南京十三中2021一2022學(xué)年度高二年級(jí)第二學(xué)期教學(xué)質(zhì)量調(diào)研（二）物理試題注意事項(xiàng)考生在答題前請認(rèn)真閱讀本注意事項(xiàng)及各題答題要求1.本試卷共6頁，滿分為100分，考試時(shí)間為75分鐘?？荚嚱Y(jié)束后，請將答題卡交回。2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等用0.5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在答題卡的規(guī)定位置。3.請認(rèn)真核對答題卡表頭規(guī)定填寫或填涂的項(xiàng)目是否準(zhǔn)確。4.作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。作答非選擇題，必須用0.5毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效。5.如需作圖，必須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗。一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題3分，共30分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1. 關(guān)于電磁振蕩與電磁波，下列說法正確的是（   ）A. 采用開放電路可有效地發(fā)射電磁波B. 發(fā)生電諧振時(shí)的調(diào)諧電路中所激起的感應(yīng)電流較弱C. X射線不能在真空中傳播D. 自動(dòng)測溫儀與驗(yàn)鈔器工作時(shí)應(yīng)用的電磁波相同【答案】A【解析】【詳解】A．要有效地發(fā)射電磁波，振蕩電路必須具有的兩個(gè)特點(diǎn)：①要有足夠高的振蕩頻率，頻率越高，發(fā)射電磁波的本領(lǐng)越大；②振蕩電路的電場和磁場必須分散到盡可能大的空間，因此采用開放電路，A正確；B．調(diào)諧過程，使f固 = f電磁波，在接收電路中產(chǎn)生電諧振激起的感應(yīng)電流最強(qiáng)，B錯(cuò)誤；C．X射線屬于電磁波，而電磁波是一種物質(zhì)，能在真空中傳播，C錯(cuò)誤；D．小型驗(yàn)鈔器能顯示紙幣上的防偽標(biāo)志，是因?yàn)樗馨l(fā)出紫外線，能使熒光物質(zhì)發(fā)光；而自動(dòng)測溫儀是一種利用紅外線來測量體溫的設(shè)備，被測人員輻射出的紅外線可被測溫儀捕捉，并轉(zhuǎn)變成電信號(hào)，D錯(cuò)誤。故選A2. 如圖所示，豎直放置的空心鋁管甲、乙的不同之處是乙上有一豎直裂縫?，F(xiàn)將兩枚相同的磁性較強(qiáng)的小圓柱形永磁體從鋁管上端靜止釋放，在磁體穿越甲、乙兩管過程中，所受平均阻力分別為F甲、F乙，所用時(shí)間分別為t甲、t乙。若磁體與管內(nèi)壁無摩擦，則（　?。?/span>A. F甲<F乙 B. F甲=F乙 C. t甲>t乙 D. t甲=t乙【答案】C【解析】【詳解】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件為閉合回路的磁通量發(fā)生變化。甲圖為無縫鋁管，當(dāng)強(qiáng)磁體下落時(shí)，在鋁管中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流會(huì)阻礙磁體運(yùn)動(dòng)。乙圖為有一豎直裂縫的鋁管，強(qiáng)磁體下落時(shí)，在鋁管側(cè)壁也會(huì)產(chǎn)生渦流，但對磁體的阻力比甲的要小，所以磁體下落要更快，用時(shí)更短。故F甲>F乙,t甲>t乙。C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C。3. 小華用可拆變壓器、學(xué)生電源、多用電表等器材“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”，若原、副線圈匝數(shù)比為，輸入電壓，輸出電壓為U2，下列選項(xiàng)錯(cuò)誤的是（　?。?/span>A. 實(shí)驗(yàn)時(shí)不要超過12V，且不要用手接觸裸露的導(dǎo)線及接線柱B. 原線圈應(yīng)接學(xué)生電源的“DC”輸出端C. 若測得，可能原因是變壓器工作時(shí)存在能量損失D. 若測得，可能原因是變壓器工作時(shí)存在“漏磁”【答案】B【解析】【詳解】A．為了人身安全，實(shí)驗(yàn)時(shí)不要超過12V，且不要用手接觸裸露的導(dǎo)線及接線柱，故A正確；B．變壓器原線圈應(yīng)接交流電，故應(yīng)接學(xué)生電源“AC”輸出端，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)變壓器工作原理解得若測得小于5V，主要原因是電壓器是不理想的，故有漏磁、鐵芯發(fā)熱，導(dǎo)線發(fā)熱導(dǎo)致能量損失，故CD正確。本題選錯(cuò)誤項(xiàng)，故選B。4. 如圖所示，P、Q分別為理想變壓器、滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，輸入電壓為U1，輸出電壓為U2。則一定能使原線圈輸入功率增大的操作是（　　）
 A. 僅上移Q B. 僅下移P C. 上移P，下移Q D. 下移P，上移Q【答案】C【解析】【詳解】若要使原線圈輸入功率增大，則要使滑動(dòng)變阻器R消耗的功率增大，根據(jù)可知當(dāng)R不變時(shí)，需增大U2；當(dāng)U2不變時(shí)，需減小R；或者在增大U2的同時(shí)減小R。根據(jù)理想變壓器變壓規(guī)律可知則上移P時(shí)U2增大。下移Q可以使R減小。綜上所述可知四個(gè)選項(xiàng)中一定能使原線圈輸入功率增大的操作是上移P、下移Q。故選C。5. 如圖是電飯鍋的結(jié)構(gòu)示意圖。電飯鍋中的感溫鐵氧體在常溫下具有鐵磁性，能被磁體吸引，當(dāng)溫度上升到約103℃（稱為感溫鐵氧體的“居里點(diǎn)”）時(shí)，就會(huì)失去鐵磁性，不能被磁體吸引，在電飯鍋工作過程中，下列說法錯(cuò)誤的是（   ）
 A 煮飯時(shí)手壓開關(guān)按鈕，永磁體與感溫鐵氧體相吸同時(shí)接通電路B. 當(dāng)鍋底水分剛好被大米全部吸收時(shí)，電飯鍋立即自動(dòng)斷電C. 當(dāng)感溫鐵氧體的溫度達(dá)到“居里點(diǎn)”時(shí)，電飯鍋?zhàn)詣?dòng)斷電D. 若用電飯鍋燒水至沸騰時(shí)，感溫鐵氧體與永磁體仍吸在一起【答案】B【解析】【詳解】A．由電路圖可看出煮飯時(shí)手壓開關(guān)按鈕，永磁體與感溫鐵氧體相吸，觸電相連接，同時(shí)接通電路，A正確，不符合題意；B．在1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下水的沸點(diǎn)是100°C，即水在沸騰后溫度為100°C，則當(dāng)鍋底水分剛好被大米全部吸收時(shí)溫度還是100°C，沒有達(dá)到感溫鐵氧體的“居里點(diǎn)”，感溫鐵氧體不會(huì)失去鐵磁性，則感溫鐵氧體與永磁體仍吸在一起，電飯鍋不會(huì)立即自動(dòng)斷電，B錯(cuò)誤，符合題意；C．當(dāng)感溫鐵氧體的溫度達(dá)到“居里點(diǎn)”時(shí)，感溫鐵氧體失去鐵磁性，則彈簧將感溫鐵氧體與永磁體彈開，電飯鍋立即自動(dòng)斷電，C正確，不符合題意；D．在1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下水的沸點(diǎn)是100°C，即水在沸騰后溫度為100°C，此時(shí)繼續(xù)吸熱，溫度不會(huì)升高，沒有達(dá)到感溫鐵氧體的“居里點(diǎn)”，感溫鐵氧體不會(huì)失去鐵磁性，則感溫鐵氧體與永磁體仍吸在一起，D正確，不符合題意。故選B。6. 一小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，落地前40m所用的時(shí)間為2s，g取10m/s2，則小球落地的速率為（　　）A. 30m/s B. 35m/s C. 40m/s D. 45m/s【答案】A【解析】【詳解】落地前40m的平均速度為又這段時(shí)間的中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度為從該中間時(shí)刻又經(jīng)過小球落地。小球落地的速率BCD錯(cuò)誤；A正確。故選A。7. 圖甲LC振落電路中通過Q點(diǎn)的電流（向右為正）變化規(guī)律如圖乙所示，則（　?。?/span>A. 時(shí)，電容器處于充電狀態(tài) B. 時(shí)，電容器上極板帶正電C. 時(shí)，Q點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)低 D. 時(shí)，磁場能向電場能轉(zhuǎn)化【答案】D【解析】【詳解】AB．由題圖乙知，內(nèi)，電流逐漸增大，電容器正在放電，振落電路中通過Q點(diǎn)的電流向右，可知電容器下極板帶正電，故AB錯(cuò)誤；CD．由題圖乙知，內(nèi)，電流減小，電容器充電，下級(jí)板帶正電，流過Q點(diǎn)的電流向左，Q點(diǎn)的電勢比P點(diǎn)高，磁場能向電場能轉(zhuǎn)化，故D正確，C錯(cuò)誤。故選D。8. 如圖所示，正方形導(dǎo)線框abcd從勻強(qiáng)磁場區(qū)域上方高度為h處自由下落，并勻速穿越磁場區(qū)域。已知線框邊長為l，質(zhì)量為m，電阻為R，磁場寬為l，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，重力加速度為g。則在線框穿越磁場過程中（　?。?/span>A. 所用的時(shí)間為 B. 線框中產(chǎn)生的焦耳熱為mghC. 通過線框橫截面的電荷量為0 D. 線框克服安培力做功的功率為【答案】C【解析】【詳解】A．下邊到達(dá)磁場時(shí)，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律解得，速度線框穿越磁場過程中做勻速運(yùn)動(dòng)，則用時(shí)故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)能量守恒，線框中產(chǎn)生的焦耳熱故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)因?yàn)樵诰€框穿越磁場過程中磁通量改變量為零，則通過線框橫截面的電荷量為0，故C正確；D．線框穿越磁場過程中，安培力克服安培力做功的功率故D錯(cuò)誤。故選C。9. 如圖所示，有界勻強(qiáng)磁場寬度為2L，邊長為L的正方形金屬框勻速穿過磁場。以磁場左邊界上的O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立x軸，則線框中的感應(yīng)電流i、ab邊兩端的電壓Uab、線框所受安培力F、穿過線圈的磁通量Φ隨位移x的變化圖像一定錯(cuò)誤的是（　?。?/span>
 A.  B. C.  D. 【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)楞次定律，進(jìn)入磁場的過程中感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針，進(jìn)入磁場后，無電流，出磁場的過程中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，感應(yīng)電流的大小為金屬框勻速穿過磁場，v不變，感應(yīng)電流I的大小不變，A正確，不符合題意；B．進(jìn)入磁場的過程中 金屬框勻速穿過磁場，v不變，Uab不變；全部進(jìn)入磁場后金屬框勻速穿過磁場，v不變，Uab不變；出磁場的過程中金屬框勻速穿過磁場，v不變，Uab不變；B錯(cuò)誤，符合題意；C．進(jìn)入磁場的過程中感應(yīng)電流的方向逆時(shí)針，進(jìn)入磁場后，無電流，出磁場的過程中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針，根據(jù)左手定則，進(jìn)入磁場的過程中安培力的方向向左，進(jìn)入磁場后，無安培力，出磁場的過程中安培力的方向向左，進(jìn)出磁場時(shí)安培力的大小為 金屬框勻速穿過磁場，v不變，F不變。C正確，不符合題意；D．進(jìn)入磁場的過程中 在磁場中 出磁場的過程中D正確，不符合題意。故選B。10. 如圖所示，固定于水平面內(nèi)的電阻不計(jì)的足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L，質(zhì)量均為m、阻值均為R的金屬棒ab、cd垂直擱置于導(dǎo)軌上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上某一時(shí)刻同時(shí)給ab、cd以平行于導(dǎo)軌的初速度v0、2v0，則兩棒從開始運(yùn)動(dòng)至達(dá)到穩(wěn)定速度的過程中（　?。?/span>
 A. ab中的最大電流為B. ab達(dá)到穩(wěn)定速度時(shí)，其兩端的電壓為OC. ab速度為時(shí)，其加速度比cd的小D. ab、cd間距增加了【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)右手定則，回路產(chǎn)生順時(shí)針的感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則，前棒所受安培力向后做減速運(yùn)動(dòng)，后棒所受安培力向前做加速運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定時(shí)以相同的速度運(yùn)動(dòng)。初始時(shí)刻電流最大A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量守恒定律得 解得 穩(wěn)定時(shí)棒兩端電壓為B錯(cuò)誤；C ．根據(jù)牛頓第三定律，穩(wěn)定前兩棒所受安培力大小相等，方向相反，兩棒的加速度也大小相等，方向相反，C錯(cuò)誤；D．對ab根據(jù)動(dòng)量定理得 對回路 解得D正確。故選D。二、非選擇題：共6題，共70分。其中第11題-第16題解答時(shí)請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11. 某發(fā)電廠欲遠(yuǎn)距離輸送總功率為P的電能。已知輸電線的總電阻為R線，輸電電壓為U2，用戶端降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為n3：n4。（1）畫出遠(yuǎn)距離輸電電路圖（內(nèi)含發(fā)電端、變壓器、輸電線和用戶端）；（2）求降壓變壓器副線圈兩端的電壓U4。【答案】（1） （2）【解析】【詳解】（1）遠(yuǎn)距離輸電電路圖如下圖
 （2）輸電功率為P，輸電電壓為U2，則輸電線上的電流為輸電線上的電壓降為則降壓變壓器原線圈電壓為由理想變壓器變壓規(guī)律則降壓變壓器副線圈兩端的電壓為12. 如圖是一旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的示意圖。水平向右的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.01T，矩形線框abcd的匝數(shù)N=100匝，ab=0.2m，ad=0.5m。t=0時(shí)磁感線平行于線框平面，固定于線框中央的轉(zhuǎn)軸OO′與磁場方向垂直，線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的轉(zhuǎn)速n=10r/s。已知線框的內(nèi)阻r=2Ω，外電阻R=8Ω。取=1.4，π=3。求：（1）交流電流表A的示數(shù)IA；（2）當(dāng)時(shí)，線框ab邊所受安培力F的大小。【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）角速度為感應(yīng)電動(dòng)勢最大值為感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值為 電流表的示數(shù)為 （2）感應(yīng)電流的瞬時(shí)值為 當(dāng)時(shí)，電流的瞬時(shí)值為 線框ab邊所受安培力F大小13. 如圖所示，第一象限內(nèi)有一圓形邊界勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出）。一質(zhì)量為m、電荷量為+q帶電粒子，以大小為v的速度沿+x方向自磁場邊界上的點(diǎn)P（L，3L）射入，從點(diǎn)Q（L，0）射出時(shí)速度方向與x軸負(fù)方向成60°角，粒子重力不計(jì)。求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向和大小B；（2）圓形有界磁場的最小面積S。【答案】（1），方向垂直于紙面向外；（2）。【解析】【詳解】（1）由于平行于軸，帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心在上，由幾何關(guān)系可得由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得
 由左手定則可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于紙面向外。（2）設(shè)帶電粒子從切點(diǎn)飛出后經(jīng)過點(diǎn)，則以為直徑的圓形有界磁場的面積最小，設(shè)圓形磁場的最小半徑為，由幾何關(guān)系可得則最小面積為14. 跑道式回旋加速器的工作原理如圖所示，兩個(gè)勻強(qiáng)磁場區(qū)域I、Ⅱ的邊界平行，相距為L，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向垂直紙面向里，P、Q之間存在勻強(qiáng)加速電場，場強(qiáng)大小為E，方向與磁場邊界垂直，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子從P飄入電場（初速度不計(jì)），多次經(jīng)過電場加速和磁場偏轉(zhuǎn)后，從位于邊界上的出射口K引出。已知K、Q的距離為d，不計(jì)粒子重力。求整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中粒子（1）運(yùn)動(dòng)的最大速率v；（2）在電場中的加速次數(shù)N；（3）做變速運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）粒子從K射出時(shí)速度最大，根據(jù)牛頓第二定律得 解得 （2）在電場中的加速次數(shù)N 解得  （3）做變速運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t 根據(jù)牛頓第二定律得 解得15. 如圖所示，MN、PQ是位于水平面內(nèi)間距為L的電阻不計(jì)的兩無限長平行導(dǎo)軌，M、P間接有阻值為3r的電阻，質(zhì)量為m、內(nèi)阻為r的導(dǎo)體棒ab垂直靜置于導(dǎo)軌上，垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?，F(xiàn)給ab一水平向右、大小為v的初速度，在ab向右滑行的過程中通過電阻的電荷量為q。已知ab與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。求ab向右滑行過程中（1）ab兩端的最大電壓U；（2）ab速度為時(shí)的加速度大小a；（3）ab中產(chǎn)生的焦耳熱Q。
 【答案】(1)；(2)；【解析】【詳解】(1)剛開始時(shí)，導(dǎo)體棒的速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，ab兩端的電壓最大，最大電動(dòng)勢為ab兩端最大電壓(2) ab速度為時(shí)的電動(dòng)勢為感應(yīng)電流為安培力為由牛頓第二定律可得可得(3) ab向右滑行的過程中通過電阻的電荷量為又，解得由能量守恒定律可得電路中產(chǎn)生的焦耳熱則導(dǎo)體棒ab的焦耳熱為16. 如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)有半徑均為R的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域I、Ⅱ，I和Ⅱ的圓心分別在原點(diǎn)O和（4R，0），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，I、Ⅱ內(nèi)磁場方向分別垂直于坐標(biāo)系平面向里、向外。t=0時(shí)刻，（0，-R）處的粒子源S在坐標(biāo)系平面內(nèi)向I內(nèi)各個(gè)方向同時(shí)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子，所有粒子的速率，其中粒子a的入射方向與y軸正方向成30°角，不考慮粒子重力及粒子間的相互作用，求：（1）a從I射出的位置坐標(biāo)；（2）a從Ⅱ射出的時(shí)刻ta；（3）所有粒子中，最早從Ⅱ射出的時(shí)刻tmin。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)粒子在磁場I做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律有解得如圖所示，設(shè)a從T點(diǎn)從磁場I射出，根據(jù)幾何關(guān)系可知四邊形OSO1T為菱形，則T點(diǎn)橫、縱坐標(biāo)分別為（2）a在磁場I中轉(zhuǎn)過的圓心角為120°，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為根據(jù)幾何關(guān)系可知a從磁場I射出時(shí)速度方向平行于x軸，設(shè)a從M進(jìn)入磁場Ⅱ，根據(jù)幾何關(guān)系可知a從T運(yùn)動(dòng)至M的時(shí)間為根據(jù)幾何關(guān)系可知a在磁場Ⅱ中轉(zhuǎn)過的圓心角為60°，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為a從Ⅱ射出的時(shí)刻為（3）所有粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的半徑都為R，將速度方向與y軸的夾角30°推廣到任意角θ，易知O、S、軌跡圓心和射出點(diǎn)構(gòu)成的四邊形仍為菱形，由此可推知所有粒子從磁場I中射出時(shí)的速度方向都平行于x軸，根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子在磁場Ⅱ中轉(zhuǎn)過的圓心角一定與在磁場I中轉(zhuǎn)過的圓心角互補(bǔ)，所以粒子在兩個(gè)磁場中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間一定，為，所以最早從Ⅱ射出的粒子在兩磁場之間運(yùn)動(dòng)的距離最短，綜上所述可得

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