?2022屆浙江省高三（上）1月選考考前適應(yīng)性模擬物理試題
學(xué)校:___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________


一、單選題
1．5G技術(shù)的誕生給世界帶來(lái)了許多的變化。在將來(lái)5G技術(shù)還會(huì)被運(yùn)用至遠(yuǎn)程醫(yī)療中，如圖所示。5G的頻率是3350MHz左右，用國(guó)際基本單位制來(lái)表示MHz應(yīng)當(dāng)為（　?。?br />
A． B． C． D．
2．在下列幾何體或物品中符合重心在幾何體內(nèi)部且位于中心的是（ ）

A．如甲圖所示的均勻材質(zhì)的鐵球
B．如乙圖所示的煎好的麥餅
C．如丙圖所示的實(shí)心球
D．如丁圖所示的對(duì)稱的馬蹄形磁鐵
3．如圖所示的裝置，M、N棒連接相同旋轉(zhuǎn)速度的電機(jī)，在圖中所示的時(shí)刻A點(diǎn)與B點(diǎn)位于同一豎直線上，對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（ ）

A．A點(diǎn)與B點(diǎn)的線速度相同
B．A點(diǎn)與B點(diǎn)的周期相同
C．經(jīng)過t = 2s，A點(diǎn)與B點(diǎn)的線速度相同
D．A點(diǎn)的向心加速度大于B點(diǎn)的向心加速度
4．如圖所示，在一個(gè)導(dǎo)體球殼內(nèi)放一個(gè)電荷量為+Q的點(diǎn)電荷，用表示球殼外任一點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，下列說(shuō)法正確的是（　?。?br />
A．當(dāng)開關(guān)S斷開，+Q在殼內(nèi)任意一點(diǎn)，均為0
B．當(dāng)開關(guān)S斷開，+Q在殼內(nèi)的中點(diǎn)，為0
C．當(dāng)開關(guān)S閉合，+Q在殼內(nèi)任意一點(diǎn)，均為0
D．當(dāng)開關(guān)S閉合，只有當(dāng)+Q在殼內(nèi)中點(diǎn)時(shí)，為0
5．如圖所示，6月17日9時(shí)22分，我國(guó)神州十二號(hào)載人飛船正式發(fā)射升空。英雄出征，穿云破日！對(duì)于神州十二號(hào)飛船在加速上升的過程中（不考慮地球引力的作用），下列說(shuō)法正確的是（　?。?br />
A．飛船僅受到重力，升力的作用
B．飛船的合力方向豎直向下
C．飛船的重力與空氣對(duì)飛船的作用力是一對(duì)平衡力
D．在升力與空氣阻力不變下，飛船的重量越大，其加速度值越小
6．如圖所示為直流電機(jī)的內(nèi)部基本結(jié)構(gòu)，給裝置導(dǎo)入穩(wěn)定的正向電壓就能夠使導(dǎo)線運(yùn)轉(zhuǎn)，對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（　?。?br />

A．圖示時(shí)刻左邊的導(dǎo)線受到的安培力豎直向下
B．在導(dǎo)線運(yùn)轉(zhuǎn)的整個(gè)周期內(nèi)，有兩段時(shí)間導(dǎo)線不受安培力的作用
C．在導(dǎo)線運(yùn)轉(zhuǎn)的整個(gè)周期內(nèi)，導(dǎo)線一直有受安培力的作用
D．對(duì)調(diào)磁鐵的位置與電池的正負(fù)極，導(dǎo)線將逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)
7．如圖所示，用導(dǎo)線構(gòu)成兩個(gè)相同的線框（電阻分布均勻）。若給空間施加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)B時(shí)，左導(dǎo)線框的a導(dǎo)線受到的安培力為F。若不考慮電源內(nèi)阻，除導(dǎo)線框外的電阻不計(jì)，現(xiàn)將電動(dòng)勢(shì)提高到原來(lái)的兩倍，B提高到原來(lái)的兩倍，則a、b、c、d的合安培力為（　?。?br />
A．16F B．8F C．F D．F
8．如圖所示，一質(zhì)量為M的物塊靜止于A點(diǎn)，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，現(xiàn)給物塊施加一初速度v，物塊抵達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度恰好為0，且此時(shí)拉物塊B的繩與豎直方向成45°夾角，繩長(zhǎng)保持不變，若不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（ ）

A．物塊將做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)
B．滿足關(guān)系式v2=gL
C．物塊第二次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度與第一次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度不同
D．設(shè)物塊在運(yùn)動(dòng)時(shí)繩與豎直方向的夾角為β（β ≤ 45°），則當(dāng)夾角為β時(shí)，繩子對(duì)物塊的拉力大小為Mg(2 - cosβ)
9．大功率微波對(duì)人和其他生物有一定的殺傷作用。實(shí)驗(yàn)表明，當(dāng)人體單位面積接收的微波功率達(dá)到250W/m2時(shí)會(huì)引起神經(jīng)混亂，達(dá)到1000W/m2時(shí)會(huì)引起心肺功能衰竭?，F(xiàn)有一微波武器，其發(fā)射功率P = 3 × 107W。若發(fā)射的微波可視為球面波，則引起神經(jīng)混亂和心肺功能衰竭的有效攻擊的最遠(yuǎn)距離約為（ ）
A．100m 25m B．200m 25m C．100m 50m D．200m 50m
10．如圖所示，一個(gè)玻璃是由半徑為2m、弧度為210°的優(yōu)弧AB構(gòu)成，其折射率為2。該玻璃有一特殊功能：在弧AB上不能射出玻璃的光線將自動(dòng)被玻璃吸收，能射出的光線一部分從玻璃射出，另一部分發(fā)生反射；在線段AO上，若光線接觸AO端，將立即被全部吸收。現(xiàn)在玻璃的正右端60°角射入一均勻水平的光線，則能夠從弧AB上射出以及被AO段吸收的玻璃總邊長(zhǎng)為（　?。?br />
A．m B．m C．m D．m
11．已知普朗克常量h = 6.63 × 10 - 34J×s，電子的質(zhì)量約為9.1 × 10 - 31kg，一個(gè)電子和一個(gè)直徑為4μm的油滴具有相同的動(dòng)能，則電子與水滴的德布羅意波長(zhǎng)之比的數(shù)量級(jí)為（ ）
A． B． C． D．
12．如圖所示，一圓球（可視為質(zhì)點(diǎn)）放置于動(dòng)摩擦因數(shù)為的斜面上，有一繩長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩拉著圓球使其在A處處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時(shí)繩與豎直面的夾角為37°，圓球恰好不受摩擦力的作用。對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（　?。?br />

A．圓球所受的合力方向豎直向上
B．繩子的拉力F與圓球的質(zhì)量m的關(guān)系式是：mg=
C．繩子的拉力F與圓球的質(zhì)量m的關(guān)系式是：mg=
D．將繩子切斷，小球A所受的合力為
13．1798年，卡文迪許測(cè)出萬(wàn)有引力常量G，因此他被稱為“能夠稱出地球質(zhì)量的人”。若已知引力常量為G，地球表面處的重力加速度為g，地球半徑為R，地球自轉(zhuǎn)的時(shí)間為，地球公轉(zhuǎn)的時(shí)間為，地球中心到月球中心的距離為，地球中心到太陽(yáng)中心的距離為，則下列說(shuō)法正確的是（　?。?br /> A．借助上述數(shù)據(jù)能夠計(jì)算出地球的質(zhì)量，月球的密度
B．太陽(yáng)的質(zhì)量為
C．地球的密度為
D．在地球的各地測(cè)量地球的密度是一樣

二、多選題
14．關(guān)于核反應(yīng)方程式：① ②中，說(shuō)法正確的是（　?。?br /> A．①是α衰變，有能量放出
B．②是β衰變，沒有能量放出
C． Pa 、U、Th三者的比結(jié)合能由大到小是Pa 、Th、U
D．Pa、Th、U的結(jié)合能由大到小是U、Th、Pa
15．在弛豫過程中通過測(cè)定橫向磁化矢量M x y 可得知生物組織的磁共振信號(hào)。按法拉第定律，磁矢量M x y的變化使環(huán)繞在人體周圍的接收線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，這個(gè)可以放大的感應(yīng)電流即MR信號(hào)。90°脈沖后，由于受時(shí)間的影響，磁共振信號(hào)以指數(shù)曲線形式衰減，稱為自由感應(yīng)衰減，如圖所示。對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（　?。?br />

A．該圖像類似于受迫運(yùn)動(dòng)
B．該圖像類似于阻尼振動(dòng)
C．該圖像的頻率取決于固有頻率
D．該圖像的振動(dòng)頻率由振動(dòng)系統(tǒng)決定
16．火箭在升空時(shí)會(huì)使用多個(gè)噴射艙來(lái)實(shí)現(xiàn)在不同氣層中達(dá)到各自的目標(biāo)速度的任務(wù)，其原理是在某噴射艙的燃料將要耗盡時(shí)，火箭丟棄該艙并啟動(dòng)下一艙級(jí)進(jìn)行加速。如圖所示，某教授設(shè)計(jì)的燃料火箭具有3個(gè)艙級(jí)，且艙1、艙2與艙3的質(zhì)量（包括燃料，空艙質(zhì)量均為1kg）分別為15kg，10kg，5kg。現(xiàn)使火箭在地面上由靜止發(fā)射，燃料每秒消耗1kg，且燃料產(chǎn)生的升力恒為600N，對(duì)此下列說(shuō)法正確的是（　?。?br />
A．火箭一開始的加速度大小為20
B．火箭第1艙內(nèi)部燃料耗盡（還未脫艙）時(shí)，火箭的速度約為237m/s
C．當(dāng)火箭第1艙脫落后，火箭的速度約為237m/s
D．只要火箭的燃料越多，火箭的運(yùn)動(dòng)時(shí)間就越久

三、實(shí)驗(yàn)題
17．為了探究“平拋運(yùn)動(dòng)”的規(guī)律，小明設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)如下圖所示，其中M是電風(fēng)扇，它能夠帶動(dòng)小球A以一定初速度進(jìn)入滑道。當(dāng)小球抵達(dá)第二個(gè)光電門時(shí)，傳感器接收到小球信號(hào)并傳輸至與平拋軌道等高的質(zhì)量更大的B小球裝置處，將B小球由靜止釋放。試回答下列小題：


（1）下列實(shí)驗(yàn)器材是本實(shí)驗(yàn)必須要的是___________。
A．帶重錘的線 B．刻度尺 C．秒表 D．天平 E.砝碼
（2）當(dāng)測(cè)得光電門的間距為10cm，小球從光電門1到光電門2的時(shí)間為0.05s，則小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為___________。
（3）本實(shí)驗(yàn)的目的是為了___________。
A．驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)的初速度不影響豎直方向上速度的改變
B．驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)的初速度越大，物體移動(dòng)的位移越大
C．驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)不受物體質(zhì)量的影響
D．驗(yàn)證重力越大的物體，在做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)受空氣阻力的影響更小
（4）在測(cè)量小球的直徑時(shí)，下列測(cè)量方法誤差較小的是___________。
A．
B．
18．小李想利用以下材料測(cè)量某一規(guī)格為“24W，20V”的燈泡電阻，現(xiàn)有如下材料供它選擇：
A．電壓表（量程0-3V）
B．電壓表（量程0-15V）
C．電流表（量程0-0.6A）
D．電流表（量程0-3A）
E.靈敏電流表G（內(nèi)阻1000Ω，滿偏電流）
F.定值電阻
G.開關(guān)S
H.電源E=40V
I.滑動(dòng)變阻器（0-50Ω）
J.小燈泡L
（1）小李打算采用分壓式接法，請(qǐng)?jiān)诜娇騾^(qū)域畫出設(shè)計(jì)的電路圖：___________

（2）小李觀察電流表，結(jié)果如下圖A，則得到的電流值為___________。

（3）測(cè)量完燈泡電阻后，小李點(diǎn)亮該燈泡，決定用“雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”，如圖B所示。若觀察到較模糊的干涉條紋，要使條紋變得清晰，最值得嘗試的是___________。
A．旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭 B．增大單縫與雙縫間的距離 C．調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行

四、解答題
19．如圖所示，寧波一餐廳采用機(jī)器人“服務(wù)員”送餐，該機(jī)器人一次充電可干活8小時(shí)。其相關(guān)參數(shù)及某次運(yùn)送線路圖如下圖所示。
電池容量/工作電壓
40000mAh/50V
充電器輸出電壓/電流
30V/10A
運(yùn)送最大里程
20km
（1）如圖B所示，機(jī)器人從起點(diǎn)先向前走3m，再向右走8m，最后向前走3m抵達(dá)終點(diǎn)，求該機(jī)器人行走的位移；
（2）求該機(jī)器人的最大儲(chǔ)存電能；
（3）求該機(jī)器人牽引力的平均大??；
（4）在（1）問前提下，不考慮電池充電時(shí)的熱量損耗，則該機(jī)器人的充電時(shí)間至少為多少。

20．如圖所示，質(zhì)量為2kg的物塊T從軌道M點(diǎn)靜止出發(fā)，經(jīng)過圓弧軌道（有一定錯(cuò)位，忽略不計(jì)）后從P點(diǎn)以6m/s的速度射出，恰好沿軌道AB切入。在軌道BC段有一質(zhì)量為2kg的物塊V，當(dāng)物塊T與物塊V相撞后將相黏并一起運(yùn)動(dòng)。與此同時(shí)，在D點(diǎn)的右側(cè)有一以2m/s的速度逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)的水平傳送帶。軌道除MN段粗糙外，其他軌道段均光滑。已知MN段的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，圓弧軌道半徑為4m，軌道AB與軌道CD段分別為2.75m與1.25m，傳送帶的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，其他數(shù)據(jù)已標(biāo)記在圖上，不計(jì)空氣阻力，物塊可試為質(zhì)點(diǎn)，g = 10m/s2：
（1）若MN軌道傾斜角為45°，求M點(diǎn)距離軌道ON的長(zhǎng)度H1的大??；
（2）求P點(diǎn)距離軌道BC的長(zhǎng)度H2的大小，并求出物體T與V運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)的速度大??；
（3）求電動(dòng)機(jī)為傳送物塊T與V所額外消耗的電能。

21．如下圖A所示，電阻R1、電阻R2和長(zhǎng)直導(dǎo)線與波動(dòng)高壓電源相連。在長(zhǎng)導(dǎo)線的中間有一線圈，其中心與長(zhǎng)直導(dǎo)線的距離r=0.1m，線圈的橫截直徑為0.02m，如圖B所示。線圈的兩端連接一個(gè)電阻R3=90Ω與電容器C，線圈電阻為10Ω，匝數(shù)N=。接通高壓電源后，在長(zhǎng)直導(dǎo)線回路中產(chǎn)生電流I，大小如圖C所示，線圈一開始產(chǎn)生感應(yīng)電流方向從A到B。同時(shí)，資料表明線圈各處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均可視為，其中。
（1）若在時(shí)，電容器的所帶電荷量恰好為流過電阻R3的電荷量，且此時(shí)電容器恰好飽和，求電容器的電容量；
（2）求流過電阻R3的電荷量；
（3）若規(guī)定為電流的正方向，考慮線圈自感，定性畫出通過電阻R的電流與時(shí)間t圖像。

22．如圖所示，一粒子源可射出一些質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子（速度可視為0）經(jīng)過一段加速電場(chǎng)U后，粒子以一定的水平初速度從MNTS表面內(nèi)的任意一點(diǎn)射出，進(jìn)入正方體電磁修正區(qū)內(nèi)（內(nèi)部有垂直面NPRG的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B與勻強(qiáng)電場(chǎng)E）?，F(xiàn)以向下正對(duì)正方體底面中心O，長(zhǎng)度為L(zhǎng)的點(diǎn)建立與正方體底面平行的直角坐標(biāo)系（其中x軸與GR平行）。若在這些帶電粒子中，粒子最長(zhǎng)經(jīng)過的時(shí)間后才從正方體底面離開，不計(jì)粒子重力，正方體邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，N為MG的中點(diǎn)，粒子不會(huì)從正方體（除了底面）的地方射出：
（1）粒子射出正方體電磁修正區(qū)后的最大速度；
（2）若滿足關(guān)系式，求粒子從M點(diǎn)出發(fā)經(jīng)過直角坐標(biāo)系時(shí)的坐標(biāo)；
（3）在圖中直接畫出粒子軌道在面MPRG上的投影面積圖。（可保留作圖痕跡，陰影部分用線或涂色表示）



參考答案
1．D
【詳解】
周期的單位是s， 由公式

可得頻率的單位為，而

所以用國(guó)際基本單位制來(lái)表示MHz應(yīng)當(dāng)為，故D正確，ABC錯(cuò)誤。
故選D。
2．A
【分析】
質(zhì)地均勻、形狀規(guī)則的幾何體的重心一定在物體的幾何中心。
【詳解】
A．甲圖為均勻材質(zhì)的鐵球，由分析可知，A正確；
B．煎好的麥餅質(zhì)地不一定均勻、形狀不一定規(guī)則，由分析可知，B錯(cuò)誤；
C．實(shí)心球質(zhì)地不一定均勻，由分析可知，C錯(cuò)誤；
D．馬蹄形磁鐵的重心在幾何體外部，D錯(cuò)誤。
故選A。
3．B
【詳解】
AB．由題知M、N棒連接相同旋轉(zhuǎn)速度的電機(jī)，則說(shuō)明M、N的角速度相同，則周期相同，根據(jù)角速度與線速度的關(guān)系可知
v = ωr
由圖可知
rB > rA
則有
vB > vA
A錯(cuò)誤、B正確；
C．由AB選項(xiàng)可知無(wú)論經(jīng)過多少時(shí)間A點(diǎn)與B點(diǎn)的線速度都不會(huì)相同，C錯(cuò)誤；
D．根據(jù)向心加速度的計(jì)算公式有
a = ω2r
由圖可知
rB > rA
則有
aB > aA
D錯(cuò)誤。
故選B。
4．C
【詳解】
AB．當(dāng)開關(guān)S斷開，不論+Q在殼內(nèi)何處，由于靜電感應(yīng)，球殼內(nèi)外表面出現(xiàn)等量異種電荷，內(nèi)表面出現(xiàn)負(fù)電荷，外表面出現(xiàn)正電荷，外表面的正電荷在空間產(chǎn)生場(chǎng)強(qiáng)，都不為0，故AB錯(cuò)誤；
CD．當(dāng)開關(guān)S閉合，球殼上的電荷被導(dǎo)入地下，這時(shí)不論+Q放在何處，均為0，故C正確，D錯(cuò)誤。
故選C。
5．D
【詳解】
A．飛船受到重力，升力及空氣阻力的作用，故A錯(cuò)誤；
B．飛船在加速上升，所以加速度向上，由牛頓第二定律知飛船的合力方向豎直向上，故B錯(cuò)誤；
C．一對(duì)平衡力之間的關(guān)系是大小相等，方向相反，可知飛船的重力與空氣對(duì)飛船的作用力不是一對(duì)平衡力，故C錯(cuò)誤；
D．在升力與空氣阻力不變下，由牛頓第二定律

解得

可得飛船的重量越大，加速度值越小，故D正確。
故選D。
6．B
【詳解】
A．由左手定則可知，圖示時(shí)刻左邊的導(dǎo)線受到的安培力豎直向上，A錯(cuò)誤；
BC．由于換向片存在間隙，在導(dǎo)線運(yùn)轉(zhuǎn)的整個(gè)周期內(nèi)，當(dāng)兩次轉(zhuǎn)至豎直方向（與磁場(chǎng)垂直）時(shí)，導(dǎo)線無(wú)電流通過不受安培力作用，故一個(gè)周期內(nèi)有兩段時(shí)間導(dǎo)線不受安培力的作用，B正確，C錯(cuò)誤；
D．同時(shí)對(duì)調(diào)磁鐵的位置與電池的正負(fù)極，導(dǎo)線受力與原來(lái)相同，仍順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，D錯(cuò)誤。
故選B。
7．A
【詳解】
將電動(dòng)勢(shì)提高到原來(lái)的兩倍，則通過每條導(dǎo)線的電流到原來(lái)的2倍，B提高到原來(lái)的兩倍，根據(jù)F=BIL可知，每條導(dǎo)線受到的安培力變?yōu)樵瓉?lái)的4倍，即4F；因a、b、c、d四條導(dǎo)線受安培力大小相等，方向相同，則四條導(dǎo)線的合安培力為16F。
故選A。
8．C
【詳解】
A．由題知物塊B的繩與豎直方向成45°夾角，不滿足單擺擺角小于5°（現(xiàn)在一般認(rèn)為是小于10°）的條件，則物塊的運(yùn)動(dòng)不能視為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)動(dòng)能定理有
- mg(L - Lcos45°) = 0 - mv2
經(jīng)過計(jì)算有
v2= (2 - )gL
B錯(cuò)誤；
C．由于速度是矢量，第一次經(jīng)過C點(diǎn)的速度方向向左，第二次經(jīng)過C點(diǎn)的速度方向向右，則物塊第二次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度與第一次經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度不同，C正確；
D．當(dāng)夾角為β時(shí)對(duì)物塊受力分析如下圖

根據(jù)受力分析有
FT= mgy = mgcosβ
D錯(cuò)誤。
故選C。
9．C
【詳解】
設(shè)微波有效攻擊范圍為時(shí)單位面積接收微波功率為
P′ = =
解得
r =
則引起神經(jīng)混亂時(shí)有
r1 = = m ≈ 100m
引起心肺功能衰竭時(shí)有
r2 = = m ≈ 50m
故選C。
10．A
【詳解】
由公式

解得：臨界角，設(shè)入射光線從某位置P點(diǎn)入射的光線，照射到AB弧面上Q點(diǎn)時(shí)，入射角恰好等于臨界角，則能射出的光線的區(qū)域?qū)?yīng)的圓心角為，則能射出光線的部分AB面的弧長(zhǎng)為

設(shè)從Q點(diǎn)反射的光線與OA交于S點(diǎn)，則△OQS為直角三角形，且，則被AO段吸收的玻璃的長(zhǎng)度為

因此能夠從弧AB上射出以及被AO段吸收的玻璃總邊長(zhǎng)為

故選A。
11．D
【詳解】
根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式
λ = ，p =
解得
λ =
由題意可知，電子與油滴的動(dòng)能相同，則其波長(zhǎng)與質(zhì)量的二次方根成反比，所以有

由于已知油滴的直徑，則油滴的質(zhì)量為
m油 = ρ×πd3= 2.7 × 10 - 14kg
代入數(shù)據(jù)解得
≈ 1.7 × 108
故選D。
12．C
【詳解】
A．圓球在A處處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受合力為零，A錯(cuò)誤；
BC．斜面對(duì)圓球的支持力N與豎直方向夾角為37°，由平衡條件可得


聯(lián)立解得
，
B錯(cuò)誤，C正確；
D．將繩子切斷，小球A所受的合力為

D錯(cuò)誤。
故選C。
13．C
【詳解】
A．在地球表面附近，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力可得

求得地球質(zhì)量

但借助上述數(shù)據(jù)無(wú)法計(jì)算出月球的密度，故A錯(cuò)誤；
B．地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)，有

可求得太陽(yáng)的質(zhì)量為

故B錯(cuò)誤；
CD．地球的密度為

又因?yàn)?br />
兩式聯(lián)立求得

由于在地球各地的g值有可能不同，所以測(cè)量地球的密度有可能是不一樣的，故C正確，D錯(cuò)誤。
故選C。
14．ACD
【詳解】
A．①是α衰變，有能量放出，選項(xiàng)A正確；
B．②是β衰變，有能量放出，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；
CD．兩個(gè)反應(yīng)都放出能量，則Pa 、U、Th三者的比結(jié)合能由大到小是Pa 、Th、U；的結(jié)合能由大到小是U、Th、Pa，選項(xiàng)CD正確。
故選ACD。
15．BCD
【詳解】
A．受迫振動(dòng)的振幅和頻率都是不變，則該圖像于受迫運(yùn)動(dòng)不是類似的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；
B．由圖像可知，振幅之間遞減，則該圖像類似于阻尼振動(dòng)，選項(xiàng)B正確；
CD．該圖像的頻率取決于固有頻率，而固有頻率是由振動(dòng)系統(tǒng)決定的，選項(xiàng)CD正確；
故選BCD。
16．BC
【詳解】
A．由牛頓第二定律可得火箭一開始的加速度大小為

故A錯(cuò)誤；
B．由題意可知，火箭的質(zhì)量與時(shí)間的關(guān)系為

則根據(jù)牛頓第二定律有

聯(lián)立得

則火箭第1艙內(nèi)部燃料耗盡（還未脫艙）即時(shí)，火箭的速度為

故B正確；
C．火箭第1艙燃料耗盡和第1艙脫落的時(shí)間間隔很短，故速度不變，為237m/s，故C正確；
D．因?yàn)槿剂隙?，則加速度小，因此時(shí)間長(zhǎng)也不一定獲得速度大，導(dǎo)致無(wú)動(dòng)力飛行時(shí)間不一定大，故D錯(cuò)誤。
故選BC。
17．AB 2m/s A A
【詳解】
(1)[1]本實(shí)驗(yàn)需要用帶重錘的線確定豎直方向，需要刻度尺測(cè)量?jī)晒怆婇T間距，AB正確。
故選AB。
(2)[2]當(dāng)測(cè)得光電門的間距為10cm，小球從光電門1到光電門2的時(shí)間為0.05s，則小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為

(3)[3]本實(shí)驗(yàn)把平拋運(yùn)動(dòng)與自由落體運(yùn)動(dòng)進(jìn)行比較，主要目的是為了驗(yàn)證平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)是自由落體運(yùn)動(dòng)，平拋的初速度不影響豎直方向上速度的改變，A正確。
故選A。
(4)[4]A圖中操作方法正確，誤差較小，B圖把小球卡在外測(cè)量爪凹槽處，會(huì)產(chǎn)生較大誤差，A正確。
故選A。
18． 0.7A C
【詳解】
(1)[1]由于燈泡的額定電壓是20V，已有的電壓表量程分別是3V和15V，都不滿足測(cè)量要求，因此需要進(jìn)行電壓表的改裝，靈敏電流表G與定值電阻R1串聯(lián)，改裝成電壓表的量程為

燈泡的額定電流

電流表采用A2，電路圖如圖所示

(2)[2]電流表是3V的量程，最小分度是0.2A，讀出電流為0.7A。
(3)[3] AB．干涉條紋模糊，說(shuō)明經(jīng)過雙縫的透光量較少或者入射光強(qiáng)度較弱，在測(cè)量端旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭和增大單縫與雙縫間的距離，都不會(huì)改善透光量或入射光的強(qiáng)弱，故AB錯(cuò)誤；
C．調(diào)節(jié)撥桿使單縫與雙縫平行，這樣會(huì)使透過單縫（相當(dāng)于“線狀光源”）的條形光與雙縫平行，可增加雙縫的透光量，會(huì)使條紋變得清晰，故C正確。
故選C。
19．（1）10m；（2）7200000J；（3）360N；（4）s
【詳解】
（1）位移大小
m = 10m
位移方向右偏上約37°。
（2）電容器儲(chǔ)存的電能為
q = It = 40A·3600s = 144000C，W = qU = 144000C·50V = 7200000J
（3）由（2）知W = 7200000J；s = 20000m，故
F = = 360N
（4）由（3）得
W = F·（3m + 3m + 8m) = 5040J，P = UI = 300W
故
t = s
20．（1）m；（2）4m/s；（3）80J
【詳解】
（1）由題意可列得
mgH1 - μmgH1tan45° + mg(4 - 2) = mvP2
解得
m
（2）因?yàn)镻點(diǎn)的速度分為水平速度6m/s與豎直速度6m/s，若恰好切入，則豎直方向上速度為8m/s，由
v2 - v02= 2gx
解得
x = 1.4m
故
H2= 1.4m + 2.75 × m = 3.6m
由
mvA2 + mg(H2 - 1.2) = mvB2
解得
vB = 12m/s
由
mTvB = (mV + mT)v共
解得
v共 = 6m/s
故
(mV + mT)v共2 - (mV + mT)gH = (mV + mT)vD2
解得
vD = 4m/s
（3）在傳送帶上有
μmg = ma
得
a = 2m/s2
故物塊從滑上傳送帶到與傳送帶共速有
0 = vD-at1（第一段），v傳 = at2（第二段）
代入數(shù)據(jù)解得
t1= 2s（第一段），t2= 1s（第二段）
第一段由
0 – vD2= 2ax
解得
x = 4m
同時(shí)
x傳 = 2 × 2m = 4m
故
Dx = 4m + 4m = 8m
第二段由
x′ = at22= 1m
同時(shí)
x′傳 = 1s × 2m/s = 2m
故
Dx′ = 2 - 1m = 1m
所以
Dx總 = 8m + 1m = 9m
故電動(dòng)機(jī)為傳送物塊T與V所額外消耗的電能為
W額 = (mV + mT)v2 + μ(mV + mT)gDx總 = 80J
21．（1）F；（2）；（3）

【詳解】
（1）由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

又因?yàn)?br /> I
故


所以
F
（2）由題意知在t=0.002s到t=0.005s過程中無(wú)電流，故由（1）知

故

（3）由（1）可得

根據(jù)自感線圈的性質(zhì)，可做出圖像如下圖所示

22．（1）；（2）（）；（3）
【詳解】
（1）由動(dòng)能定理得

得

當(dāng)粒子從M點(diǎn)射出時(shí)具有最大的運(yùn)動(dòng)時(shí)間
故有

t=
所以

故可得

（2）由

解得

由（1）得

故

故

又因?yàn)閤軸對(duì)應(yīng)直線為

故坐標(biāo)為（）。
（3）見右圖陰影部分（下面的圓弧為輔助作法）

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