姓名準(zhǔn)考證號（在此卷上答題無效）絕密★啟用前安康市2020-2021學(xué)年度高二年級期末質(zhì)量聯(lián)考物理本試卷共6頁，全卷滿分100分，考試時間90分鐘考生注意:1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2、回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題:本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1～8題只有一項符合題目要求，第9～12題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.用同一光電管研究a、b兩種單色光產(chǎn)生的光電效應(yīng)，得到光電流I與光電管兩極間所加電壓U的關(guān)系如圖所示，則下列說法正確的是A.a光的頻率大  B.b光的波長小C.b光子的能量大  D.照射該光電管時b光使其逸出的光電子最大初動能大2.在下列4個核反應(yīng)方程中，X表示電子的是A.    B.C.   D.3.如圖所示，在足夠大的磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場中，有一根長度為L的導(dǎo)體棒AC。第一次以垂直棒的速度v在紙面內(nèi)勻速拉動導(dǎo)體棒；第二次以A點為軸在紙面內(nèi)順時針轉(zhuǎn)動導(dǎo)體棒，若這兩種情況下導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢相同，則第二次轉(zhuǎn)動的角速度為A.    B.C.    D.4.如圖甲、乙所示的兩種交變電流，其中圖乙是正弦交流電，則甲、乙兩種電流的有效值之比等于A.2:     B.3:C.：1    D.:25.2021年5月15日7時18分，天問一號探測器成功著陸于火星烏托邦平原南部預(yù)選著陸區(qū)，我國首次火星探測任務(wù)著陸火星取得成功，同時也成為歷史上第三個成功者陸火星的國家。若地球的質(zhì)量為火星質(zhì)量的k倍，地球的半徑為火星半徑的n倍。則天問一號在地球表面受到的重力與在火星表面受到的重力的比值為（忽略天問一號質(zhì)量的變化）A.   B.   C.   D.6.汽車在剎車過程中位移和時間的比值與t之間的關(guān)系圖象如圖所示，則下列說法正確的是A.汽車的初速度為20m/sB.剎車過程汽車的加速度大小為1.25m/s2C.剎車過程持續(xù)的時間為4sD.剎車過程的位移為40m7.如圖所示，用輕繩系住一質(zhì)量為M的勻質(zhì)大球A，大球和墻壁之間放置一質(zhì)量為m的勻質(zhì)小球B，各接觸面均光滑。系統(tǒng)平衡時，繩與豎直墻壁之間的夾角為α=30°，兩球心連線O1O2與輕繩之間的夾角為β=30°，則大球A和小球B的質(zhì)量之比為A.1:1   B.2:1C.3:1   D.4:18.如圖所示，長為d、質(zhì)量為m的細金屬桿ab，用長為L的絕緣細線懸掛后，恰好與水平光滑的平行金屬導(dǎo)軌接觸，平行金屬導(dǎo)軌間距為d，導(dǎo)軌平面處于豎直向下、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中。閉合電鍵K后，細金屬桿ab向右擺起，懸線的最大偏角為θ。重力加速度為g，則閉合電鍵的短時間內(nèi)通過細金屬桿ab的電量為A.    B.C.    D.9.如圖所示，導(dǎo)體棒P豎直放置，一固定圓形線圈Q與P在同一豎直面內(nèi)，P中通有變化電流i，規(guī)定如圖所示的電流方向為正，電流隨時間變化的規(guī)律如圖所示，則A.t1時刻，線圈Q中有順吋針電流B.t2時刻，線圈Q中有逆時針電流C.t1～t2，線圈Q有擴張趨勢D.t2～t3，Q中磁通量的變化率增大10.新究與平行板電容器電容有關(guān)因素的實驗裝置如圖所示。實驗中，極板所帶電荷量不變，若要使靜電計指針的張角變大，可采用的方法是A.僅增大兩極板間的距離B.僅減小兩極板間的距離C.僅將電容器b板向下平移D.僅在極板間插入有機玻璃板11.如圖1所示電路中，交流發(fā)電機的電動勢隨時間變化的e-t圖像如圖2所示，理想變壓器的原副線圈匝數(shù)比為1:20，R1=4Ω，R2最大阻值為10Ω，兩個電壓表均為理想交流電壓表，發(fā)電機線圈電阻不計，下列說法正確的是A.t=0時刻線圈處于中性面位置B.1s內(nèi)線圈中的電流方向改變50次C.電壓表V1的示數(shù)為100VD.當(dāng)滑動變阻器的滑片從最上端向下滑動過程中，R2消耗的最大功率為2500W12.如圖所示，空間中存在水平方向的勻強電場和勻強磁場，電場方向水平向左，磁場方向垂直紙面向里。一帶電小球恰能以速度v0做直線運動，其軌跡如圖虛線所示，虛線與水平方向成37°角，小球最終穿過一軸線沿小球運動方向且固定擺放的光滑絕緣管道（管道內(nèi)徑略大于小球直徑），已知sin37°=0.6，下列說法正確的A.小球可能帶負(fù)電B.磁揚和電場的大小關(guān)系為C.小球從管道的甲端運動到乙端過程中，小球機械能增加D.若小球剛進入管道時撤去磁場，小球?qū)⒃诠艿乐凶鰟蛩僦本€運動二、非選擇題:共52分。13.（6分）用如圖甲所示裝置結(jié)合頻閃照相機拍攝的照片來驗證動量守恒定律，實驗步驟如下:①用天平測出A、B兩個小球的質(zhì)量mA和mB；②安裝好實驗裝置，使斜槽的末端保持水平；③先不在斜槽的末端放小球B，從斜槽上位置P由靜止開始釋放小球A，小球A離開斜槽后，頻閃照相機連續(xù)拍攝小球A的兩位置（如圖乙所示）；④將小球B放在斜槽的末端，再從位置P處由靜止釋放小球A，使它們碰撞，頻閃照相機連續(xù)拍攝下兩個小球的位置（如圖丙所示）；⑤測出可能所需要的物理量x0、y0、xA、yA、xB、yB。請回答:（1）實驗①中A、B的兩球質(zhì)量應(yīng)滿足mA__________mB（填“>”“=”或“<”）。（2）兩球在碰撞過程中若動量守恒，滿足的方程是_________（用所測物理量表示）；若測得x0:xA:xB=2:1:3，則=_________。14.（6分）物理實驗小組想要測量某電壓表V（量程為3V）的內(nèi)阻（大約為幾千歐）（1）先通過一個多用電表的歐姆擋直接測量此電壓表的內(nèi)阻：a.歐姆擋的選擇開關(guān)撥至×100擋，先將紅、黑表筆短接調(diào)零后，選用上圖中_________（選填“A”或“B”）方式連接；b.歐姆表表盤如圖所示，某同學(xué)讀出歐姆表的讀數(shù)為_________Ω；（2）為了準(zhǔn)確測量電壓表V的內(nèi)阻，某同學(xué)利用提供的實驗器材設(shè)計了如圖所示的實驗電路請用已知量（定值電阻的阻值R0和電流表、電壓表的示數(shù)I、U），表示出電壓表V的內(nèi)阻RV=_________。15.（8分）鍛煉運動員肢體力量和耐力的一種有效方法是在路面上推動輪胎加速跑，如圖甲所示。在某次訓(xùn)練中，運動員保持兩只胳膊相互平行推動輪胎使其沿直線運動，胳膊與水平地面間的夾角為37°，運動員的v-t圖象如圖乙所示。已知輪胎的質(zhì)量為10kg。輪胎與地面間的動摩擦因數(shù)為0.4，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2。求：（1）0～4s內(nèi)運動員的位移大小及加速度大小；（2）運動員每只胳膊施加的推力大小。16.（10分）如圖所示，水平軌道左端固定一輕彈簧，彈簧右端可自由伸長到O點，軌道右端與一光滑豎直半圓軌道相連，圓軌道半徑R=0.5m，圓軌道最低點為B，最高點為C，在水平軌道最右端放置小物塊Q，將小物塊P靠在彈簧上并壓縮到A點，由靜止釋放，之后與Q發(fā)生正碰，碰撞過程時間很短且無機械能損失，碰后Q恰能通過圓軌道最高點C，已知P的質(zhì)量為m=1kg，Q的質(zhì)量為M=2kg，重力加速度g取10m/s2，P、Q大小均忽略不計。求：（1）Q剛進入圓軌道時對軌道的壓力大小；（2）與Q物體碰撞過程P物體受到的沖量大小。17.（10分）如圖，兩根足夠長的固定光滑平行金屬導(dǎo)軌，位于傾角θ=30°的固定斜面上，導(dǎo)軌上、下端接有阻值R1=R2=12Ω的電阻，導(dǎo)軌自身電阻忽略不計，導(dǎo)軌寬度L=2m，在整個導(dǎo)軌平面內(nèi)都有垂直于導(dǎo)軌平而向上的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B=0.5T，質(zhì)量m=0.1kg，電阻r=2Ω的金屬棒ab在較高處由靜止釋放，金屬棒ab在下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直且與導(dǎo)軌接觸良好。已知金屬棒ab從靜止到速度最大時，通過R1的電荷量為0.75C，g=10m/s2，求:（1）金屬棒ab下滑的最大速度；（2）金屬棒ab從靜止到速度最大時下滑的位移。18.（12分）如圖，直線MN上方有平行于紙面且與MN成45°的有界勻強電場，電場強度大小未知；MN下方為方向垂直于紙面向里的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。今從MN上的O點向磁場中射入一個速度大小為v、方向與MN成45°角且垂直磁場的帶正電粒子，該粒子在磁場中運動時的軌道半徑為R。若該粒子從O點出發(fā)記為第一次經(jīng)過直線MN，而第二次和第五次經(jīng)過直線MN時的位置恰好關(guān)于O點對稱，不計粒子的重力。求:（1）電場強度的大小；（2）該粒子從O點出發(fā)到第五次經(jīng)過MN所需的時間。高二物理參考答案題號123456789101112答案ADACBCBCBCACADBD1.A解析:由公式可知，入射光的頻率v和遏止電壓的大小Uc成正相關(guān)。由圖象可得b光的遏止電壓較小，所以b光的頻率較小，a光的頻率較大，由波長和頻率的關(guān)系可知，b光的波長較大，a光的波長較小，故A正確，B錯誤；由可知，光子頻率越大，能量越高，所以a光子的能量大，b光子的能量小，故C錯誤；由Ekm=hv-W0可知入射光的頻率越大，光電子的最大初動能越大，所以b光照射產(chǎn)生的光電子最大初動能小，故D錯誤。A.    B.C.   D. 2.D解析:根據(jù)核反應(yīng)方程電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒得，，，，所以D正確。3.A解析:第一次以垂直棒的速度ν勻速拉動導(dǎo)體棒，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為:E1=BLv；第二次以A點為軸順時針轉(zhuǎn)動導(dǎo)體棒，角速度為ω，則末端的線速度為v′=Lω，感應(yīng)電動勢為:，因為E1=E2，解得，故A正確。4.C解析:在甲圖中，對于方波，根據(jù)焦耳定律得:，解得；乙圖為正弦交流電，電流的有效值，故，故C正確。5.B解析:由，得，所以選項B正確。6.C解析:由圖可得=（-1.25t+10）m/s，根據(jù)勻變速直線運動的位移-時間公式，得，對比可得汽車的初速度為v0=10m/s，加速度為a=-2.5m/s2。即剎車過程動車的加速度大小為2.5m/s2，故AB錯誤；剎車過程持續(xù)的時間為，故C正確；剎車過程的位移為，故D錯誤。7.B解析:設(shè)繩子拉力為T，墻壁支持力為N，兩球之間的壓力為F，將兩個球作為一個整體進行受力分析，可得Tcosα=（M+m）g，Tsinα=N，對小球進行受力分析，可得Fcos（α+β）=mg，Fsin（α+β）=N，聯(lián)立得M=2m，故選B。8.C解析:金屬桿ab離開導(dǎo)軌向右擺起的過程，由機械能守恒定律可知:，金屬桿在通電瞬間受到安培力作用，根據(jù)動量定理可得:F安·t=mv，則有，整理得:Bqd=mv，聯(lián)立解得:，故C正確。9.BC解析:在t1時刻，通入螺線管中電流在減小，依據(jù)右手螺旋定則，其形成垂直紙面向外的磁場不斷減小，因此線圈Q中的磁通量也要減小，根據(jù)楞次定律可知線圈Q將阻礙其磁通量的減小，因此線圈Q會產(chǎn)生逆時針電流，故A錯誤；同理在t2時刻，線圈Q中有逆時針電流，故B正確；在t1～t2，電流隨時間在減小，即通過線圈Q的磁通量在減小，由楞次定律“增縮減擴”可知線圈Q由擴張趨勢，故C正確；在t2～t3，電流隨時間雖然在增大，但其斜率卻在減小，即通過線圈Q的磁通量變化率在減小，故D錯誤。10.AC解析:根據(jù)電容公式得，極板間電壓增大時，靜電計指針的張角變大，所以減小C即可。根據(jù)電容的決定式可知，增大極板間距離、減小極板間正對面積、減小介電常數(shù)都可以減小電容，故綜上所述，AC正確。11.AD解析:t=0時e=0，此時穿過線圈的磁通量最大，A正確；由圖2可知交流電的周期為0.02s，線圈轉(zhuǎn)一周電流方向改變2次，所以1s內(nèi)電流方向改變100次，B錯誤；發(fā)電機電動勢的有效值為10V，根據(jù)得電壓表V1的示數(shù)為200V，不隨時間而變化，C錯誤；當(dāng)滑動變阻器的滑片從最上端向下滑動時R2接入電路的電阻值變大，電壓表V1的示數(shù)不變，電路可以等效成電源電動勢為U1，內(nèi)阻為R1，外電路電阻為R2，的閉合電路，由輸出功率與外電路電阻關(guān)系可知，當(dāng)R2=R1時，R2消耗的功率最大為，D正確。12.BD解析:小球做勻速直線運動，當(dāng)帶正電時，電場力水平向左，重力豎直向下。從甲端運動到乙端時，洛倫茲力垂直于虛線斜向右上三力恰好平衡，能保證小球沿圖中虛線運動。當(dāng)小球帶負(fù)電時，電場力水平向右，重力豎直向下。從甲端運動到乙端時或者從乙端運動到甲端時，洛倫茲力垂直于虛線斜向左下或者右上，均不能使小球沿直線運動，故A錯誤；由A項分析可知，電場力和洛倫茲力關(guān)系為，整理，得，故B正確；小球從管道的甲端運動到乙端過程中，電場力做負(fù)功，小球的機械能減小，故C錯誤；未撤磁場時，小球三力平衡，其中電場力和重力沿虛線方向的合力為零，當(dāng)撤去磁場時，在管道中所受重力和電場力均沒有變化，故沿虛線方向（管道方向）合力仍為零。而管道的支持力垂直于管道。即小球合力仍為零，做勻速直線運動，故D正確。13答案:（1）>（2分）（2）（2分）3（2分）解析:（1）為了防止入射球碰后反彈，入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，即mA>mB。（2）碰撞時應(yīng)有。由平拋運動規(guī)律有x=vt，小球從相同高度落下，故時間相等，上式中兩邊同乘以t，則有。（3）測得x0:xA:xB=2:1:3，代入，可得。14.答案:（1）A（2分）3600（2分）（2）  （2分）解析:（1）歐姆表的負(fù)極插孔與內(nèi)部電源的正極相連，與電壓表構(gòu)成一閉合回路，電流從負(fù)極插孔流出，進入電壓表的正極，故選擇圖A。歐姆表選擇“×100”擋位，由圖中所示表盤可知，歐姆表的讀數(shù)36×100Ω=3600Ω。（2）根據(jù)歐姆定律得，，聯(lián)立解得。15.解析:（1）由v-t圖象與時間軸圍成的面積可知位移為:（2分）由v-t圖象的斜率可知加速度為: （1分）（2）對輪胎進行受力分析可知:2Fcosθ-μFN=ma  （2分）FN=2Finθ+mg（2分）解得:F=50N（1分）16.解析:（1）設(shè)Q在B處的速度vB，在C處的速度vC，碰后Q恰能通過圓軌道最高點C，在C點由牛頓第二定律得： （1分）Q從B到C過程，由動能定理可得 （2分）在B點由牛頓第二定律可得  （1分）聯(lián)立解得F=120N（1分）由牛頓第三定律可知Q剛進入圓軌道時對軌道的壓力大小為120N（1分）（2）P、Q碰撞過程時間很短且無機械能損失，滿足動量守恒及機械能守恒，設(shè)P與Q碰前的速度為v0，碰后P的速度為v1，可得  （1分）  （1分）設(shè)水平向左為正方向，與Q物體碰撞過程，根據(jù)動量定理可得，P物體受到的沖量大小  （1分）代入數(shù)據(jù)解得I=10N·s  （1分）（解法二:取向左為正方向，P與Q碰撞過程中動量守恒，即△PP=-△PQ，又因為IP=△PP，IQ=△PQ=MvB-0=-10N·s，所以IP=-△PQ=10N·s）17解析:（1）根據(jù)串并聯(lián)電路的特點知，外電路總電阻為（1分）當(dāng)加速度a為零時，速度v達最大，有:  （1分）由歐姆定律得    （1分）由法拉第電磁感應(yīng)定律得  （1分）聯(lián)立以上各式解得:vm=4m/s（1分）（2）金屬棒ab從靜止到速度最大的過程中有（1分）   （1分）  （1分）其中過電阻R1的電荷量為:   （1分）聯(lián)立解得:x=12m（1分）18解析:粒子的運動軌跡如圖，先是一段半徑為R的圓弧到a點，接著恰好逆電場線勻減速運動到b點速度為零再返回a點速度仍為v，再在磁場中運動一段圓弧到c點，之后垂直電場線進入電場作類平拋運動到d點。（1）易知，Oa=R（1分）帶電粒子類平拋運動的垂直和平行電場方向的位移都為 （1分）所以類平拋運動時間為 （1分）又    （1分）再者  （2分）聯(lián)立解得: （1分）（2）粒子在磁場中運動的總時間為 （1分）粒子在電場中的加速度為 （1分）粒子做直線運動所需時間為   （2分）所以粒子從出發(fā)到第五次經(jīng)過MN所需時間 （1分）  

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