湖南省岳陽市2022屆高三上學(xué)期教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理試卷（一）一、單選題1．物理學(xué)中的萬有引力定律、電荷間的相互作用定量規(guī)律、電流的磁效應(yīng)、電磁感應(yīng)現(xiàn)象分別由不同的物理學(xué)家探究發(fā)現(xiàn)，他們依次是（　　）A．開普勒、庫侖、洛倫茲、法拉第B．卡文迪許、庫侖、奧斯特、法拉第C．牛頓、庫侖、奧斯特、法拉第D．牛頓、庫侖、安培、盧瑟福2．杭瑞洞庭大橋是一條跨越洞庭湖的快捷通道。圖甲是杭瑞洞庭大橋中，一輛小汽車在長度為L的一段平直橋面上提速，圖乙是該車車速的平方v2與位移x的關(guān)系，圖中a、b、L已知，則小汽車通過該平直橋面的加速度為（　?。?/span>A． B． C． D．3．如圖是湖邊鐵鏈圍欄，鐵鏈兩端固定在欄柱上，圖中這條鐵重為G，今在鐵鏈最低點用力向下壓，直至鐵鏈繃緊。下壓過程中鐵鏈的重心位置將（　?。?/span>A．先升高后降低 B．逐漸降低C．逐漸升高 D．始終不變4．如圖甲所示，兩段等長輕質(zhì)細線將質(zhì)量均為m的小球A、B（均可視為質(zhì)點）懸掛在O點，小球A受到水平向右的恒力F1的作用，小球B受到水平向左的恒力F2的作用，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時，出現(xiàn)了如圖乙所示的狀態(tài)，小球B剛好位于O點正下方，則F1與F2的大小關(guān)系是（　?。?/span>A． B． C． D．5．已知某半徑為r0的質(zhì)量分布均勻的天體，測得它的一個衛(wèi)星的圓軌道半徑為r，衛(wèi)星運行的周期為T。則在該天體表面第一宇宙速度大小是（　　）A．B．C．D．6．如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質(zhì)量為m的帶電小球，以初速度v從M點豎直向上運動，通過N點時，速度大小為2v，方向與電場方向相反，則小球從M運動到N的過程中，動量大小的最小值為（　?。?/span>A． B． C． D．二、多選題7．圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，矩形線圈ABCD繞垂直于磁場方向的水平軸沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動，t=0時刻線圈從中性面開始轉(zhuǎn)動電壓傳感器顯示其產(chǎn)生的電壓如圖乙所示，下列選項正確的是（　?。?/span>A．線圈的轉(zhuǎn)速為5πr/sB．傳感器顯示的交流電壓表達式為C．線圈兩端電壓的有效值為D．該交變電流可以直接加在擊穿電壓為的電容器上8．如圖甲所示，水平地面上輕彈簧左端固定，右端通過滑塊壓縮0.4m后鎖定，t=0時刻解除鎖定釋放滑塊。計算機通過滑塊上的速度傳感器描繪出滑塊的v-t圖像如圖乙所示，其中Oab段為曲線，bc段為直線，傾斜直線Od是t=0時的速度圖線的切線，已知滑塊質(zhì)量m=4.0kg，取g=10m/s2。則以下說法正確的是（　　）A．滑塊與地面間的動摩擦因數(shù)為0.3B．滑塊與地面間的動摩擦因數(shù)為0.5C．彈簧的勁度系數(shù)為175N/mD．彈簧的勁度系數(shù)為350N/m9．如圖所示，A、B、C、D為半球形圓面上的四點，且AB與CD交于球心且相互垂直，E點為球的最低點，A點放置一個電量為 + Q的點電荷，在B點放置一個電量為的點電荷，則下列說法正確的是（　?。?/span>A．C，D，E三點電場強度相同B．沿CD連線移動一電量為 + q的點電荷，電場力始終做正功C．C，D，E三點電勢相同D．將一電量為 + q的點電荷沿圓弧面從C點移到E點電場力做負功再從E點移動到D點，電場力做正功10．如圖所示，一質(zhì)量為m的足夠長U形光滑金屬框abcd置于水平絕緣平臺上，bc邊長為L，不計金屬框電阻。一長為L的導(dǎo)體棒MN置于金屬框上，導(dǎo)體棒的阻值為R、質(zhì)量為2m。裝置處于磁感應(yīng)強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中?，F(xiàn)給金屬框水平向右的初速度v0，在整個運動過程中MN始終與金屬框保持良好接觸，則（　?。?/span>A．剛開始運動時產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為b→c→N→MB．導(dǎo)體棒的最終和U形光滑金屬框一起勻速直線運動速度為C．導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱為D．通過導(dǎo)體棒的電荷量為11．如圖，光滑小球a、b的質(zhì)量均為m，a、b均可視為質(zhì)點，a、b用剛性輕桿連接，豎直地緊靠光滑墻壁放置，輕桿長為l，b位于光滑水平地面上，a、b處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度大小為g?，F(xiàn)對b施加輕微擾動，使b開始沿水平面向右做直線運動，直到a著地的過程中，則（　?。?/span>A．a落地前會離開豎直墻壁B．a落地時的速度大小為C．b的速度最大時，a離地面的高度為D．a開始下滑至著地過程中，輕桿對b做功為三、實驗題12．利用圖甲所示裝置“探究加速度與物體受力的關(guān)系”，已知小車的質(zhì)量為M，砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量為m，打點計時器所接的交流電頻率為50Hz，實驗步驟如下：①按圖甲所示安裝實驗裝置，其中跨過動滑輪的兩側(cè)細線及彈簧測力計沿豎直方向；②調(diào)節(jié)長木板的傾角，輕推小車后，使小車（未連細線）能沿長木板向下勻速運動；③掛上砝碼盤，接通電源后再釋放小車，由紙帶求出小車的加速度；④改變砝碼盤中砝碼的質(zhì)量，重復(fù)步驟③，求得小車在不同外力作用下的加速度。根據(jù)以上實驗過程，回答下列問題：（1）對于上述實驗，下列說法中正確的是____。A．小車的加速度與砝碼盤的加速度大小相等B．彈簧測力計的示數(shù)為小車所受合外力的大小C．實驗過程中砝碼處于超重狀態(tài)D．砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量應(yīng)遠小于小車的質(zhì)量（2）某次實驗打下一條紙帶如圖乙，紙帶上兩相鄰計數(shù)點間還有四個點沒有畫出，其中x1=13.43cm、x2=19.44cm、x3=25.46cm、x4=31.47cm、x5=37.50cm、x6=43.52cm，由紙帶可知小車運動的加速度為　     　m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（3）以彈簧測力計示數(shù)F為橫坐標(biāo)，小車加速度a為縱坐標(biāo)，畫出a-F圖像是一條直線，如丙圖所示，已知圖線與橫坐標(biāo)的夾角為，圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為____。A． B． C． D．13．利用多用電表直流電流檔和電阻箱測電源的電動勢和內(nèi)阻。實驗電路如圖，閉合開關(guān)前應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)到　     　（填“最大值”或“最小值”），通電后，電流一定從　     　（填“紅”或“黑”）表筆流入多用電表。調(diào)節(jié)電阻箱，記錄多組電阻箱示數(shù)R和多用電表示數(shù)I，繪出了圖像，由圖可得每節(jié)干電池的電動勢E=　     　V，內(nèi)阻r=　     　Ω。（計算結(jié)果忽略多用電表電流檔內(nèi)阻的影響，保留兩位有效數(shù)字）四、解答題14．如圖所示，“蛟龍?zhí)?/span>”載人潛水器是迄今為止中國自主設(shè)計的最復(fù)雜的海洋調(diào)查裝備，具有世界第一的下潛深度，且各項技術(shù)指標(biāo)世界領(lǐng)先。“蛟龍?zhí)?/span>”載人潛水器某次潛水試驗，下潛深度3000m，其下潛過程可簡化為由靜止開始豎直向下先做加速度大小為a1=0.2m/s2的勻加速直線運動然后做加速度大小為a2=0.1m/s2的勻減速直線運動直到速度零，求：（1）下潛時加速階段的位移大??；（2）下潛3000m的總時間。15．如圖所示，空間y>1m虛線上方分布著垂直于xoy向里的勻強磁場，0<1m虛線下方分布著平行于x軸勻強電場，電場強度大小均為E=100V/m，在的區(qū)域電場沿x軸正向，在x<0的區(qū)域電場沿x軸負向。一帶正電粒子（不計重力）在O點沿y軸正向以10m/s的速度射入電場，經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后進入磁場，在磁場中繞y軸上某點P（圖中未畫出）為圓心做勻速圓周運動后，又恰好回到O點。已知：粒子的質(zhì)量為，電荷量為。（1）求粒子進入磁場時的速度大小；（2）求勻強磁場的磁感應(yīng)強度B大小；（3）若磁感應(yīng)強度大小不變，方向垂直于xoy向外，求：粒子在O點沿y軸正向以10m/s的速度射入電場后，從x軸穿出的橫坐標(biāo)。16．如圖所示，小滑塊A位于長木板B的左端，現(xiàn)讓小滑塊A和長木板B一起以相同速度v0= 3m/s在光滑的水平面上滑向前方固定在地面上的木樁C。A、B的質(zhì)量分別為m1= 2kg，m2= 1kg，已知B與C的碰撞時間極短，且每次碰后B以原速率彈回，運動過程中A沒有與C相碰，A也沒從B的上表面掉下，已知A、B間的動摩擦因數(shù)μ = 0.1，（g = 10m/s2）求：（1）B與C第二次碰前的速度大??；（2）欲使A不從B的上表面掉下，B的長度至少是多少？（3）B與C第一次碰后到最終停止運動，B運動的總路程？
答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】牛頓探究發(fā)現(xiàn)總結(jié)了萬有引力定律，庫侖發(fā)現(xiàn)庫侖定律，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象。故答案為：C。
【分析】根據(jù)物理學(xué)史進行分析判斷。2．【答案】D【解析】【解答】根據(jù)勻變速直線運動位移與速度關(guān)系可知v2-x圖像的斜率表示加速度的二分之一，則由圖可得小汽車通過該平直橋面的加速度為故答案為：D。
【分析】根據(jù)勻變速直線運動的位移與速度的關(guān)系結(jié)合圖像得出小汽車通過該平直橋面的加速度。3．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)能量守恒，鐵鏈最低點在外力作用下下移，直至鐵鏈繃緊的過程中，外力做正功，外部輸入的能量轉(zhuǎn)化為鐵鏈系統(tǒng)的機械能，忽略動能增加，則鐵鏈的重力勢能增加，所以其重心在逐漸升高，ABD不符合題意，C符合題意。故答案為：C。
【分析】根據(jù)能量守恒以及動能的變化情況得出重力勢能的變化情況，從而得出重心位置的變化情況。4．【答案】B【解析】【解答】設(shè)AO、BO與豎直方向的夾角為，首先對兩個球整體分析，受、重力及AO拉力，如圖所示根據(jù)平衡條件，有  再隔離球B分析，如圖所示根據(jù)平衡條件，有  聯(lián)立解得  故  故答案為：B。
【分析】對兩個球進行受力分析，根據(jù)共點力平衡得出 F1 的表達式；對B球進行受力分析，結(jié)合共點力平衡得出F2的表達式，從而得出二者的關(guān)系。5．【答案】A【解析】【解答】衛(wèi)星的運動由萬有引力提供向心力解得  根據(jù)第一宇宙速度的定義  解得  故答案為：A。
【分析】衛(wèi)星在運動的過程中根據(jù)萬有引力提供向心力得出第一宇宙速度的表達式。6．【答案】B【解析】【解答】帶電小球在電場中做類平拋運動，豎直方向受重力做勻減速運動，水平方向受電場力做勻加速運動，由運動學(xué)公式有聯(lián)立得  合成電場力和重力，設(shè)等效重力與豎直方向的夾角為  ，如圖所示故有  則有  當(dāng)小球做類斜上拋運動到等效最高點時，速度最小，動量大小最小，有  故答案為：B。
【分析】帶點小球在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，利用類平拋運動的規(guī)律以及動量的表達式得出動量的最小值。7．【答案】B,C【解析】【解答】A．由乙圖可以看出交流電的周期T=0.4s，則線圈轉(zhuǎn)速A不符合題意；B．線圈角速度  根據(jù)乙圖可得傳感器顯示的交流電壓表達式為  B符合題意；C．正弦式交變電流電壓的有效值為其最大值的  ，電壓最大值為12V，所以其有效值為  ，C符合題意；D．電容器被擊穿是因為兩端的電壓超出最大承受電壓（擊穿電壓），該交變電流電壓的最大值為12V，大于擊穿電壓為  電容器的最大承受電壓，所以不能加在其兩端，D不符合題意。故答案為：BC。
【分析】利用線圈的轉(zhuǎn)速和周期的關(guān)系以及周期與角速度的關(guān)系得出線圈的轉(zhuǎn)速和角速度，從而得出交變電流的瞬時值表達式，結(jié)合正弦式交流電電壓有效值和最大值的關(guān)系得出線圈兩端電壓的有效值。8．【答案】B,D【解析】【解答】AB由圖像可知，由b點到c點滑塊已經(jīng)離開彈簧做減速運動，其加速度大小為根據(jù)  可得μ=0.5A不符合題意，B符合題意；CD開始運動時的加速度  根據(jù)牛頓第二定律  解得k=350N/mC不符合題意，D符合題意。故答案為：BD。
【分析】v-t圖像的斜率表示物體運動的加速度，結(jié)合牛頓第二定律得出彈簧的勁度系數(shù)和滑塊與地面的動摩擦因數(shù)。9．【答案】A,C【解析】【解答】A．根據(jù)等量異種電荷的電場線的分布，C、D、E兩點電場強度大小相等，方向相同，A符合題意；BCD．根據(jù)等量異種電荷的等勢線的分布，CDE平面為等勢面，所以三點電勢相等，在等勢面上移動電荷，電場力不做功，BD不符合題意、C符合題意。故答案為：AC。
【分析】結(jié)合等量異種電荷電場線的分布得出電場強度的大小以及電勢高低。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．金屬框開始獲得向右的初速度v0，根據(jù)楞次定律可知回路磁通量增大，原磁場垂直紙面向里，所以感應(yīng)電流磁場垂直向外，再根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流方向為c→b→M→N，最后當(dāng)二者速度相等時，回路中沒有感應(yīng)電流，A不符合題意；B．以金屬框和導(dǎo)體棒整體為研究對象，由于整體水平方向不受力，所以整體水平方向動量守恒，最后二者速度達到相等，取初速度方向為正，根據(jù)動量守恒定律可得  可得  B符合題意；C．由能量守恒可知，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的焦耳熱  C符合題意。D．對導(dǎo)體棒，根據(jù)動量定理可得  其中  可得通過導(dǎo)體棒的電荷量為  D符合題意。故答案為：BCD。
【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律以及楞次定律得出剛開始運動時的電流方向；結(jié)合動量守恒得出勻速運動時的速度，通過能量守恒和動量定理得出通過導(dǎo)體棒的電荷量。11．【答案】A,C【解析】【解答】A．對b施加輕微擾動使b開始沿水平面向右做直線運動，桿被壓縮，對a和b均為推力，桿對a做負功，桿對b做正功，當(dāng)桿的力等于零時，a球和墻壁無擠壓，此時a會離開墻壁，A符合題意；B．a落地時，對系統(tǒng)由機械能守恒定律，有  則a落地時的速度大小小于  ，B不符合題意；C．當(dāng)桿的推力等于零時，桿對b做正功最多，此時b的速度最大，設(shè)桿與水平方向的夾角為  ，對系統(tǒng)由機械能守恒有  沿著桿的速度相等，有  聯(lián)立解得  故當(dāng)  時，即  ，b的動能有最大值為  而a離地面的高度為  C符合題意；D．a開始下滑至著地過程中，系統(tǒng)減少的重力勢能為  ，而兩球沿桿的速度相等，a球還有豎直分速度，則有  ，則桿對a做功大于  ，桿對b做功小于  ，D不符合題意；故答案為：AC。
【分析】a落地時，根據(jù)機械能守恒以及速度分解得出a落地時的速度；a開始下滑至著地過程中，利用能量關(guān)系得出桿對b做功的大小。12．【答案】（1）B（2）6.02（3）D【解析】【解答】（1）A．根據(jù)動滑輪自由端與滑輪的位移關(guān)系可知小車的加速度大小是砝碼盤加速度大小的2倍，A不符合題意；B．根據(jù)動滑輪力學(xué)特點可知彈簧測力計的示數(shù)為小車所受合外力的大小，B符合題意；C．實驗過程中砝碼向下做勻加速運動，處于失重狀態(tài)，C不符合題意；D．本實驗中小車所受合外力大小可以通過彈簧測力計的讀數(shù)直接獲得，不需要用砝碼和砝碼盤的總重力去近似替代，因此砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量不需要遠小于小車的質(zhì)量，D不符合題意。故答案為：B。（2）根據(jù)逐差法可得小車運動的加速度為  （3）設(shè)小車的質(zhì)量為M，根據(jù)牛頓第二定律有  解得  故答案為：D。
【分析】（1） 根據(jù)“探究加速度與物體受力的關(guān)系”的實驗原理以及注意事項進行分析判斷；
（2）根據(jù)勻變速直線運動相同時間間隔內(nèi)的位移差得出加速度的大??；
（3）利用牛頓第二定律得出小車的質(zhì)量。13．【答案】最大值；紅；1.5；0.9【解析】【解答】根據(jù)電路圖結(jié)構(gòu)可知，為了防止通過多用電表的電流過大，損壞多用電表，所以閉合開關(guān)前應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)到最大值；通電后，電流一定從“紅”表筆流入多用電表。根據(jù)電路圖，由閉合電路歐姆定律可得  可得  由  圖像可得  故求得每節(jié)干電池電動勢及內(nèi)阻為 
【分析】閉合開關(guān)前電阻箱調(diào)到最大值；利用閉合電路歐姆定律得出1/I-R的表達式，結(jié)合圖像得出電池的電動勢和內(nèi)阻。14．【答案】（1）解：設(shè)潛水器加速階段的位移為x1，運動時間為t1，末速度為v，減速階段的位移為x2，運動時間為t2，則由勻變速直線運動規(guī)律有又聯(lián)立可得（2）解：根據(jù)勻變速直線運動速度公式解得【解析】【分析】（1）根據(jù)勻變速直線運動的位移與速度的關(guān)系得出下潛時加速階段的位移；
（2）利用勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系得出下潛3000m的總時間。15．【答案】（1）解：依題意，粒子進入電場向右偏做類平拋運動，沿x方向勻加速，沿y方向勻速，有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得，，則第一次進入磁場的速度大小解得（2）解：粒子進入磁場時速度與x軸方向夾角解得由幾何知識可得粒子在磁場中運動的半徑解得由解得（3）解：若磁感應(yīng)強度大小不變，方向垂直于xoy向外，則粒子第一次穿過電場，沿x方向的位移粒子在磁場中沿x方向的位移粒子第二次穿過電場時，沿y負向勻速運動沿x方向勻加速度直線運動，有所以，粒子從x軸穿出的橫坐標(biāo)為聯(lián)立解得【解析】【分析】（1）粒子在偏轉(zhuǎn)電場中做類平拋運動，結(jié)合類平拋運動的規(guī)律以及速度的合成得出粒子進入磁場時的速度；
（2）根據(jù)類平拋運動速度的偏角以及粒子在磁場中根據(jù)洛倫茲力提供向心力得出勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的表達式；
（3）結(jié)合粒子在電場中做類平拋運動的規(guī)律得出從x軸穿出的橫坐標(biāo)。16．【答案】（1）解：第一次碰后動量守恒解得（2）解：設(shè)第一次相對位移為x1，能量守恒解得第二次碰后動量守恒解得根據(jù)動能定理有解得全過程能量守恒可得（3）解：B與C第一次碰后向左運動的的最大距離s1，對長木板，由動能定理B與C第二次碰后向左運動的的最大距離s2，對長木板，由動能定理B與C第三次碰后向左運動的的最大距離s3，對長木板，由動能定理等比數(shù)列，公比為，求和可得【解析】【分析】（1）B和C第一次碰撞后根據(jù)動量守恒得出B與C第二次碰前的速度；
（2）要使A不從B上表面掉下，結(jié)合能量守恒和動量守恒以及動能定理得出B的長度；
（3）B與C碰撞的過程中，對木板根據(jù)動能定理得出B運動的總路程。

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