長沙市第一中學(xué)2021-2022學(xué)年度高一第二學(xué)期第三次階段性檢測(cè)物理第I卷選擇題（共44分）一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1. 從地面豎直上拋一個(gè)質(zhì)量為m的小球，小球上升的最大高度為h，設(shè)上升和下降過程中空氣阻力大小恒為。重力加速度為g，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 小球上升的過程中重力勢(shì)能增加了B. 小球上升和下降的整個(gè)過程中機(jī)械能減少了C. 小球上升的過程中動(dòng)能減少了D. 小球上升和下降的整個(gè)過程中動(dòng)能減少了【答案】A【解析】【詳解】A．小球上升h，重力勢(shì)能增加，故A正確；B．小球上升和下降的整個(gè)過程中，除重力外，克服阻力做功，機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理，小球上升的過程中即動(dòng)能減少了，故C錯(cuò)誤；D．小球上升和下降的整個(gè)過程中，重力做功等于零，阻力做功等于，根據(jù)動(dòng)能定理知?jiǎng)幽軠p小，故D錯(cuò)誤。故選A。2. 如圖所示，四個(gè)點(diǎn)電荷所帶電荷量的絕對(duì)值均為Q，分別固定在正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，正方形邊長為a，則正方形兩條對(duì)角線交點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度(    )A. 大小為，方向豎直向上 B. 大小為，方向豎直向上C. 大小為，方向豎直向下 D. 大小為，方向豎直向下【答案】C【解析】【詳解】四個(gè)點(diǎn)電荷中處于對(duì)角線上的兩個(gè)正負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿對(duì)角線方向且由正電荷指向負(fù)電荷，四個(gè)點(diǎn)電荷中任意一個(gè)點(diǎn)電荷在對(duì)角線交點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為，根據(jù)疊加原理，正方形兩條對(duì)角線交點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度，方向豎直向下.故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選C3. 如圖，一個(gè)用絕緣支架固定不帶電的金屬球殼，球心為O，A是球心左側(cè)一點(diǎn)。當(dāng)把絲綢摩擦過的玻璃棒緩慢靠近A點(diǎn)，可判定（　?。?/span>A. 由于靜電感應(yīng)，球殼將帶上負(fù)電B. A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增大C. 球殼上的感應(yīng)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增大D. 沿過A的虛線將球殼分為左、右兩部分，則左側(cè)球殼的帶電量小于右側(cè)球殼的帶電量【答案】C【解析】【詳解】A．發(fā)生靜電感應(yīng)也只是內(nèi)部電荷重新分布，金屬球殼仍不帶電，A錯(cuò)誤；B．處于靜電平衡狀態(tài)的金屬內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，B錯(cuò)誤；C．球殼上的感應(yīng)電荷與玻璃棒在金屬球殼內(nèi)部任意一點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，玻璃棒緩慢靠近A點(diǎn)，玻璃棒在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增大，球殼上的感應(yīng)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增大，故C正確；D．因?yàn)檎w顯示電中性,正電荷與負(fù)電荷數(shù)量相等，無論怎樣將球殼分開，兩部分的帶電量始終相同，D錯(cuò)誤。故選C。4. 我國快舟一號(hào)甲運(yùn)載火箭以“一箭雙星”方式成功將“行云二號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道。如圖所示，設(shè)地球半徑為R，地球表面的重力加速度為，衛(wèi)星在半徑為R的近地圓形軌道I上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道II，到達(dá)軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入軌道半徑為的圓形軌道III繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量保持不變。則（　　）A. 衛(wèi)星在軌道II向軌道III變軌時(shí)，火箭需在B點(diǎn)點(diǎn)火向前噴氣B. 飛船在軌道II上穩(wěn)定飛行經(jīng)過A、B點(diǎn)速度之比為C. 衛(wèi)星在軌道I、III上相同時(shí)間掃過的面積相同D. 衛(wèi)星在軌道II上A點(diǎn)速率等于第一宇宙速度【答案】B【解析】【詳解】A．衛(wèi)星在軌道II向軌道III變軌時(shí)火箭需在B點(diǎn)點(diǎn)火向后噴氣加速，故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第二定律，在較短時(shí)間t內(nèi)有依題意則有故B正確；C．根據(jù)萬有引力提供向心力解得則衛(wèi)星在軌道I、III上運(yùn)行的半徑分別為R和4R，則衛(wèi)星在兩軌道速度之比為則相同時(shí)間內(nèi)掃過的面積之比為故C錯(cuò)誤；D．衛(wèi)星在軌道I上繞地球表面飛行，重力提供向心力，有解得則衛(wèi)星在軌道II上A點(diǎn)速率大于在軌道I上A點(diǎn)的速率，即大于，故D錯(cuò)。故選B。5. 如圖所示，這是一個(gè)由電源、電阻R、開關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開關(guān)S閉合。一帶電液滴懸浮在兩板間P點(diǎn)不動(dòng)，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 若將A板向右平移一小段位移，電容器的電容C增大B. 若斷開S，將B板向下平移一小段位移，帶電液滴的電勢(shì)能減小C. 在S仍閉合的情況下，增大兩極板距離的過程中，電阻R中有從b到a的電流D. 若斷開S，減小兩極板間距離，則帶電液滴向下運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)可知，將A板向右平移一小段位移，則兩極板正對(duì)面積S減小，電容器的電容C減小，故A錯(cuò)誤；B．由題圖中電源正、負(fù)極位置可知極板間電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，而帶電液滴受到豎直向上的電場(chǎng)力，所以液滴帶負(fù)電（q＜0）。兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度為若斷開S，則電容器的電荷量Q不變，所以電場(chǎng)強(qiáng)度不變，B板接地，電勢(shì)為零，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系可知將B板向下平移一小段位移，則增大，P點(diǎn)的電勢(shì)升高，根據(jù)可知帶電液滴的電勢(shì)能減小，故B正確；C．根據(jù)可知，增大兩極板距離的過程中，電容器的電容C減小，在S仍閉合的情況下，電容器兩極板間電勢(shì)差不變，根據(jù)可知電容器放電，電阻R中有從a到b的電流，故C錯(cuò)誤；D．若斷開S，則電容器的電荷量Q不變，根據(jù)B項(xiàng)分析可知，減小兩極板距離，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，帶電液滴受到的電場(chǎng)力不變，仍將保持靜止，故D錯(cuò)誤。故選B。6. 如圖甲所示，真空中水平放置兩塊長度為平行金屬板P、Q，兩板間距為d，兩板間加上如圖乙所示最大值為的周期性變化的電壓，在兩板左側(cè)正中間有一粒子源A，自時(shí)刻開始連續(xù)釋放初速度大小為方向平行于金屬板的相同帶電粒子，時(shí)刻釋放的粒子恰好從Q板右側(cè)邊緣離開電場(chǎng)，已知電場(chǎng)變化周期，粒子質(zhì)量為m，不計(jì)粒子重力及相互間的作用力，則（　?。?/span> A. 粒子的電荷量為B. 只有時(shí)刻射入電場(chǎng)的粒子才能垂直電場(chǎng)方向射出電場(chǎng)C. 任意時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在運(yùn)動(dòng)過程中的速度大小不可能超過D. 在時(shí)刻進(jìn)入的粒子離開電場(chǎng)時(shí)距Q板的距離為【答案】AC【解析】【詳解】A．在豎直方向，粒子在時(shí)間內(nèi)的位移為，則解得選項(xiàng)A正確；B．粒子進(jìn)入電場(chǎng)后，水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間，此時(shí)間正好是交變電場(chǎng)的一個(gè)周期；粒子在豎直方向先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過一個(gè)周期，粒子的豎直速度為零，故任意時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子離開電場(chǎng)時(shí)的速度大小都等于水平速度，即都沿垂直電場(chǎng)方向射出電場(chǎng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在時(shí)刻的速度是最大的，此時(shí)有解得而即則有解得任意時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子在運(yùn)動(dòng)過程中的速度大小不可能超過，C正確；D．在時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)的粒子，離開電場(chǎng)時(shí)在豎直方向上的位移為即在時(shí)刻進(jìn)入的粒子離開電場(chǎng)時(shí)距Q板的距離為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。二、選擇題；本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7. 如圖所示，虛線A、B、C表示某電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，一電子從右側(cè)垂直等勢(shì)面A向左進(jìn)入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡與等勢(shì)面分別交于a、b、c三點(diǎn)。若電子僅受到電場(chǎng)力作用，其在a、b、c三點(diǎn)的速度大小分別為，則（　?。?/span> A. 三個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)高低為B. 電子由a到b電場(chǎng)力做功大于由b到c電場(chǎng)力做功C. 電子在a、b、c三點(diǎn)的電勢(shì)能關(guān)系D. 電子在a、b、c三點(diǎn)的速度關(guān)系【答案】AD【解析】【詳解】A．根據(jù)電子運(yùn)動(dòng)軌跡，電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，且與等勢(shì)面垂直，可知電場(chǎng)力偏向右，則電場(chǎng)線方向偏向左，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故，故A正確；B．由于相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，根據(jù)知，電子由a到b電場(chǎng)力做功等于由b到c電場(chǎng)力做功，故B錯(cuò)誤；CD．電子從a運(yùn)動(dòng)到c的過程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，電勢(shì)能增大，故電勢(shì)能關(guān)系為，速度關(guān)系為，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。8. 如圖所示，兩個(gè)帶電小球A、B分別處在光滑絕緣的斜面和水平面上，且在同一豎直平面內(nèi)。用水平向左的推力作用于B球，兩球在圖示位置靜止?，F(xiàn)將B球水平向左移動(dòng)一小段距離，發(fā)現(xiàn)A球隨之沿斜面向上移動(dòng)少許，兩球在虛線位置重新平衡，與移動(dòng)前相比，下列說法正確的是（　　）A. 斜面對(duì)A的彈力減小 B. 水平面對(duì)B的彈力不變C. 推力變大 D. 兩球之間的距離變大【答案】AD【解析】【詳解】A．如圖所示 對(duì)小球A受力分析，由平行四邊形法則可知，當(dāng)A小球到達(dá)虛線位置時(shí)，斜面對(duì)A的彈力減小，A正確；B．對(duì)AB整體受力分析，和的豎直分量之和等于AB的重力之和，減小，則的豎直分量減小，則增大，B錯(cuò)誤；C．對(duì)B受力分析，F等于庫侖力的水平分量，因?yàn)?/span>減小且與水平方向的夾角變大，則的水平分量減小，即F減小，C錯(cuò)誤；D．由A受力可知，兩球之間的庫侖力減小，根據(jù)庫侖定律，兩球之間的距離變大，D正確。故選AD。9. 將三個(gè)木板1、2、3固定在墻角，木板與墻壁和地面構(gòu)成了三個(gè)不同的三角形，如圖所示，其中1與2底邊相同，2和3高度相同?，F(xiàn)將一個(gè)可以視為質(zhì)點(diǎn)的物塊分別從三個(gè)木板的頂端由靜止釋放，并沿木板下滑到底端，物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。在這三個(gè)過程中，下列說法正確的是（　?。?/span>A. 產(chǎn)生的熱量大小關(guān)系為B. 機(jī)械能的減少量大小關(guān)系為C. 滑到底端時(shí)的速度大小關(guān)系為D. 滑到底端時(shí)重力的瞬時(shí)功率大小關(guān)系為【答案】AC【解析】【詳解】A．產(chǎn)生的熱量等于克服摩擦力做的功，則有而x為水平位移，所以有由圖可知故A正確；B．因?yàn)橹挥心Σ亮ψ鲐?fù)功，故機(jī)械能的減少量即為產(chǎn)生的熱量，則有B錯(cuò)誤；C．根據(jù)動(dòng)能定理有其中由圖可知則有又則有C正確；D．重力的瞬時(shí)功率為速度和重力方向夾角，由圖可知則有所以有D錯(cuò)誤。故選AC。10. 如圖所示，A、B、C、D為勻強(qiáng)電場(chǎng)中相鄰的四個(gè)等勢(shì)面，等勢(shì)面與水平方向夾角為，一電子從等勢(shì)面D的O點(diǎn)以的動(dòng)能進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，速度方向豎直向上，電子恰好不穿過B等勢(shì)面。已知相鄰等勢(shì)面間的距離均為，電子重力不計(jì)。則下列說法正確的是（　?。?/span> A. 電子做勻變速直線運(yùn)動(dòng) B. 電子再次經(jīng)過等勢(shì)面D時(shí)的位置與O點(diǎn)相距C. 電子飛經(jīng)等勢(shì)面C時(shí)的動(dòng)能為 D. 勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為【答案】BC【解析】【詳解】A．電子速度方向豎直向上，恰好不穿過B等勢(shì)面，則電場(chǎng)力方向垂直于等勢(shì)面斜向右下，加速度方向與電子速度方向不同線，所以電子做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；CD．將電子的初速度分解到平行于等勢(shì)線方向（x方向）和垂直等勢(shì)線斜向左上方向（y方向），初速度為v，則電子經(jīng)過B等勢(shì)面時(shí)，只有沿x方向的分速度，即由動(dòng)能公式知電子經(jīng)過B等勢(shì)面時(shí)動(dòng)能是經(jīng)過等勢(shì)面D的一半，即由電場(chǎng)力做功決定式和動(dòng)能定理知解得又解得C正確，D錯(cuò)誤；B．電子在y方向上做類豎直上拋運(yùn)動(dòng)，從等勢(shì)面D到B到返回D的時(shí)間為在x方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)B正確。故選BC。第I卷非選擇題（共56分）三、實(shí)驗(yàn)題（每空兩分，11題6分，12題6分，共12分）11. 某同學(xué)利用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路觀察平行板電容器的充放電。（1）按如圖所示電路原理圖連接好實(shí)驗(yàn)電路，將開關(guān)S接___________（選填“1”或“2”），對(duì)電容器進(jìn)行充電，一段時(shí)間后，記下數(shù)字電壓表的讀數(shù)。（2）充電完成后，再將開關(guān)S接通另一端，觀察到電流隨時(shí)間變化的情況是___________。A.   B.   C.   D.（3）如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，放電時(shí)間將___________（選填“變長”“不變”或“變短”）。【答案】    ①. 1    ②. C    ③. 變短【解析】【詳解】（1）[1]對(duì)電容器進(jìn)行充電時(shí)，電容器兩端應(yīng)與電源兩端相接，所以開關(guān)S接1。（2）[2]放電開始時(shí)電流較大，隨著電容器所帶電荷量不斷減小，電容器電壓減小，放電電流逐漸減小并且減小得越來越慢，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C；（3）[3]根據(jù)電容器計(jì)算公式可得電荷量所以電容器儲(chǔ)存的電荷量Q與電阻R無關(guān)，如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，放電電流增大，放電時(shí)間將變短。12. 某研究性學(xué)習(xí)小組利用如圖1所示裝置測(cè)量彈簧的彈性勢(shì)能和物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，實(shí)驗(yàn)步驟如下，重力加速度為g：①將一長直薄木板上端斜靠在水平桌面右邊緣O點(diǎn)，長木板下端固定在水平地面上；②將輕彈簧一端固定在水平桌面左邊沿的墻面上，彈簧處于原長時(shí)，其右端在O點(diǎn)左側(cè)；③用帶凹槽的物塊把彈簧壓縮到P點(diǎn)，釋放物塊，物塊離開O點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，并測(cè)出物塊在長木板上的落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離x；④通過在物塊上增減砝碼來改變物塊的質(zhì)量m，重復(fù)步驟③的操作；⑤改變物塊的質(zhì)量m，重復(fù)操作得到多組數(shù)據(jù)，根據(jù)數(shù)據(jù)作出圖像，如圖2所示。回答下列問題：（1）為達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，除已?jīng)測(cè)出物塊的質(zhì)量m和在長木板上的落點(diǎn)與O點(diǎn)的距離x外，還需要測(cè)量P點(diǎn)到桌面右邊沿的距離L、長木板與水平面的夾角。（2）重復(fù)操作時(shí)，彈簧每次___________（選填“要”或“不要”）壓縮到同一位置。（3）若當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?/span>g，根據(jù)圖2可知彈簧被壓縮到P點(diǎn)時(shí)的彈性勢(shì)能為___________，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為___________。（用圖2中的a、b和所測(cè)物理量的符號(hào)表示結(jié)果）【答案】    ①. 要    ②.     ③. 【解析】【詳解】（2）[1]采用控制變量法，每次只改變物體的質(zhì)量m，保持彈簧釋放的彈性勢(shì)能相等，所以彈簧每次要壓縮到同一位置。（3）[2][3]釋放彈簧后彈簧對(duì)滑塊做功，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為滑塊的動(dòng)能和熱量；從釋放滑塊到滑塊到達(dá)桌面邊緣過程，由能量守恒定律得滑塊離開桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向豎直方向整理得可知，圖像的斜率圖像的縱軸截距解得四、計(jì)算題（本大題共3小題，共44分）13. 如圖所示，一個(gè)電子由靜止開始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，又沿偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板間的中心軸線從O點(diǎn)垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的P點(diǎn)，點(diǎn)為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量m、電荷量e、加速電場(chǎng)電壓、偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓U、極板的長度、板間距離d、極板的末端到熒光屏的距離為且（忽略電子所受重力）。求：（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度；（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)位移y；（3）電子打在熒光屏上的P點(diǎn)到點(diǎn)的距離h。 【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）電子在加速電場(chǎng)中，根據(jù)動(dòng)能定理得解得（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平勢(shì)運(yùn)動(dòng)，沿電場(chǎng)力方向有運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為解得（3）根據(jù)相似三角形有得電子打在熒光屏上的P點(diǎn)到點(diǎn)的距離14. 如圖所示，與水平地面傾角，AB長度為的傳送帶以的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。在A點(diǎn)右上方某位置O處以的初速度，向左水平拋出一質(zhì)量為的木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），該木塊恰好能從A處切入傳送帶（木塊在A處的速度方向沿傳送帶）。已知物體與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度，，。求：（1）拋出點(diǎn)O距A處的豎直高度h；（2）木塊到達(dá)B處時(shí)的動(dòng)能；（3）木塊與傳送帶因摩擦而產(chǎn)生的熱量Q。 【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【分析】【詳解】（1）木塊平拋后恰好能從A處切入傳送帶，則在A點(diǎn)的速度與傳送帶平行，可知平拋的速度偏向角等于斜面傾角，故有聯(lián)立可得（2）木塊平拋后到達(dá)A點(diǎn)的速度為因，則木塊所受滑動(dòng)摩擦力沿斜面向下，由牛頓第二定律有可得則木塊勻加速運(yùn)動(dòng)至與皮帶共速時(shí)，有則木塊與皮帶共速后，因，則木塊繼續(xù)以加速，有可得或（舍去）故到達(dá)B點(diǎn)速度為木塊到達(dá)B處時(shí)的動(dòng)能為（3）木塊與傳送帶在第一階段的加速摩擦生熱為，有木塊與傳送帶在第二階段的加速摩擦生熱為，有故全程總的熱量為15. 一絕緣“”形桿由兩段相互平行的足夠長的水平直桿PQ、MN和一半徑為R的光滑半圓環(huán)MAP組成，固定在豎直平面內(nèi)，其中MN桿是光滑的，PQ桿是粗糙的?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m的帶正電荷的小環(huán)套在MN桿上，小環(huán)所受的電場(chǎng)力為重力的，重力加速度為g，不計(jì)小環(huán)的電量損失。（1）若將小環(huán)由D點(diǎn)靜止釋放，則剛好能到達(dá)P點(diǎn)，求DM間的距離x；（2）若將小環(huán)由M點(diǎn)右側(cè)處靜止釋放，求小環(huán)運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)軌道的最大壓力；（3）若將小環(huán)由M點(diǎn)右側(cè)處靜止釋放，設(shè)小環(huán)與PQ桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，小環(huán)所受最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，求小環(huán)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功。【答案】（1）；（2）；（3）或【解析】【詳解】（1）小環(huán)剛好到達(dá)P點(diǎn)時(shí)，速度為零，設(shè)DM間的距離x，小環(huán)從D點(diǎn)到P點(diǎn)的過程由動(dòng)能定理得由題意知聯(lián)立解得（2）設(shè)重力與電場(chǎng)力的合力方向與豎直方向成角，則合力大小小環(huán)運(yùn)動(dòng)過程中在C點(diǎn)對(duì)軌道有最大壓力，在C點(diǎn)由牛頓第二定律得從D到C的過程中由動(dòng)能定理解得（3）①若則故小環(huán)到達(dá)P點(diǎn)右側(cè)速度減為零后，不會(huì)繼續(xù)運(yùn)動(dòng)。設(shè)小環(huán)到達(dá)P點(diǎn)右側(cè)處靜止，由動(dòng)能定理得又聯(lián)立解得整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功為②若則故小環(huán)到達(dá)P點(diǎn)右側(cè)速度減為零后，會(huì)向左運(yùn)動(dòng)。小環(huán)經(jīng)過多次往復(fù)運(yùn)動(dòng)，最后在P點(diǎn)速度為0，根據(jù)動(dòng)能定理所以整個(gè)過程克服摩擦力做功為                

相關(guān)試卷

湖南省長沙市長郡中學(xué)2021-2022學(xué)年高一（上）期末物理試題（解析版）：

這是一份湖南省長沙市長郡中學(xué)2021-2022學(xué)年高一（上）期末物理試題（解析版），共16頁。試卷主要包含了選擇題，實(shí)驗(yàn)題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。

2021-2022年湖南省長沙市長郡中學(xué)高一（下）期末物理試題含解析：

這是一份2021-2022年湖南省長沙市長郡中學(xué)高一（下）期末物理試題含解析

2021-2022年湖南省長沙市長郡中學(xué)高一（下）期中物理試題含解析：

這是一份2021-2022年湖南省長沙市長郡中學(xué)高一（下）期中物理試題含解析

英語朗讀寶
資料下載及使用幫助
版權(quán)申訴
  • 1.電子資料成功下載后不支持退換，如發(fā)現(xiàn)資料有內(nèi)容錯(cuò)誤問題請(qǐng)聯(lián)系客服，如若屬實(shí)，我們會(huì)補(bǔ)償您的損失
  • 2.壓縮包下載后請(qǐng)先用軟件解壓，再使用對(duì)應(yīng)軟件打開；軟件版本較低時(shí)請(qǐng)及時(shí)更新
  • 3.資料下載成功后可在60天以內(nèi)免費(fèi)重復(fù)下載
版權(quán)申訴
若您為此資料的原創(chuàng)作者，認(rèn)為該資料內(nèi)容侵犯了您的知識(shí)產(chǎn)權(quán)，請(qǐng)掃碼添加我們的相關(guān)工作人員，我們盡可能的保護(hù)您的合法權(quán)益。
入駐教習(xí)網(wǎng)，可獲得資源免費(fèi)推廣曝光，還可獲得多重現(xiàn)金獎(jiǎng)勵(lì)，申請(qǐng) 精品資源制作， 工作室入駐。
版權(quán)申訴二維碼
歡迎來到教習(xí)網(wǎng)
  • 900萬優(yōu)選資源，讓備課更輕松
  • 600萬優(yōu)選試題，支持自由組卷
  • 高質(zhì)量可編輯，日均更新2000+
  • 百萬教師選擇，專業(yè)更值得信賴
微信掃碼注冊(cè)
qrcode
二維碼已過期
刷新

微信掃碼，快速注冊(cè)

手機(jī)號(hào)注冊(cè)
手機(jī)號(hào)碼

手機(jī)號(hào)格式錯(cuò)誤

手機(jī)驗(yàn)證碼 獲取驗(yàn)證碼

手機(jī)驗(yàn)證碼已經(jīng)成功發(fā)送，5分鐘內(nèi)有效

設(shè)置密碼

6-20個(gè)字符，數(shù)字、字母或符號(hào)

注冊(cè)即視為同意教習(xí)網(wǎng)「注冊(cè)協(xié)議」及「隱私條款」
QQ注冊(cè)
手機(jī)號(hào)注冊(cè)
微信注冊(cè)

注冊(cè)成功

  • 0

    資料籃

  • 在線客服

    官方
    微信

    添加在線客服

    獲取1對(duì)1服務(wù)

  • 官方微信

    官方
    微信

    關(guān)注“教習(xí)網(wǎng)”公眾號(hào)

    打開微信就能找資料

  • 免費(fèi)福利

    免費(fèi)福利
返回
頂部