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信陽高中高一下學期第二次周考物試題參考答案1．C【詳解】A．第谷通過多年的觀測，積累了大量可靠的數據，開普勒在精確的計算分析第谷的觀測數據后得出了行星運動三定律，故A錯誤；B．牛頓發(fā)現萬有引力定律，卡文迪許測出了萬有引力常量，被人們稱為“能稱出地球質量的人”，故B錯誤；C．伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態(tài)的原因”的觀點，故C正確；D．伽利略從理論和實驗兩個角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學者亞里士多德的“小球質量越大下落越快”的錯誤觀點，故D錯誤；故選C。2．A【詳解】雨滴在空中豎直下落，速度豎直向下，受到水平風力后，水平方向速度從零開始增加，雨滴的軌跡向右偏，此時合力斜向右下，當水平風力為0后，雨滴合力豎直向下，此時速度斜向右下方，軌跡應向下彎曲，A正確，BCD錯誤。故選A。3．D【詳解】籃球垂直擊中籃板上A點，其逆過程就是平拋運動，當水平速度越大時，水平方向位移越大，拋出后落地速度越大，與水平面的夾角則越小。若水平速度減小，水平方向位移越小，則落地速度變小，但與水平面的夾角變大。若該運動員后撤到C點投籃，還要求垂直擊中籃板上A點，只有增大拋射速度v0，同時減小拋射角θ，才能仍垂直打到籃板上A點。故選D。4．D【詳解】5s末物體的速度為：v=at=0.2×5m/s=1m/s．滑輪對重物的拉力F′是繩子對滑輪的力F的2倍．根據能量守恒，F的功率等于F′的功率．所以P=P′=2F?v=2×20×1W=40W 故選：D．【點睛】根據勻加速運動的位移公式求出5s末物體的速度．滑輪對重物的拉力是繩子對滑輪的力的2倍．根據能量守恒，F的功率等于滑輪對重物做功的功率．故有P=P′=2F?v．5．C【詳解】AB．設拋出的圈圈做平拋運動的高度為h，則下落的時間為平拋運動的物體飛行時間由高度決定，弟弟拋出的圓環(huán)運動時間較短，故AB錯誤；CD．水平方向位移為因水平位移相同，哥哥拋出的圓環(huán)運動時間長，則哥哥拋環(huán)的速度小，故C正確，D錯誤。故選C。6．C【詳解】A．當A所受的摩擦力達到最大靜摩擦力時，A、B相對于轉盤會滑動，對A有對B有解得當時，A、B相對于轉盤會滑動，故A正確，不符合題意；B．當B達到最大靜摩擦力時，繩子開始出現彈力解得當時，繩子一定有彈力，故B正確，不符合題意；C．當角速度滿足時，B所受的摩擦力變大，ω在范圍內增大時，B所受摩擦力不變，故C錯誤，符合題意；D．當ω在范圍內增大時，A所需要的向心力增大，則A所受摩擦力一直增大，故D正確，不符合題意。故選C。7．B【詳解】以M表示火星的質量，r0表示火星的半徑，g′表示火星表面附近的重力加速度，火星對衛(wèi)星的萬有引力提供向心力，有：=mr0在火星表面有：G=m′g′由題意知平拋小球速度的偏轉角為60°，則：聯立以上各式解得：故B正確，ACD錯誤。故選B。8．BD【詳解】A．AB段牽引力不變，根據牛頓第二定律知，加速度不變，做勻加速直線運動，A錯誤；B．額定功率，故B正確；C．加速運動的加速度，到達B點時的速度，所以勻加速的時間，若電動汽車一直做勻加速運動2s，則由靜止開始經過2s的速度，但電動車不是一直做勻加速運動，所以電動汽車由靜止開始經過2s，速度小于6m/s，故C錯誤；D．電動汽車行駛速度為10m/s 時，由圖像可求出此時的牽引力，加速度為，D正確。【點睛】解決本題的關鍵能夠從圖線中分析出電動車在整個過程中的運動情況，當牽引力等于阻力時，速度達到最大。9．BC【解析】A、B、三個物體下降的高度相同，根據W=mgh知，重力做功相同，故A錯誤，B正確．C、D、根據牛頓第二定律得，物體下滑的加速度a=gsinθ，根據,得：,因為θ1＜θ1＜θ3，則t1＞t2＞t3，根據知，P甲＜P乙＜P丙，故C正確，D錯誤．故選BC．【點睛】本題考查了功和功率的基本運用，知道重力做功與路徑無關，與首末位置的高度差有關，知道平均功率和瞬時功率的區(qū)別，掌握這兩種功率的求法．10．BC【詳解】A．“嫦娥三號”在距離月面高度為100 km的圓軌道Ⅰ上的運動是勻速圓周運動，速度大小不變故A錯誤；B．由于圓軌道Ⅰ的軌道半徑大于橢圓軌道Ⅱ的半長軸，根據開普勒第三定律，“嫦娥三號”在距離月面高度為100 km的圓軌道Ⅰ上運動的周期一定大于在橢圓軌道Ⅱ上運動的周期故B正確；C．由于在Q點“嫦娥三號”所受的萬有引力比在P點大，所以“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動經過Q點時的加速度一定大于經過P點時的加速度故C正確；D．根據開普勒第二定律可知，“嫦娥三號”在橢圓軌道Ⅱ上運動經過Q點時的速率一定大于經過P點時的速率故D錯誤。故選BC。11．保證小球的初速度水平. 1.50 0.441 偏小 【詳解】(1)[1]．在本實驗中，調節(jié)軌道使斜槽軌道的末端切線處于水平，其目的是保證小球的初速度水平。(2)[2]．在豎直方向上，根據y2?y1＝gT2得 則小球的初速度 (3)[3]．B點的豎直分速度 則拋出點與B點的高度差 A點與水平拋出點的高度差h=h′-y1=8.281-7.84cm=0.441cm。(4)[4]．若該同學在將擋板放在3位置時略向右傾斜了一點，則測得y2會偏大，求得出相等的時間間隔T將偏大，導致小球的初速度測量值偏小。12． mgx 【分析】(1)根據很短時間內，平均速度等于瞬時速度，即可求解；(2)根據拉力做功表達式，以及熟練應用勻變速直線運動規(guī)律，即可求解；(3)平衡摩擦力就是讓小車在無拉力的作用下做勻速直線運動，讓重力沿斜面的分力等于小車受到的摩擦力．【詳解】(1) 根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度的大小，可知小物塊經過光電門時速度的大小是；(2) 由題意可知，細線的拉力做功，則即為盤和砝碼對應重力做的功，即：mgx；滑塊的動能改變表達為；(3) 該實驗中保持小車質量M不變，因此有：v2=2as，a= 而 所以重物質量m增加不能遠小于小車的質量時，直線在末端發(fā)生彎曲，則此結果對應于圖中的圖C．【點睛】考查光電門測量瞬時速度的原理．本實驗與教材中的實驗有所不同，但是根據所學物理知識，明確了實驗原理，即可正確解答．13．(1)3m/s；(2)2.5m；(3)2.1m【分析】(1)最大靜摩擦力提供向心力，根據牛頓第二定律求得最大角速度；(2)從圓環(huán)脫離后在餐桌面上做勻減速運動，根據運動學公式求得通過的位移，利用幾何關系求得餐桌的最小半徑；(3)脫離圓環(huán)后在餐桌上做減速運動，根據運動學公式求得脫離餐桌時的速度，然后開始做平拋運動，根據運動學公式和幾何關系即可判斷．【詳解】(1) 由題意可得，當小物體在圓盤上隨圓盤一起轉動時，圓盤對小物體的靜摩擦力提供向心力，所以隨著圓盤轉速的增大，小物體受到的靜摩擦力增大．當靜摩擦力最大時，小物體即將滑落，此時圓盤的角速度達到最大，為：fm=μ1N=mrω2…（1）N=mg…（2）兩式聯立可得：ω= 所以速度為：；(2) 由題意可得，當物體滑到餐桌邊緣時速度恰好減為零，對應的餐桌半徑取最小值．設物體在餐桌上滑動的位移為S，物塊在餐桌上做勻減速運動的加速度大小為a，則有： f=μ2mg所以：a=μ2g=2.25m/s2物體在餐桌上滑動的初速度為：v0=ωr=3m/s由運動學公式vt2-v02=-2aS可得：S=2m由圖形可得餐桌半徑的最小值為：R=；(3) 當物體滑離餐桌時，開始做平拋運動，平拋的初速度為物體在餐桌上滑動的末速度vt′，由題意可得：vt′2-v02=-2aS'由于餐桌半徑為，所以S'=r=1.5m所以可得：vt′=1.5m/s物體做平拋運動的時間為t，則： 解得： 所以物體做平拋運動的水平位移為：Sx=vt′t=0.6m所以由題意可得：L=S'+Ss=2.1m．【點睛】題主要考查了圓周運動，明確最大靜摩擦力提供向心力，然后物體在餐桌上做勻減速運動，利用好幾何關系即可判斷．14． 【詳解】在地面附近的物體，所受重力近似等于物體受到的萬有引力，即mg≈，物體距地面一定高度時，萬有引力定律中的距離為物體到地心的距離，重力和萬有引力近似相等，故此時的重力加速度小于地面上的重力加速度．取測試儀為研究對象，其先后受力如圖甲、乙所示．據物體的平衡條件有FN1＝mg1，g1＝g所以FN1＝mg據牛頓第二定律有FN2－mg2＝ma＝m·所以FN2＝＋mg2由題意知FN2＝FN1，所以＋mg2＝mg所以g2＝g，由于mg≈，設火箭距地面高度為H，所以mg2＝又mg＝所以g＝，H＝．15．（1）2m/s；（2）m；（3）【解析】（1）AB與地面：fAB=μ1（2m+M）g=8NAC間：fAC=μ2Mg=8N故開始時AB靜止，對C有：v02- v12=2μ2g，v1=2m/s （4分）（2）BC間：fBC=μ2Mg=8NB地間：fB=μ1（m+M）g=6N< fBC則C減速，B加速，設經時間t達共同速度v2，則：對B：fBC- fB=maBaB=1m/s2，v2= aBt= v1-μ2gt t=s v2=m/s此過程C相對B運動s==m （4分）（3）此后BC一起減速，a=μ1g=1m/s2，B位移為：sB==m （4分）考點：勻變速直線運動的規(guī)律【名師點睛】本題主要考查了牛頓第二定律及運動學基本公式的應用，關鍵是能正確對金屬塊和木板進行受力分析，正確判斷三者的運動情況，難度適中．（1）先根據滑動摩擦力公式求出AB與地面之間的摩擦力和AC間摩擦力，判斷AB的運動狀態(tài)，再根據運動學基本公式求出速度；（2）求出BC間和B地間滑動摩擦力，判斷滑上B后，金屬塊和B的運動情況，當金屬塊和B速度相同時，一起向前做勻減速運動，再根據運動學基本公式求出金屬塊停在B上的位置和整個過程中木塊B的位移．16．（1）1s；（2）5m/s【詳解】（1）木板下端從釋放到標記點木板上端從釋放到標記點木板通過標記點的時間（2）以木板從剛開始進入粗糙區(qū)域為起點，木板的位移為x，質量為m①當時，木板與粗糙區(qū)域摩擦力克服摩擦力做功②當時，木板與粗糙區(qū)域摩擦力克服摩擦力做功③當時，木板與粗糙區(qū)域摩擦力與過程①類似克服摩擦力做功全過程由動能定理解得=5m/s
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