2021—2022學(xué)年度第二學(xué)期潮州市綿德中學(xué)高二物理期中考試試題一、單項選題：本題共7小題，每小題4分，共28分。每小題只有一個正確答案。1. 一線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動，在如圖所示位置時（　?。?/span>A. 穿過線圈的磁通量最大，電動勢最大B. 穿過線圈的磁通量最大，電動勢最小C. 穿過線圈的磁通量最小，電動勢最大D. 穿過線圈的磁通量最小，電動勢最小【1題答案】【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)線圈處于圖中所示位置時，線框與磁場方向垂直，磁通量為最大；該位置為中性面，感應(yīng)電動勢最小為零，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律公式磁通量的變化率為最小為零；B正確。故選B。【點睛】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律公式，當(dāng)時間足夠小時，可以用該公式近似求解瞬時電動勢，而磁通量的變化量與瞬時電動勢成正比。2. 如圖所示，通以電流I的直導(dǎo)線MN固定在豎直位置上，且與導(dǎo)線框abcd在同一平面內(nèi)，則下列情況下導(dǎo)線框中不能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（　　）A. 線框向下平動B. 通過直導(dǎo)線的電流強度減小C. 線框水平向右移動D. 線框水平向左移動【2題答案】【答案】A【解析】【詳解】A．產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是：閉合回路的磁通量是否發(fā)生變化，當(dāng)線框向下平動時，通過線框的磁通量沒有變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A正確；B．當(dāng)通過直導(dǎo)線的電流強度減小時，則直導(dǎo)線在周圍空間產(chǎn)生的磁場會減弱，通過線框里的磁通量減小，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；C．線框水平向右移動，由于距導(dǎo)線越遠其產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度越小，可知通過線框里的磁通量減小，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯誤；D．線框水平向左移動時，由于距導(dǎo)線越近其產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度越大，可知通過線框里的磁通量增大，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯誤。故選A。3. 如圖所示，理想變壓器的原線圈接在的交流電源上，副線圈接有的負載電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為2∶1，電流表、電壓表均為理想電表，下列說法正確的是（　　）A. 副線圈輸出交流電的周期為0.01s B. 增大原線圈的匝數(shù)，則電壓表示數(shù)增大C. 電流表的讀數(shù)為1A D. 如果提高原線圈的電壓，則電流表示數(shù)減小【3題答案】【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)可知角速度為則交流電的周期為變壓器不會改變周期，故副線圈輸出交流電的周期也為0.04s，A錯誤；B．原線圈的匝數(shù)增大，根據(jù)電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系可知副線圈兩端的電壓減小，B錯誤；C．根據(jù)可知原線圈電壓的最大值為，則原線圈兩端電壓的有效值為根據(jù)可得副線圈兩端的電壓為根據(jù)歐姆定律可得即副線圈電流為2A，由于輸入輸出功率相等，可得原線圈電流為可得原線圈電流為1A，C正確；D．如果提高原線圈的電壓，則副線圈電壓增加，副線圈電流增加，則原線圈電流也增加，D錯誤。故選C。4. 如圖所示，導(dǎo)體ab是金屬線框的一個可動邊，ab邊長L=0.4m，磁場的磁感應(yīng)強度B=0.1T，當(dāng)ab邊以速度v=5m/s向右勻速移動時，下列判斷正確的是（　?。?/span> A. 感應(yīng)電流的方向由a到b，感應(yīng)電動勢的大小為0.2VB. 感應(yīng)電流的方向由a到b，感應(yīng)電動勢的大小為0.4VC. 感應(yīng)電流的方向由b到a，感應(yīng)電動勢的大小為0.2VD. 感應(yīng)電流方向由b到a，感應(yīng)電動勢的大小為0.4V【4題答案】【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)右手定則可知, 感應(yīng)電流的方向由b到a,又由代入數(shù)據(jù)可得，感應(yīng)電動勢的大小為0.2V,C正確;故選C。5. 質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速率經(jīng)小孔S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖中虛線所示，下列表述正確的是（　?。?/span>A. N的運行時間小于M的運行時間B. N帶負電，M帶正電C. N的速率大于M的速率D. N的運行時間等于M的運行時間【5題答案】【答案】D【解析】【詳解】AD．粒子在磁場中運動半周，即時間為周期的一半，而周期為的運動時間等于的運動時間，A錯誤，D正確；B．由左手定則判斷出帶正電荷，帶負電荷，B錯誤；C．粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力半徑為在質(zhì)量與電量相同的情況下，半徑大的速率大，即的速率大于的速率，C錯誤。故選D6. 兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強度大小不同、方向平行．一速度方向與磁感應(yīng)強度方向垂直的帶電粒子（不計重力），從較弱磁場區(qū)域進入到較強磁場區(qū)域后，粒子的（     ）A. 軌道半徑減小，運動周期減小 B. 軌道半徑增大，運動周期增大C. 軌道半徑減小，運動周期增大 D. 軌道半徑增大，運動周期減小【6題答案】【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)洛倫茲力充當(dāng)向心力可知，Bqv=，解得： ；故從較弱的磁場區(qū)域進入較強的磁場區(qū)域后粒子的軌道半徑減小；由于洛倫茲力不做功，因此粒子運動的速度大小不變，由v=Rω可知，因半徑減小，故角速度增大，周期減小，故A正確，BCD錯誤．故選A．7. 如圖所示，光在真空和某介質(zhì)界面MN上發(fā)生折射，由圖可知（　?。?/span>A. 介質(zhì)的折射率為2 B. 光是從真空射入介質(zhì)的C. 光的傳播速度保持不變 D. 反射光線與折射光線的夾角為90°【7題答案】【答案】D【解析】【詳解】AB．由光路可知，光是由介質(zhì)射向真空的，根據(jù)折射定律選項AB錯誤； C．光從介質(zhì)進入真空中，則光速變大，選項C錯誤；D．因反射角為30°，則反射光線與折射光線的夾角為90°，選項D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8. 一正弦交變電流的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示．由圖可知（    ）  A. 該交變電流的電壓瞬時值的表達式為u=100sin（25πt）VB. 該交變電流的頻率為25 HzC. 該交變電流的電壓的有效值為100VD. 若將該交流電壓加在阻值R=100Ω的電阻兩端, 則電阻消耗的功率為50W【8題答案】【答案】BD【解析】【詳解】由圖象可知，交流電的最大值為，電流的周期為T=0.04s，交流電的角速度，所以交流電的電壓瞬時值的表達式為，故A錯誤，交流電的頻率為，故B正確；交流電的電壓有效值為，故C錯誤；將該交變電流的電壓加在阻值R=100Ω的電阻兩端，則電阻消耗的功率為，故D正確；故選BD．【點睛】根據(jù)圖象可以知道交流電的最大值和交流電的周期，根據(jù)最大值和有效值的關(guān)系即可求得交流電的有效值和頻率．9. 如圖所示為遠距離輸電示意圖，發(fā)電機的輸出電壓、輸電線的電阻及理想變壓器的匝數(shù)均不變，當(dāng)用戶開啟的用電器越來越多時，下列表述正確的是（　?。?/span>
 A. 升壓變壓器副線圈電壓降低B. 降壓變壓器原線圈電壓降低C. 輸電線消耗的功率減小D. 發(fā)電機的輸出功率增大【9題答案】【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)變壓器規(guī)律有得升壓變壓器副線圈電壓由及匝數(shù)比決定，與用戶無關(guān)，故A錯誤；B．當(dāng)用戶開啟的用電器越來越多時，則通過降壓變壓器的電流I4會變大，設(shè)輸電電流為I2，則根據(jù)變壓器的規(guī)律有 可得 可知由于用戶用電器的增多，導(dǎo)致升壓變壓器的輸出電流I2變大，設(shè)輸電電阻為r，根據(jù)歐姆定律有 可知降壓變壓器原線圈電壓降低，故B正確；C．由于輸電電流I2變大，則其輸電線消耗的功率 增大，故C錯誤；D．由于用戶用電器的增多會致使消耗功率變大，且輸電線損功率也增大，根據(jù)能的轉(zhuǎn)化及守恒定律可知，發(fā)電機的輸出功率增大，故D正確。故選BD。10. 如圖甲所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R。金屬棒與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導(dǎo)軌平面向下?，F(xiàn)使磁感應(yīng)強度隨時間均勻減小，如圖乙所示。金屬棒始終保持靜止，則在時間內(nèi)（　?。?/span>A. 中的感應(yīng)電流方向從a到b B. 中的感應(yīng)電流大小不變C. 中的感應(yīng)電流逐漸減小 D. 所受的安培力保持不變【10題答案】【答案】AB【解析】【詳解】A．由題意可知，穿過閉合回路的磁通量逐漸減小，根據(jù)楞次定律可知，中的感應(yīng)電流方向從a到b，選項A正確；BC．根據(jù)可知，ab中的感應(yīng)電流大小不變，選項B正確，C錯誤；D．所受的安培力F=BIL因B逐漸減小，IL不變，則安培力逐漸減小，選項D錯誤。故選AB。三、實驗題（共14分）11. 某同學(xué)利用“插針法”測定玻璃的折射率，所用的玻璃磚兩面平行。正確操作后，作出的光路圖及測出的相關(guān)角度如圖所示：（1）此玻璃的折射率計算式為___________（用圖中的、表示）；（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度___________（填“大”或“小”）的玻璃磚來測量；（3）如果玻璃磚的上下表面不平行，對此玻璃的折射率的測量結(jié)果___________（填“有”或“沒有”）影響。【11題答案】【答案】    ①.     ②. 大    ③. 沒有【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)折射定律可得（2）[2]為了減小θ2角的測量誤差，應(yīng)使折射光線盡量長些，即應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來測量。（3）[3]玻璃磚的上下表面不平行，對θ1和θ2的測量無影響，所以對此玻璃的折射率的測量結(jié)果沒有影響。12. 在“觀察光的干涉現(xiàn)象”的實驗中，將兩片刀片合在一起，在涂有墨汁的玻璃片上劃出不同間隙的雙縫；按如圖所示的方法，讓激光束通過自制的雙縫，觀察在光屏上出現(xiàn)的現(xiàn)象。
 （1）保持縫到光屏的距離不變，換用不同間隙的雙縫，雙縫的間隙越大，屏上明暗相間的條紋間距___________（填“越大”或“越小”）；（2）在該實驗中，若所用激光的波長為，屏上P點距雙縫和的路程差為，則P點出現(xiàn)的應(yīng)是___________（填“亮條紋”或“暗條紋”）；（3）在該實驗中，已知雙縫擋板與光屏間距為L，雙縫相距d，第1條亮條紋中心到第10條亮條紋中心的距離為s，則激光的波長為___________。【12題答案】【答案】    ①. 越小    ②. 亮條紋    ③. 【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)可知，雙縫的間隙越大，則屏上明暗相間的條紋間距越小。（2）[2]路程差是半波長的偶數(shù)倍，則P點出現(xiàn)的為亮條紋。（3）[3]第1條亮條紋中心到第10條亮條紋中心的距離為s，則相鄰兩條亮紋間距為再根據(jù)可得四、解答題（共40分）13. 如圖所示，導(dǎo)體cd在水平放置的光滑導(dǎo)線框上向右做勻速運動，線框中接有R=0.4?的電阻，置于磁感應(yīng)強度B=0.1T的勻強磁場中，磁場方向垂直于紙面向內(nèi)，設(shè)ab的長度L=0.4m，電阻Rcd=0.1?，運動速度v=5m/s，導(dǎo)體線框的電阻不計。求：（1）感應(yīng)電動勢的大小；（2）流過cd的電流大小和方向；（3）外力的功率。【13題答案】【答案】（1）；（2），c到d；（3）【解析】【詳解】（1）電源的電動勢即產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢（2）電路中的電流根據(jù)右手定則，cd中電流方向由c到d（3）導(dǎo)體cd所受安培力大小使導(dǎo)體cd向右勻速運動所需的外力力做功的功率14. 如圖甲所示，一個圓形線圈的匝數(shù)n=100，線圈面積S=200cm2，線圈的電阻r=1Ω，線圈外接一個阻值R=9Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示。求：（1）線圈中的感應(yīng)電流的大小和方向；（2）電阻R兩端電壓；（3）前4s內(nèi)通過R的電荷量。【14題答案】【答案】（1）0.01A，線圈中的感應(yīng)電流的方向為逆時針；（2）0.09V；（3）0.04C【解析】【詳解】（1） 由圖像可知根據(jù)由閉合電路歐姆定律得根據(jù)楞次定律可得線圈中的感應(yīng)電流的方向為逆時針；（2）根據(jù)歐姆定律（3）前4s內(nèi)通過R的電荷量15. 如圖所示，一束質(zhì)量為、電荷量為粒子，恰好沿直線從兩帶電平行板正中間通過，沿圓心方向進入右側(cè)圓形勻強磁場區(qū)域，粒子經(jīng)過圓形磁場區(qū)域后，其運動方向與入射方向的夾角為（弧度）。已知兩平行板間與右側(cè)圓形區(qū)域內(nèi)的磁場的磁感應(yīng)強度大小均為，方向均垂直紙面向里，兩平行板間電勢差為，間距為，不計空氣阻力及粒子重力的影響，求：（1）粒子進入圓形磁場的速率；（2）粒子在圓形磁場區(qū)域中運動的時間；（3）圓形磁場區(qū)域的半徑。
 【15題答案】【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）由粒子在平行板間做直線運動可知平行板間的電場強度為解得（2）
 設(shè)該粒子在在圓形區(qū)域中做圓周運動的半徑為r，由洛倫茲力提供向心力可知同時有粒子在圓形磁場區(qū)域中運動的時間解得（3）由幾何關(guān)系可知解得 

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