2）計(jì)算可知液滴通過O 點(diǎn)后 則液滴將僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由 ； 得磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0時(shí)；磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B0時(shí)；內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則得 （3）只有磁場(chǎng)B2存在時(shí)，油滴在水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期 半徑油滴在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過沿y軸下落高度為經(jīng)過后距O 點(diǎn)的距離為解得18．如圖所示，以v=5m/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶，左端與粗糙的弧形軌道平滑對(duì)接，右端與光滑水平面平滑對(duì)接，水平面上有n個(gè)位于同一直線上、處于靜止?fàn)顟B(tài)的相同小球，小球質(zhì)量m0=0.2kg。質(zhì)量m=0.1kg的物體從軌道上高h=4.0m的P點(diǎn)由靜止開始下滑，滑到傳送帶上的A點(diǎn)時(shí)速度大小v0=7m/s。物體和傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，傳送帶AB之間的距離L=3.4m。物體與小球、小球與小球之間發(fā)生的都是彈性正碰，重力加速度g=10m/s2，3.16?。求：（1）物體從P點(diǎn)下滑到A點(diǎn)的過程中，摩擦力做的功；（2）物體第一次與小球碰撞后，在傳送帶上向左滑行的最大距離；（3）物體第一次向右通過傳送帶的過程中，傳送帶對(duì)物體的沖量大小；（4）n個(gè)小球最終獲得的總動(dòng)能。【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【詳解】（1）物塊由P到A的過程，滿足解得（2）物塊與小球1發(fā)生彈性正碰，設(shè)物塊反彈回來的速度大小為的，小球1被撞后的速度大小為，由動(dòng)量守恒和能量守恒定律得；解得；物體滑上傳送帶后，在滑動(dòng)摩擦力作用下勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為物塊被反彈回來后，在傳送帶上向左運(yùn)動(dòng)過程中，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得（3）減速至與傳送帶速度相等時(shí)所用的時(shí)間勻減速運(yùn)動(dòng)的位移所以物體與傳送帶共速后向右勻速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故物體從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為傳送帶對(duì)物體的沖量大小為（4）由于小球質(zhì)量相等，且發(fā)生的都是彈性正碰，它們之間將進(jìn)行速度交換。由（3）可知，物塊第一次返回還沒到傳送帶左端速度就減小為零，接下來將再次向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，直到速度增加到，再跟小球1發(fā)生彈性正碰，同理可得，第二次碰后，物塊和小球的速度大小分別為；以此類推，物塊與小球1經(jīng)過n次碰撞后，他們的速度大小分別為；由于相鄰小球之間每次相互碰撞都進(jìn)行速度交換，所以，最終從1號(hào)小球開始，到n號(hào)小球，它們的速度大小依次為、、、、，則n個(gè)小球的總動(dòng)能為解得   

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