2022屆高三年級模擬試卷物　　理(滿分：100分　考試時間：75分鐘)2022．3一、 單項選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分．每小題只有一個選項最符合題意．1. 石墨烯是從石墨中分離出的新材料，其中碳原子緊密結合成單層六邊形晶格結構，如圖所示，則(　　)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A. 石墨是非晶體B. 石墨研磨成的細粉末就是石墨烯C. 單層石墨烯的厚度約3 μmD. 碳原子在六邊形頂點附近不停地振動2. 一定質量理想氣體某溫度下的等溫線如圖中虛線所示，該氣體在此溫度下的狀態(tài)a開始絕熱膨脹，圖中實線能反應此變化過程的是(　　)3. 一束單色光穿過兩塊兩面平行的玻璃磚，出射光線與入射光線的位置關系可能正確的是(　　)4. 如圖所示，電阻為r的金屬直角線框abcd放置在磁感應強度為B的勻強磁場中，a、d兩點連線與磁場垂直，ab、cd長均為l，bc長為2l，定值電阻阻值為R.線框繞ad連線以角速度ω勻速轉動，從圖示位置開始計時，則(　　)A. 線框每轉一圈，回路電流方向改變一次B. a、d兩點間的電壓為Bl2ωC. 電流瞬時值的表達式為i＝D. 半個周期內通過R的電荷量為5. 劈尖干涉是一種薄膜干涉．如圖所示，將一塊平板玻璃a放置在另一平板玻璃b上，在一端夾入兩張紙片，當單色光從上方入射后，從上往下可以看到干涉條紋．則(　　)A. 干涉條紋是由a、b上表面反射的光疊加產生的B. 相鄰的暗條紋對應位置下方的空氣膜厚度差不同C. 若抽去一張紙片，條紋變密D. 若某亮條紋發(fā)生彎曲，該亮條紋對應位置的空氣膜厚度仍相等6. 當空氣中的電場強度超過E0時，空氣會被擊穿．給半徑為R的孤立導體球殼充電，球殼所帶電荷量的最大值為Q，已知靜電力常量為k，則Q為(　　)A.     B.     C.     D. 7. 北京冬奧會上，某跳臺滑雪運動員每次起跳時速度大小相等、方向水平，起跳后身體與滑板平行，最終落在斜坡上，如圖所示．風對人和滑板的作用力F垂直于滑板，逆風時F較大，無風時F較小，可以認為運動過程中滑板保持水平．則(　　)A. 逆風時運動員落點比無風時近B. 逆風時運動員飛行時間比無風時短C. 逆風和無風時，運動員到達落點的速度大小相同D. 逆風和無風時，運動員到達落點的速度方向不同8. 如圖所示，甲、乙、丙為三個相同的鋁管，甲、乙兩管的側壁分別開有橫槽和豎槽，丙管未開槽．現(xiàn)將三個鋁管分別套在豎直圓柱形強磁鐵上，由上端口靜止釋放，忽略管與磁鐵間的摩擦以及開槽后管的質量變化．關于鋁管穿過強磁鐵的時間，下列判斷正確的是(　　)A. 甲最短    B. 乙最短C. 丙最短    D. 甲、乙相同9. 如圖所示，相同細線1、2與鋼球連接，細線1的上端固定，用力向下拉線2.則(　　)A. 緩慢增加拉力時，線2會被拉斷B. 緩慢增加拉力時，線1中張力的增量比線2的大C. 猛拉時線2斷，線斷前瞬間球的加速度大于重力加速度D. 猛拉時線2斷，線斷前瞬間球的加速度小于重力加速度10. 如圖所示，水平輕彈簧一端固定，另一端與滑塊連接，當滑塊輕放在順時針轉動的水平傳送帶上瞬間，彈簧恰好無形變．在滑塊向右運動至速度為零的過程中，下列關于滑塊的速度v、加速度a隨時間t，滑塊的動能Ek、滑塊與彈簧的機械能E隨位移x變化的關系圖像中，一定錯誤的是(　　)二、 非選擇題：本題共5題，共60分．其中第12題～第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數值計算時，答案中必須明確寫出數值和單位．11. (15分)某小組測量阻值約3 kΩ的電阻Rx，實驗室提供了下列器材：A. 電壓表V(量程3 V，內阻約5 kΩ)B. 電流表A(量程1 mA，內阻約60 Ω)C. 靈敏電流計G(量程0.3 mA，內阻約100 Ω)D. 滑動變阻器R1(阻值0～100 Ω，額定電流1 A)E. 電阻箱R2(阻值0～9 999 Ω)F. 電阻箱R3(阻值0～999.9 Ω)G.  電源(E＝3 V，內阻很小)若干H. 開關、導線若干(1) 采用圖甲電路進行測量，電阻箱應選用________(選填“R2”或“R3”).甲 (2) 請用筆畫線代替導線將圖甲的實物圖連接完整．(3) 測量數據如下表所示，請在圖乙中作出UI圖像．根據圖像求出電阻Rx＝________kΩ(結果保留兩位有效數字). U/V0.701.141.702.102.50I/mA0.250.400.600.750.90　　　乙 (4) 另一小組利用上述器材設計了如圖丙所示的電路測量Rx.下列實驗操作步驟，正確順序是__________．丙① 讀出電流表A和電壓表V的讀數② 減小R3，移動R1滑片，使電流計G示數為0③ 閉合S1、S2、S3，移動R1滑片，使電流計G示數逐漸減小到0④ 將R3的阻值調至最大，R2調至某一值，R1滑片調至合適的位置⑤ 將R3的阻值調為0，移動R1滑片，使電流計G示數為0(5) 根據(4)求出阻值R′x，則Rx和R′x更接近理論值的是________，理由是______________________________．12. (8分)硼中子俘獲療法是腫瘤治療的新技術，其原理是進入癌細胞內的硼核(B)吸收慢中子，轉變成鋰核(Li)和α粒子，釋放出γ光子．已知核反應過程中質量虧損為Δm，γ光子的能量為E0，硼核的比結合能為E1，鋰核的比結合能為E2，普朗克常量為h，真空中光速為c.(1) 寫出核反應方程并求出γ光子的波長λ；(2) 求核反應放出的能量E及氦核的比結合能E3.     13.(8分)某衛(wèi)星A在赤道平面內繞地球做圓周運動，運行方向與地球自轉方向相同，赤道上有一衛(wèi)星測控站B.已知衛(wèi)星距地面的高度為R，地球的半徑為R，自轉周期為T0，地球表面的重力加速度為g.求：(1) 衛(wèi)星A做圓周運動的周期T；(2) 衛(wèi)星A和測控站B能連續(xù)直接通信最長時間t.(衛(wèi)星信號傳輸時間可忽略)         14.(13分)如圖甲所示，在光滑水平面上有A、B、C三個小球，A、B兩球分別用水平輕桿通過光滑鉸鏈與C球連接，兩球間夾有勁度系數足夠大、長度可忽略的壓縮輕彈簧，彈簧與球不相連．固定住C球，釋放彈簧，球與彈簧分離瞬間桿中彈力大小F＝10 N．已知A、B兩球的質量均為m1＝0.2 kg，C球的質量m2＝0.4 kg，桿長L＝1.0 m，彈簧在彈性限度內．(1) 求彈簧釋放的彈性勢能Ep；(2) 若C球不固定，求釋放彈簧后C球的最大速度v；(3) 若C球不固定，求釋放彈簧后兩桿間夾角第一次為θ＝120°時(如圖乙所示)，A球繞C球轉動的角速度ω.     15.(16分)如圖所示，在xOy豎直平面坐標系中x軸上方有豎直向下的勻強電場，下方有垂直于xOy平面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B.粒子源從S(－d，0)處在坐標平面內先后向磁場中與＋x方向夾角為30°～150°范圍內發(fā)射粒子，所有粒子第一次經磁場偏轉后同時從O點進入電場，此后粒子到達x軸時的位置均分布在S點的右側(包含S點).已知粒子的質量為m、電荷量為＋q，不計粒子重力及粒子間相互作用．(1) 求從S發(fā)出的粒子的最小速度v；(2) 求電場強度的大小E0；(3) 若電場強度E為(2)中E0的4倍，最遲射出的粒子和速度最小的粒子經過x軸上同一點，求該點的坐標．  
2022屆高三年級模擬試卷(南通等七市聯(lián)考)物理參考答案及評分標準 1. D　2. A　3. A　4. D　5. D　6. B　7. C　8. B　9. C　10. D11. (15分)(1) R2(2分)(2) 如圖甲所示(2分)(3) 如圖乙所示(2分)　2.8(2分)甲　　　乙 (4) ④③②⑤①(3分)(5) R′x(2分)　電壓表不分流、消除了系統(tǒng)誤差等(2分)12. (8分)解：(1) 核反應方程為B＋n―→Li＋He＋γ(2分)根據E0＝h(1分)解得γ光子的波長λ＝h(1分)(2) 由質能方程可知，核反應中放出的能量E＝Δmc2(1分)由能量關系可得E＝7E2＋4E3－10E1(2分)解得E3＝(1分)13. (8分)解：(1) 設地球質量為M，衛(wèi)星A的質量為m根據萬有引力提供向心力，有G＝m()2·2R(2分)m0g＝G(1分)解得T＝4π(1分)(2) 如圖所示，衛(wèi)星的通信信號視為沿直線傳播，由于地球遮擋，使衛(wèi)星A和地面測控站B不能一直保持直接通信．設無遮擋時間為t，則它們轉過的角度之差最多為2θ時就不能通信．cos θ＝(1分)t－t＝2θ(2分)t＝(1分)14. (13分)解：(1) 由對稱性可知球與彈簧分離時球的速度相等，設為v0，對A球，由牛頓第二定律有F＝(1分)由系統(tǒng)機械能守恒定律得Ep＝2×m1v(2分)解得Ep＝10 J(1分)(2) 三個球在一條直線上時，C球速度與桿垂直，加速度等于0，速度最大，A、B球速度分別為v1、v2，由對稱性可知v1＝v2(1分)由系統(tǒng)動量守恒定律可知m1v1＋m1v2＝m2v(1分)由系統(tǒng)機械能守恒定律得m1v＋m1v＋m2v2＝Ep(1分)解得v＝5 m/s(1分)(3) 設此時C球的速度為vC，A、B球速度分別為vA、vB，A、B球垂直C球速度方向的分速度分別為vAx、vBx，A、B球沿C球速度方向的分速度分別為vAy、vBy，則v＝v＋v，v＝v＋v又vBy＝ωL sin －vC(1分)vBx＝ωL cos 系統(tǒng)垂直C球速度方向動量守恒有m1vAx＝m1vBx(1分)系統(tǒng)沿C球速度方向動量守恒有m1vAy＋m1vBy＝m2vC(1分)由系統(tǒng)機械能守恒定律得m1(v＋v)＋m2v＝Ep(1分)聯(lián)立解得ω＝4 rad/s(1分)15. (16分)解：(1) SO為軌跡的直徑時，粒子速度最小，設該粒子在磁場中運動的半徑為r1，如圖1所示，則有圖1d＝2r1(1分)由洛倫茲力提供向心力，有qv1B＝(2分)解得v1＝(1分)  圖2(2) 由題意可知出射速度與＋x方向夾角為150°的粒子剛好能夠到達S點，如圖2所示，設該粒子在磁場中運動的半徑為r2，速度為v2由幾何關系得2r2sin α＝d(1分)由洛倫茲力提供向心力，有qv2B＝(1分)粒子在電場中運動的加速度a＝，沿＋y方向做勻減速運動，設減速時間為t，根據勻變速運動的規(guī)律有v2sin α－t＝0(1分)粒子在x方向做勻速運動，有d＝2v2cos α·t(1分)聯(lián)立解得E＝(2分)(3) 由題意可知，最遲射出的粒子出射速度與＋x方向夾角為30°，設最遲射出的粒子速度為v3，運動半徑為r3，則與(2)中同理可得2r3sin 30°＝d由洛倫茲力提供向心力，有qv3B＝粒子在電場中運動的加速度a＝，沿＋y方向做勻減速運動，設減速時間為t′，根據勻變速運動的規(guī)律有v3sin 30°－t′＝0粒子在x方向做勻速運動，有x3＝2v3cos 30°·t′聯(lián)立解得x3＝(2分)則最遲射出的粒子在復合場中運動一個周期沿＋x方向運動的距離為＋d① 若最遲射入的粒子從x軸下方到達同一位置，圖3如圖3所示，由幾何關系有n1(＋d)＝N1d其中n1＝0，4，8，12，…，N1＝0，5，10，15，…則該點的坐標為(5k1d，0)(k1＝0，1，2，3，…)  (2分)② 若最遲射入的粒子從x軸上方到達同一位置，如圖4所示，由幾何關系有圖4n2(＋d)＋＝N2d其中n2＝3，7，11，…，N2＝4，9，14，…則該點的坐標為((5k2－1)d，0)(k2＝1，2，3，…)(2分)

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