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12. 如圖甲所示，水平傳送帶的長(zhǎng)度，皮帶輪的半徑，皮帶輪以角速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．現(xiàn)有一質(zhì)量為的小物體視為質(zhì)點(diǎn)以水平速度從點(diǎn)滑上傳送帶，越過(guò)點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，其水平位移為保持物體的初速度不變，多次改變皮帶輪的角速度，依次測(cè)量水平位移，得到如圖乙所示的圖象．已知重力加速度回答下列問(wèn)題： 當(dāng)時(shí)，物體在、之間做什么運(yùn)動(dòng)？物塊的初速度為多大？端距地面的高度為多大？當(dāng)時(shí)，求傳送帶對(duì)物體做的功． 13. 如圖為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場(chǎng)、靜電分析儀和磁分析儀組成，若靜電分析儀通道的半徑為，其中僅有均勻輻向電場(chǎng)，方向如圖所示，磁分析儀中僅有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，問(wèn)：為了使位于處的質(zhì)量為、電荷量為的離子，從靜止開(kāi)始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后沿圖中圓弧虛線(xiàn)通過(guò)靜電分析儀，已知虛線(xiàn)處場(chǎng)強(qiáng)大小均為，則離子進(jìn)入靜電分析器的初速度為多少？加速電場(chǎng)的電壓應(yīng)為多大？離子的重力不計(jì)離子由點(diǎn)進(jìn)入磁分析儀后，最終打在乳膠片上的點(diǎn)，該點(diǎn)距入射點(diǎn)多遠(yuǎn)？若有一群離子從靜止開(kāi)始通過(guò)質(zhì)譜儀后落在同一點(diǎn)，則該群離子有什么共同點(diǎn)？
參考答案及解析1.答案：解析：解：、因?yàn)?/span>射線(xiàn)是氫原子核變化時(shí)輻射的能量，因此不會(huì)輻射射線(xiàn)．故A錯(cuò)誤．B、大量的氫原子從的能級(jí)向基態(tài)躍遷時(shí)，會(huì)釋放種光子，那么從的能級(jí)向的能級(jí)躍遷時(shí)釋放的種類(lèi)小于種，故B錯(cuò)誤．C、從的能級(jí)向的能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光子能量大于從的能級(jí)向的能級(jí)躍遷時(shí)輻射出的光子能量，則光的頻率大于光的頻率，則光子能量比光子的能量大．故C正確．D、氫原子在能級(jí)時(shí)，吸收的能量需大于等于，才能發(fā)生電離．故D錯(cuò)誤．故選：．能級(jí)間躍遷時(shí)，輻射光子的能量等于能級(jí)差，根據(jù)光子頻率的大小比較折射率的大小，從而比較在介質(zhì)中的速度大小．解決本題的關(guān)鍵知道能級(jí)間躍遷輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，即．2.答案：解析：解：根據(jù)可知，和的電阻要小于的電阻；則圖可知，與并聯(lián)后再與串聯(lián)，則可知，與電壓相等，則由可知，的功率一定大于的功率；由于中的電流大于中電流，則由可知，消耗的電功率一定大于消耗的電功率．故功率關(guān)系為：；故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選：．根據(jù)功率公式可知各燈泡的電阻大小，再分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律和電功率公式進(jìn)行分析，從而得出電功率的大小關(guān)系．本題考查電功率的計(jì)算，要注意明確在純電阻電路中，要根據(jù)題意靈活選擇功率公式進(jìn)行分析求解．3.答案：解析：解：、小球在豎直的光滑圓形軌道內(nèi)壁做圓周運(yùn)動(dòng)，速度的大小時(shí)刻改變，方向沿切線(xiàn)方向，所以小球做的是變速圓周運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B、小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，所以小球的機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；C、勻速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度指向圓心，而變速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度的一個(gè)分量指向圓心，另一個(gè)分量沿切線(xiàn)方向，所以小球做變速圓周運(yùn)動(dòng)的加速度方向不是指向圓心的，故C錯(cuò)誤；D、設(shè)小球通過(guò)軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度為，對(duì)小球受力分析，由牛頓第二定律得：，解得：，根據(jù)牛頓第三定律得小球在最高點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小為：，小球從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得：，解得：，對(duì)小球在最低點(diǎn)受力分析，由牛頓第二定律得：，解得：，根據(jù)牛頓第三定律得小球在最低點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小為：，故有：，故D正確。故選：。小球在內(nèi)軌道中做變速圓周運(yùn)動(dòng)，線(xiàn)速度的大小和方向時(shí)刻改變，因?yàn)榫哂星芯€(xiàn)加速度和向心加速度，所以合加速度的方向不一定直線(xiàn)圓心；根據(jù)機(jī)械能守恒條件判斷；根據(jù)牛頓第二定律及機(jī)械能守恒定律求解。本題考查了變速圓周運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)及受力情況，同時(shí)會(huì)從機(jī)械能守恒和向心力方程的角度去解決此類(lèi)問(wèn)題。4.答案：解析：由題意簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)的波形圖如圖所示，圖甲是該波中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，則由乙圖讀出時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度方向和周期，在圖甲上判斷出波的傳播方向和波長(zhǎng)，再求出波速．分析至的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，判斷其位移的變化情況。本題考查理解振動(dòng)圖象和波動(dòng)圖象的能力，以及把握兩種圖象聯(lián)系的能力。由題意，簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)的波形圖如圖乙所示，圖乙是該波中質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象，則由圖讀出時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度方向沿軸負(fù)方向，該波的周期為在圖甲上判斷出波的傳播方向?yàn)檠?/span>軸負(fù)方向，波長(zhǎng)為，則波速為故A錯(cuò)誤，B正確；C.在時(shí)質(zhì)點(diǎn)正經(jīng)過(guò)平衡位置向上運(yùn)動(dòng)，則至的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移先增大后減?。?/span>C錯(cuò)誤；D.時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)與時(shí)刻狀態(tài)相反，時(shí)間經(jīng)過(guò)了，所以時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)在平衡位置下方向上振動(dòng)．故D錯(cuò)誤。故選B。 5.答案：解析：解：、干簧管是一種能夠感知磁場(chǎng)的傳感器。故A錯(cuò)誤。B、電子秤應(yīng)用的是壓力傳感，而不是半導(dǎo)體材料制成的。故B錯(cuò)誤。C、霍爾元件能夠把磁學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量器。故C正確。D、電飯鍋通過(guò)溫度傳感器實(shí)現(xiàn)溫度的自動(dòng)控制，而不是用兩層膨脹系數(shù)不同的雙金屬片制成的。故D錯(cuò)誤。故選：。通過(guò)各種傳感器的原理進(jìn)行判斷．本題考查了各種傳感器的運(yùn)用，要知道它們的原理，并能與實(shí)際生活相聯(lián)系．6.答案：解析：解：、第一激發(fā)態(tài)的軌道數(shù)為，，即離子第一激發(fā)態(tài)的能量等于基態(tài)氫原子的能量。故A正確；B、離子從第一激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，釋放的能量為：有：故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)能量守恒定律有：故C正確；D、離子從第二激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)，釋放的能量為：，，故D錯(cuò)誤。故選：。利用類(lèi)比的方法，離子原子能級(jí)結(jié)構(gòu)和氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)類(lèi)似，在吸收或放出一定頻率的光子時(shí)，一定要滿(mǎn)足能級(jí)差，根據(jù)所給光子能量以及離子的能級(jí)差可正確解答。本題考查了玻爾模型和氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)、愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程等著知識(shí)點(diǎn)。對(duì)于原子物理部分知識(shí)很多是屬于記憶部分的，因此需要注意平時(shí)的記憶與積累。7.答案：解析：解：、將粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向正交分解，水平方向上受到的恒定的電場(chǎng)力的作用，所以水平分運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，豎直受到重力的作用，分運(yùn)動(dòng)為末速度為零的勻減速運(yùn)動(dòng)，微粒受到的是恒力的作用，所以粒子在區(qū)域中做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，有水平方向：， 豎直方向： 解得： 故B正確；C、粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于電場(chǎng)力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力 解得： 由得到，故C錯(cuò)誤；D、由于，畫(huà)出軌跡，如圖 由幾何關(guān)系，得到回旋角度為，故在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，故D錯(cuò)誤；故選：．將粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)沿水平和豎直方向正交分解，水平分運(yùn)動(dòng)為初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，豎直分運(yùn)動(dòng)為末速度為零的勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律列式分析；粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由于電場(chǎng)力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力．本題關(guān)鍵是將粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)正交分解為直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)來(lái)研究，而粒子在復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，重力和電場(chǎng)力平衡，洛侖茲力提供向心力，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．8.答案：解析：解：、根據(jù)熱力學(xué)第一定律得熱量是在單純的熱傳遞過(guò)程中系統(tǒng)內(nèi)能變化的量度，故A正確；B、絕熱過(guò)程中，系統(tǒng)內(nèi)能的變化只與做功的多少有關(guān)，而與做功的方式無(wú)關(guān)，故B正確；C、改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，二者在內(nèi)能的改變上是一樣的，若對(duì)外做功的同時(shí)吸收熱量，內(nèi)能可能不變，故C錯(cuò)誤；D、第二類(lèi)永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律，故D正確；E、機(jī)械能可能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，而不產(chǎn)生其他影響，故E錯(cuò)誤。故選：。改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞；熱力學(xué)第二定律的兩種表述：按傳熱的方向性表述：熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，按機(jī)械能與內(nèi)能轉(zhuǎn)化的方向性表述：不可能從單一熱源吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響。本題考查熱力學(xué)第一定律與熱力學(xué)第二定律，關(guān)鍵熟悉熱力學(xué)定律的各種表述，能夠明確熱力學(xué)第二定律的本質(zhì)，掌握內(nèi)能的決定因素。9.答案：；；解析：試題分析：根據(jù)題意可知，當(dāng)彈簧秤的示數(shù)為時(shí)，釋放木板，木板做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)位移公式有：，解得：；對(duì)木板、彈簧秤、細(xì)繩、礦泉水瓶及瓶中水整體，具有了相同大小的加速度，設(shè)木板和彈簧秤的質(zhì)量為，礦泉水瓶及瓶中水的質(zhì)量為，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中是按住木板，讀取彈簧秤的讀數(shù)為，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可知，對(duì)系統(tǒng)整體，根據(jù)牛頓第二定律有：，所以在時(shí)，，圖線(xiàn)的縱截距為負(fù)值或橫截距為正值，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；當(dāng)不滿(mǎn)足，即較大時(shí)時(shí)，圖線(xiàn)不再為直線(xiàn)，且加速度將變化得較慢，即向下彎曲，故選項(xiàng)C正確；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。由于水的質(zhì)量幾乎可以連續(xù)變化，因此實(shí)驗(yàn)時(shí)，可以更方便地獲取多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，故選項(xiàng)B正確；且在水平方向上，木板和彈簧秤整體只受細(xì)繩的拉力和桌面的滑動(dòng)摩擦力作用，當(dāng)木板剛剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)整體處于平衡狀態(tài)，且木板所受的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，因此有：，因此可以比較精確地測(cè)出摩擦力的大小，故選項(xiàng)C正確；滑動(dòng)摩擦力大小的影響因素為滑動(dòng)摩擦因數(shù)取決于接觸面的材料和粗糙程度、正壓力大小，顯然本實(shí)驗(yàn)中這些決定因素未發(fā)生變化，所以不能改變滑動(dòng)摩擦力的大小，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)加速度很大時(shí)，對(duì)時(shí)間的測(cè)量精度會(huì)有所下降，且用掛鉤碼的方法也能達(dá)到這一效果，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：本題主要考查了“探究加速度與力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)問(wèn)題，屬于中檔題。10.答案：；；解析：解：游標(biāo)上個(gè)格總長(zhǎng)，則每一小格的長(zhǎng)度；由圖可知，對(duì)齊的主尺刻度為：，則對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為；因電源電動(dòng)勢(shì)為，所以電壓表量程應(yīng)選，由于滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻，變阻器應(yīng)用分壓式接法，滑動(dòng)變阻器選擇小電阻，故應(yīng)選擇；電路圖如圖所示：由的分析可知，本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采用分壓式接法，同時(shí)，由于待測(cè)電阻遠(yuǎn)大于電流表內(nèi)阻，所以應(yīng)采用電流表內(nèi)接法；據(jù)歐姆定律，所以電流大約在到，故電流表應(yīng)選擇；則可知實(shí)物圖如圖所示。故答案為：；；；如圖所示。明確游標(biāo)的性質(zhì)，確定游標(biāo)上最小分度值，從而根據(jù)對(duì)齊的格確定讀數(shù)；要根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)大小選擇電壓的表量程；根據(jù)歐姆定律估算出通過(guò)待測(cè)電阻的電流，然后選擇電流表量程；根據(jù)滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻值，選擇變阻器用分壓式接法。選擇電流表和電壓表的原則是要求通過(guò)電表的電流或電壓值不小于滿(mǎn)刻度的；若滑動(dòng)變阻器的阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí)，應(yīng)用分壓式接法。11.答案：解：設(shè)導(dǎo)體棒滑到的瞬間速度為，對(duì)導(dǎo)體棒從到段應(yīng)用動(dòng)量定理有：其中通過(guò)導(dǎo)體某一橫截面的電荷量為：聯(lián)立解得：，導(dǎo)體棒將要滑到瞬間產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：過(guò)導(dǎo)體棒的電流為：導(dǎo)體棒所所安培力的瞬時(shí)值為：由牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：根據(jù)能量守恒可得導(dǎo)體棒由滑至的過(guò)程中產(chǎn)生的電能為：導(dǎo)體棒由滑至過(guò)程中產(chǎn)生的電能為：兩者的比值為：答：導(dǎo)體棒將要滑到瞬間的加速度為；導(dǎo)體棒由滑至和由滑至兩過(guò)程中產(chǎn)生電能的比值為；。解析：對(duì)導(dǎo)體棒從到過(guò)程應(yīng)用動(dòng)量定理，結(jié)合電荷量的推論表達(dá)式求解出導(dǎo)體棒下滑到瞬間的速度，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路歐姆定律，求出此時(shí)安培力的表達(dá)式，在根據(jù)牛頓第二定律求解此時(shí)的加速度大小即可；根據(jù)能量守恒定律求出導(dǎo)體棒從到過(guò)程的電能和從到產(chǎn)生的電能，再求其比值即可。解決本題的關(guān)鍵在于求解導(dǎo)體棒下滑到處的速度，研究的是導(dǎo)體棒從到段的運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)量定理結(jié)合電磁感應(yīng)定律中電荷量的推論表達(dá)式來(lái)求解。12.答案：勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；；；解析：試題分析：時(shí)，物體在傳送帶上一直做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)由圖象看出時(shí)，物體在傳送帶上一直減速，經(jīng)過(guò)端時(shí)的速度大小 當(dāng)時(shí)，物體在傳送帶上一直加速．經(jīng)過(guò)端時(shí)速度大小 物體的加速度 ， 得 由圖可以看出水平速度為時(shí)，水平距離為，下落時(shí)間 得 當(dāng)時(shí)，物體先加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度時(shí)，物體和傳送帶保持相對(duì)靜止，由動(dòng)能定理得 解得 考點(diǎn)：牛頓定律及動(dòng)能定理的應(yīng)用；平拋運(yùn)動(dòng)及圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律．13.答案：解：離子在加速電場(chǎng)中做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，有：離子在輻向電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力提供向心力，有：由、式得：，離子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力提供向心力，有：由、得：故由式可知，說(shuō)明該群離子必同帶正電荷，且具有相同的比荷。答：離子進(jìn)入靜電分析器的初速度為，加速電場(chǎng)的電壓應(yīng)為。該點(diǎn)距入射點(diǎn)距離為，該群離子的共同點(diǎn)是：必同帶正電荷，且具有相同的比荷。解析：帶電粒子在加速電場(chǎng)中，只有電場(chǎng)力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理列式。離子在輻向電場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由電場(chǎng)力提供向心力，由牛頓第二定律和向心力公式列式，聯(lián)立即可求解。離子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律列式，求出離子的軌跡半徑，從而得到的大小，由此分析影響半徑的大小因素。本題考查粒子在電場(chǎng)中加速與勻速圓周運(yùn)動(dòng)，及在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)類(lèi)型。要掌握電場(chǎng)力與洛倫茲力在各自場(chǎng)中應(yīng)用，注意粒子在靜電分析器中電場(chǎng)力不做功。
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