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本題是簡(jiǎn)單的共點(diǎn)力平衡問(wèn)題，正確分析受力是基礎(chǔ)，本題運(yùn)用數(shù)學(xué)上勾股定理求解比較簡(jiǎn)潔，也可以由正交分解法求解．
10.【答案】B
【解析】解：作用時(shí)，物體的受力情況如圖1，根據(jù)平衡條件得
解得：
作用時(shí)，物體的受力情況如圖2，根據(jù)平衡條件得
解得：
所以
故選：B。
以物體為研究對(duì)象，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件運(yùn)用正交分解法求解與的大小，再求它們的比值。
本題是物體的平衡問(wèn)題，受力分析，作出力圖是正確解題的關(guān)鍵。中等難度。
11.【答案】B
【解析】解：對(duì)A分析，如圖所示，由幾何關(guān)系可知拉力T和支持力N與水平方向的夾角相等，夾角為，
則N和T相等，有：，
解得，
再隔離對(duì)B分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡有：，
則，
可知，
故選：B。
對(duì)A受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出繩子的拉力，再對(duì)B分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出拉力和B的重力關(guān)系．
解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解，難度不大．
12.【答案】BC
【解析】解：由題意，彈簧原來(lái)處于自然長(zhǎng)度，當(dāng)旅客發(fā)現(xiàn)彈簧的長(zhǎng)度變長(zhǎng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)，小球受到向左的彈力，根據(jù)牛頓第二定律得知小球的加速度向左，火車可能向左做加速運(yùn)動(dòng)，也可能向右做減速運(yùn)動(dòng)。故AD錯(cuò)誤，BC正確。
故選：BC。
彈簧原來(lái)處于自然長(zhǎng)度，當(dāng)旅客發(fā)現(xiàn)彈簧的長(zhǎng)度變長(zhǎng)時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)，小球受到向左的彈力，根據(jù)牛頓第二定律即可判斷其加速度方向，分析火車可能的運(yùn)動(dòng)情況．
本題考查運(yùn)動(dòng)牛頓第二定律定性分析物體運(yùn)動(dòng)情況的能力，不要漏解，向左加速運(yùn)動(dòng)與向右減速運(yùn)動(dòng)是等效的．
13.【答案】AD
【解析】解：設(shè)小球剛剛脫離斜面時(shí)斜面向右的加速度為，此時(shí)斜面對(duì)小球的支持力恰好為零，小球只受重力和細(xì)繩的拉力，細(xì)繩仍與斜面平行，小球受力如下圖所示。
由牛頓第二定律得：，解得臨界加速度：。
AB、當(dāng)斜面以的加速度向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，因，則小球壓在斜面上，設(shè)斜面對(duì)小球的支持力和繩子的拉力分別為N和T，同時(shí)將加速度進(jìn)行分解，如圖所示：
沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律得：
解得：，故A正確、B錯(cuò)誤；
CD、當(dāng)斜面以的加速度向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，因，則小球已離開(kāi)斜面，繩子的拉力和重力的合力水平向右，則繩子拉力大小為：
，故C錯(cuò)誤，D正確。
故選：AD。
首先判斷小球是否飛離斜面，根據(jù)小球剛剛飛離斜面的臨界條件：斜面對(duì)小球的支持力剛好為零，由牛頓第二定律求出臨界加速度，將題目給出的加速度與臨界加速度進(jìn)行比較，若給出加速度大于小球的臨界加速度，說(shuō)明小球已經(jīng)飛離了斜面，否則小球還在斜面上，再根據(jù)牛頓第二定律求解。
本題關(guān)鍵要找出小球恰好不離開(kāi)斜面的臨界狀態(tài)和臨界條件，然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解。運(yùn)用牛頓第二定律時(shí)采用正交分解法和合成法兩種方法研究。
14.【答案】ABD
【解析】解：A、A與B間的最大靜摩擦力的大小為：，
C與B間的最大靜摩擦力的大小為：，
B與地間的最大靜摩擦力的大小為：；
要使A、B、C都始終相對(duì)靜止，三者一起向右加速，則對(duì)整體有：，
假設(shè)C恰好與B相對(duì)不滑動(dòng)，則對(duì)C有：，聯(lián)立解得：，，
設(shè)此時(shí)A與B間的摩擦力為f，對(duì)A有：，解得：，表明C達(dá)到臨界時(shí)A還沒(méi)有，故要使三者始終相對(duì)靜止，則力F不能超過(guò)，故A正確；
B、由A選項(xiàng)知，當(dāng)時(shí)由整體表達(dá)式可得：，代入A的表達(dá)式可得：，故B正確；
C、當(dāng)F較大時(shí)，A、C都會(huì)相對(duì)B滑動(dòng)，B的加速度達(dá)到最大，對(duì)B有：，解得：，故C錯(cuò)誤；
D、當(dāng)A相對(duì)B滑動(dòng)時(shí)，C早已相對(duì)B滑動(dòng)，對(duì)A、B整體得：，對(duì)A有：，解得：，故當(dāng)拉力F大于時(shí)，B與A相對(duì)滑動(dòng)，故D正確。
故選：ABD。
分別對(duì)BC、AB以及整體進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律以及最大靜摩擦力的性質(zhì)確定發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的條件，同時(shí)求解摩擦力的大小。
本題考查了摩擦力的計(jì)算和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，解決本題的突破口在于通過(guò)隔離法和整體法求出A、B和B、C不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力。
15.【答案】 超重
【解析】解：以向下為正方向，月壤的加速度與返回器的加速度相同均為：，方向豎直向上，所以土壤處于超重狀態(tài)。
以月壤為研究對(duì)象，所受支持力為N，根據(jù)牛頓第二定律：，解得，
根據(jù)牛頓第三定律，這些月球土壤對(duì)返回器的壓力為。
答： 超重
首先根據(jù)整體法判斷物體的加速度大小和方向，然后根據(jù)隔離法和牛頓第二定律求解月壤所受的支持力，最后根據(jù)牛頓第三定律，判斷月壤對(duì)返回器的壓力大小。
本題考查物體的超重和失重，應(yīng)注意判斷物體超重和失重的關(guān)鍵是看物體的加速度是向上還是向下，加速度向上時(shí)超重，加速度向下時(shí)失重，與物體的向上還是向下運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)。
16.【答案】
【解析】解：根據(jù)題意，依據(jù)極短時(shí)間內(nèi)中時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，
則遮光板通過(guò)A光電門的速度為：
遮光板通過(guò)B光電門的速度為：
故滑塊的加速度為：．
故答案為：；。
依據(jù)極短時(shí)間內(nèi)中時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，再結(jié)合通過(guò)光電門的時(shí)間和遮光板的寬度可得通過(guò)兩個(gè)光電門時(shí)的滑塊速度，最后根據(jù)滑塊在通過(guò)兩個(gè)光電門的時(shí)間可以算出滑塊的加速度．
解決本題的關(guān)鍵掌握加速度的定義式，以及知道當(dāng)時(shí)間極短時(shí)，平均速度大小可以接近瞬時(shí)速度大小．
17.【答案】2g 0
【解析】解：剪斷繩前，以B為研究對(duì)象，可得彈簧的彈力
剪斷細(xì)繩的瞬間，彈簧的彈力不變，對(duì)A分析，根據(jù)牛頓第二定律得，A的加速度，方向豎直向下。
對(duì)B分析，B所受的合力仍為零，加速度為零。
故答案為：2g；0。
剪斷繩前，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件求出彈簧彈力的大小，剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力不變，然后根據(jù)牛頓第二定律分別求出A、B的加速度大小。
本題考查了牛頓第二定律的瞬時(shí)問(wèn)題，知道剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力不變，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解。
18.【答案】
【解析】解：對(duì)小滑塊A受力分析，受到重力、B對(duì)A的支持力和擋板對(duì)A的支持力，如圖1所示：
根據(jù)平衡條件，有：；
對(duì)AB整體受力分析，受重力、水平面支持力、豎直擋板支持力、水平面的靜摩擦力，如圖2所示：
豎直方向根據(jù)平衡條件可得水平面對(duì)B的支持力大小為：
水平方向根據(jù)平衡條件可得水平面對(duì)B的摩擦力大小為：；
再根據(jù)牛頓第三定律可得物體B對(duì)水平面的壓力大小為。
故答案為：；。
首先對(duì)小滑塊A受力分析，根據(jù)平衡條件求解擋板的支持力；然后對(duì)整體受力分析，根據(jù)平衡條件力列式求解地面支持力和靜摩擦力大小，再根據(jù)牛頓第三定律分析。
本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，解答此類問(wèn)題的一般步驟是：確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。注意整體法和隔離法的應(yīng)用。
19.【答案】4； 50；9
【解析】解：彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，彈力為零，故原長(zhǎng)為4cm；彈簧彈力為2N時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為8cm，伸長(zhǎng)量為4cm；根據(jù)胡克定律，有：；
由圖c得到彈簧的彈力為，根據(jù)圖b得到彈簧的長(zhǎng)度為9cm；
故答案為：，50；。
彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，彈力為零；根據(jù)胡克定律求解勁度系數(shù)；
直接從彈簧秤得到彈力，再?gòu)膱D象b彈簧彈簧長(zhǎng)度。
本題關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，然后根據(jù)胡克定律并結(jié)合圖象列式求解，不難。
20.【答案】C 不需要 C
【解析】解：考查實(shí)驗(yàn)原理、過(guò)程及注意事項(xiàng)：A、由于有拉力傳感器測(cè)拉力，不必用砂和桶的總重力代替拉力，所以不需要測(cè)其總質(zhì)量，故A不需測(cè)量；
B、只有平衡了摩擦力才能有拉力等于合力，所以將右端墊高以平衡摩擦力是必須的，故B錯(cuò)誤；
C、輕繩與長(zhǎng)木板平行，才確保拉力不變，故C正確。
故選：C
由于有拉力傳感器測(cè)輕繩子的拉力，則小車的合力為，不必滿足讓小車的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小盤(pán)和重物的質(zhì)量；
由題意知，這七個(gè)點(diǎn)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為：
把紙帶分成兩段，由逐差公式求加速度為：
；
根據(jù)牛頓第二定律有，得到，則的圖象的斜率是，所以。
故答案為：；不需要；；
實(shí)驗(yàn)時(shí)需要提前做的工作：一是平衡摩擦力，且每次改變小車質(zhì)量時(shí)，不用重新平衡摩擦力，因?yàn)?/span>，m約掉了，一是輕繩要與長(zhǎng)木板平行；
由逐差公式求加速度；
小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，對(duì)圖來(lái)說(shuō)，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)。
解決實(shí)驗(yàn)問(wèn)題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，對(duì)圖來(lái)說(shuō)，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)。
21.【答案】解：在OA段加速上升，有
經(jīng)A點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小
在AB段勻速上升，有
從O點(diǎn)到B點(diǎn)的平均速度大小。
答：航拍飛機(jī)勻加速運(yùn)動(dòng)的高度為48m，經(jīng)A點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小為。
航拍飛機(jī)從A點(diǎn)到B點(diǎn)的高度為48m，從O點(diǎn)到B點(diǎn)的平均速度大小為。
【解析】航拍飛機(jī)做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，已知初速度、時(shí)間和加速度，由位移時(shí)間公式即可求出運(yùn)動(dòng)的高度；由速度時(shí)間公式求出經(jīng)A點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小；
由求勻速上升的位移，從而求出總位移，然后由平均速度的公式求出從O點(diǎn)到B點(diǎn)的平均速度大小。
本題中飛機(jī)先做勻加速運(yùn)動(dòng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，平均速度等于總位移與時(shí)間的比值，要熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解答。
22.【答案】解：對(duì)球受力分析，受到重力、支持力和輕繩的拉力，根據(jù)平行四邊形法則進(jìn)行力的合成，如圖所示；
豎直方向根據(jù)物體的平衡條件可得：
解得： 方向沿繩子向上；
水平方向根據(jù)平衡條件可得：，方向水平向右。
答：輕繩對(duì)球的拉力大小為125N；
墻對(duì)球的支持力大小為75N。
【解析】對(duì)球進(jìn)行受力分析，豎直方向根據(jù)平衡條件求解輕繩對(duì)球的拉力大小；
水平方向根據(jù)平衡條件求解墻對(duì)球的支持力大小。
本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，關(guān)鍵是能夠確定研究對(duì)象、進(jìn)行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成，然后建立平衡方程進(jìn)行解答。
23.【答案】解：物體A始終處于平衡狀態(tài)，垂直沿斜面方向根據(jù)平衡條件可得：
解得：；
當(dāng)物體A將要上滑時(shí)，物體A受到的靜摩擦力最大，且方向沿斜面向下。
這時(shí)物體A的受力情況如圖所示，根據(jù)平衡條件有：
解得：
當(dāng)物體A將要下滑時(shí)，物體A受到的靜摩擦力最大，且方向沿斜面向上，
根據(jù)平衡條件得：
解得：
則物體B的質(zhì)量的取值范圍為：。
答：斜面對(duì)物體A的支持力大小為；
物體B的質(zhì)量的取值范圍為。
【解析】對(duì)A受力分析，在垂直斜面方向上受力平衡，求斜面支持力；
對(duì)物體A受力分析，受拉力、重力、支持力和靜摩擦力，分靜摩擦力向上和向下兩種情況列方程求解．
本題關(guān)鍵是找出恰好不上滑和恰好不下滑的臨界狀態(tài)，然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解．
24.【答案】解：分別對(duì)兩種情況受力分析，如圖所示，由于物體始終做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則物體受力平衡
當(dāng)拉力為時(shí)，對(duì)物體受力分析
水平方向：
豎直方向：
當(dāng)拉力為時(shí)，對(duì)物體受力分析
水平方向：
豎直方向：
并且
聯(lián)立解得：，
若改用水平力F推物塊使其做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物體仍然受力平衡
即
則：：1
答：物塊與水平地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為；
若改用水平力F推物塊使其做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則F與或大小的比值為：1。
【解析】物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則受力平衡，分別對(duì)物塊做受力分析求出動(dòng)摩擦因素；
根據(jù)以上分析求出，將力改用水平力F推物塊使其做勻速直線運(yùn)動(dòng)，仍然受力平衡，求出F，即可求出比值。
本題主要考查受力平衡的條件：物體靜止或者做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)受力平衡；
根據(jù)共點(diǎn)力平衡列方程式，聯(lián)立求解。本題計(jì)算量較大，需要耐心。
25.【答案】解：設(shè)滑塊質(zhì)量為m，上滑過(guò)程的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律，有
所以，，
滑塊上滑做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移與速度的關(guān)系公式得最大距離；
滑塊下滑過(guò)程中的加速度大小為：，
根據(jù)速度位移關(guān)系可得：
解得：；
滑塊上升的時(shí)間
下滑的時(shí)間，
則下滑的總時(shí)間為。
答：之間的距離為5m；
滑塊再次回到A點(diǎn)時(shí)的速度為；
滑塊在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所用的時(shí)間為。
【解析】運(yùn)用牛頓第二定律求解滑塊上滑過(guò)程中的加速度大小，根據(jù)勻減速運(yùn)動(dòng)的位移與速度的關(guān)系公式，求出滑塊上滑的最大距離；
根據(jù)牛頓第二定律求解滑塊下滑的加速度大小，根據(jù)速度位移關(guān)系求解滑塊返回斜面底端時(shí)的速度大小；
根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式求出上滑和下滑的時(shí)間，進(jìn)而求解總時(shí)間。
對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。
26.【答案】解：由牛頓第二定律得：
對(duì)小車：
解得：，
對(duì)小物塊：
解得：；
設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t小車與小物塊速度相同，設(shè)速度為，
對(duì)小車：，
對(duì)小物塊：，
解得：，；
假設(shè)當(dāng)兩者達(dá)到共同速度后相對(duì)靜止，
系統(tǒng)只受恒力作用，設(shè)系統(tǒng)的加速度為，
由牛頓第二定律得：
解得：，
此時(shí)小車所需要的靜摩擦力：，
因?yàn)?/span>，所以兩者將一起向右做勻減速運(yùn)動(dòng)。
小物塊第一段的位移：，
小物塊第二段的位移：，
小物塊向右運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)位移為：；
答：初始時(shí)刻，小車和小物塊的加速度大小分別為：；
經(jīng)過(guò)時(shí)間小物塊與小車速度相同，此時(shí)速度大小為；
小物塊向右運(yùn)動(dòng)的最大位移為2m。
【解析】由牛頓第二定律可以求出物塊與小車的加速度。
物塊向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小車向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度公式可以求出時(shí)間。
由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以求出物塊向右運(yùn)動(dòng)的最大位移。
本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程與受力情況是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以解題。
27.【答案】解：對(duì)煤塊由牛頓第二定律：
得
若煤塊一直加速到右端，設(shè)到右端速度為得：
解得：
因?yàn)?/span>，所以煤塊一直加速到右端，設(shè)需時(shí)間到右端得：
時(shí)間內(nèi)皮帶位移：
；
煤塊滑上平板時(shí)速度，
兩者速度相等有：
解得
對(duì)平板由牛頓第二定律：
解得：；
由于，共速后煤塊將以勻減速到停止，而平板以加速度大小為做勻減速直線運(yùn)動(dòng)
對(duì)平板由牛頓第二定律：
得
全過(guò)程平板位移：
解得
全過(guò)程煤塊位移：
所以板長(zhǎng)：
答：傳送帶上黑色痕跡的長(zhǎng)度是；
平板與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)的大小是；
平板的長(zhǎng)度為。
【解析】根據(jù)牛頓第二定律求出煤塊在傳送帶上發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的加速度，結(jié)合速度時(shí)間公式求出傳送帶達(dá)到速度v的時(shí)間以及煤塊達(dá)到該速度的時(shí)間，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分別求出傳送帶和煤塊的位移，從而得出相對(duì)位移的大?。?/span>
根據(jù)牛頓第二定律求出煤塊在平板車上的加速度大小，結(jié)合速度時(shí)間公式求出共同的速度大小，從而通過(guò)速度時(shí)間公式求出平板車的加速度。對(duì)平板由牛頓第二定律列式求解動(dòng)摩擦因數(shù)的大??；
根據(jù)牛頓第二定律求出平板車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，得出煤塊和平板車共速后煤塊和平板車的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出平板車表面的最小長(zhǎng)度。
對(duì)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和受力情況，利用牛頓第二定律或運(yùn)動(dòng)學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進(jìn)行解答；知道加速度是聯(lián)系力和運(yùn)動(dòng)的橋梁。
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這是一份黑龍江省黑河市嫩江高級(jí)中學(xué)2020-2021學(xué)年高一（上）期末物理試題，共8頁(yè)。試卷主要包含了單選題，多選題，實(shí)驗(yàn)題探究題，計(jì)算題等內(nèi)容，歡迎下載使用。
2021-2022學(xué)年黑龍江省嫩江市第一中學(xué)高一（下）開(kāi)學(xué)考試物理試題含解析：
這是一份2021-2022學(xué)年黑龍江省嫩江市第一中學(xué)高一（下）開(kāi)學(xué)考試物理試題含解析，共21頁(yè)。試卷主要包含了選擇題，實(shí)驗(yàn)題，解答題等內(nèi)容，歡迎下載使用。
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