桂林十八中2021-2022學(xué)年度21級高二上學(xué)期開學(xué)考試卷物 理注意事項(xiàng)：①       試卷共4頁，答題卡2頁?？荚嚂r(shí)間90分鐘,滿分100分；      ②正式開考前，請務(wù)必將自己的姓名、考號用黑色水性筆填寫清楚并張貼條形碼；      ③請將所有答案填涂或填寫在答題卡相應(yīng)位置，直接在試卷上做答不得分。第I卷（選擇題，共48分）一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）1．在靜電場中的某一固定點(diǎn)P處放置一個(gè)電荷量為q的試探電荷，其所受靜電力為F，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度為E．則關(guān)于P點(diǎn)的電場強(qiáng)度，下列說法中正確的是（　　）  A．移去該試探電荷q，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度變?yōu)榱?/span>B．移去該試探電荷q，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度不改變C．將試探電荷換為2q，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度將變?yōu)?/span>2ED．將試探電荷換為－q，P點(diǎn)的電場強(qiáng)度E的方向發(fā)生改變2．據(jù)央視新聞報(bào)道，我國將組建由156顆小衛(wèi)星組成的天基互聯(lián)網(wǎng)系統(tǒng)，命名為“虹云工程”，這些小衛(wèi)星將在距離地面1 000 km的軌道上運(yùn)行，組網(wǎng)完成后將使人們能夠在世界上任何角落自由接入寬度互聯(lián)網(wǎng)．某同學(xué)查得地球同步衛(wèi)星的軌道距離地面為36 000 km，然后利用自己所學(xué)的知識判斷，對“虹云工程”有如下理解，其中正確的是A．發(fā)射“虹云工程”的小衛(wèi)星時(shí)，發(fā)射速度必須大于11.2 km/sB．這些小衛(wèi)星的線速度一定相等C．這些小衛(wèi)星的向心加速度比同步衛(wèi)星的向心加速度大D．要求出這些小衛(wèi)星的周期，只需再查出萬有引力常量和地球的質(zhì)量即可3．如圖所示，物塊A、B的質(zhì)量分別為mA＝2kg，mB＝3kg，物塊A左側(cè)固定有一輕質(zhì)彈簧．開始B靜止于光滑的水平面上，A以v0＝5m/s的速度沿著兩者連線向B運(yùn)動，某一時(shí)刻彈簧的長度最短．則以下看法正確的是（　?。?/span>A．彈簧最短時(shí)A的速度大小為1m/sB．彈簧最短時(shí)A的速度大小為2m/sC．從B與彈簧接觸到彈簧最短的過程中A克服彈簧彈力做的功與彈簧彈力對B所做的功相等D．從B與彈簧接觸到彈簧最短的過程中彈簧對A、B的沖量相同 4．如圖所示，實(shí)線表示電場線，虛線表示帶電粒子只在電場力作用下的運(yùn)動軌跡，a、b為其運(yùn)動軌跡上的兩點(diǎn)，可以判定（    ）A．粒子在a點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度B．粒子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度C．粒子一定帶正電荷D．粒子在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能5．隨著生活水平的提高，電子秤已經(jīng)成為日常生活中不可或缺的一部分，電子秤的種類也有很多，如圖所示是用平行板電容器制成的廚房用電子秤及其電路簡圖。稱重時(shí)，把物體放到電子秤面板上，壓力作用會導(dǎo)致平行板上層膜片電極下移。則（　　）A．電容器的電容增大，帶電荷量減小B．電容器的電容減小，帶電荷量增大C．穩(wěn)定后電流表仍有示數(shù)，兩極板電勢差增大D．穩(wěn)定后電流表示數(shù)為零，兩極板電勢差不變 6．如圖所示，在x軸上關(guān)于O點(diǎn)對稱的A、B兩點(diǎn)有等量正點(diǎn)電荷(帶電荷量均為Q)，在y軸上C點(diǎn)有負(fù)點(diǎn)電荷(帶電荷量為Q)，且CO＝OD＝r，∠ADO＝60°.下列判斷正確的是(　　)A．O點(diǎn)電場強(qiáng)度小于D點(diǎn)的電場強(qiáng)度B．若兩個(gè)正點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢增大，則O點(diǎn)電場強(qiáng)度也增大C．若兩個(gè)正點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢增大，則D點(diǎn)電場強(qiáng)度也增大D．若負(fù)點(diǎn)電荷的電荷量緩慢減小，則D點(diǎn)電場強(qiáng)度將減小7．如圖所示，正六面體真空盒置于水平面上，它的ADHE面與BCGF面均為金屬板，BCGF面帶正電，ADHE面帶負(fù)電，其他面為絕緣材料．從小孔P沿水平方向平行于ABFE面以相同速率射入三個(gè)質(zhì)量相同的帶正電液滴a、b、c，最后分別落在1、2、3三點(diǎn)．下列說法正確的是(   )  A．三個(gè)液滴在空中運(yùn)動的時(shí)間相同B．液滴c所帶的電荷量最多C．整個(gè)運(yùn)動過程中液滴c的動能增量最大D．三個(gè)液滴落到底板時(shí)的速率相同 8．如圖所示，當(dāng)人用手接觸范德格拉夫起電機(jī)的金屬球時(shí)會出現(xiàn)頭發(fā)豎起來的現(xiàn)象，下面關(guān)于這個(gè)過程的描述正確的是（　?。?/span>A．范德格拉夫起電機(jī)起電過程滿足電荷守恒B．出現(xiàn)頭發(fā)豎起來的現(xiàn)象能夠說明同種電荷相互排斥C．若金屬球帶正電，手接觸范德格拉夫起電機(jī)的金屬球時(shí)，人頭發(fā)帶上負(fù)電荷D．手接觸范德格拉夫起電機(jī)的金屬球時(shí)，要想出現(xiàn)頭發(fā)豎起來的現(xiàn)象，人需要站在絕緣材料上 9．如圖所示，a、b、c為真空中三個(gè)帶電小球，b球帶電荷量為＋Q，用絕緣支架固定，a、c兩小球用絕緣細(xì)線懸掛，處于平衡狀態(tài)時(shí)三小球球心等高，且a、b和b、c間距離相等，懸掛a小球的細(xì)線向左傾斜，懸掛c小球的細(xì)線豎直，則????????????? (　　)A．a、c兩小球帶同種電荷           B．a、c兩小球帶異種電荷C．a小球帶電荷量為－4Q            D．c小球帶電荷量為＋4Q10．兩個(gè)等量點(diǎn)電荷位于x軸上，它們的靜電場的電勢φ隨位置x變化規(guī)律如圖所示(只畫出了部分區(qū)域內(nèi)的電勢)，x軸上有兩點(diǎn)M、N，且OM >ON，由圖可知（　　）A．N點(diǎn)的電勢低于M點(diǎn)的電勢B．M、N兩點(diǎn)的電場方向相同且M點(diǎn)的場強(qiáng)大小大于N點(diǎn)的場強(qiáng)大小C．僅在電場力作用下，正電荷可以在x軸上M、N之間的某兩點(diǎn)做往復(fù)運(yùn)動D．電荷沿x軸從M點(diǎn)移到N點(diǎn)的過程中電場力一直做正功11．用細(xì)繩拴一個(gè)質(zhì)量為m帶正電的小球B，另一個(gè)也帶正電的小球A固定在光滑絕緣的豎直墻上，A、B兩球離地面的高度均為h。小球B在重力、拉力和庫侖力的作用下靜止不動，如圖所示，現(xiàn)將細(xì)繩剪斷并同時(shí)釋放A球后（　?。?/span>  A．小球B在細(xì)繩剪斷開始做平拋運(yùn)動  B．小球B在細(xì)繩剪斷瞬間加速度大于gC．小球B落地的時(shí)間小于       D．小球B落地的速度大于12．如圖所示為勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化的圖象。當(dāng)t=0時(shí),在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶電粒子,設(shè)帶電粒子只受電場力的作用,則下列說法中正確的是(　　)A．帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動   B．2 s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)C．3 s末帶電粒子的速度為零          D．0~3 s內(nèi),電場力做的總功為零第II卷（非選擇題，共52分）二、填空題（本題包括13、14題，每空2分，共16分）13．用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證m1、m2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。m2從高處由靜止開始下落，m1上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。如圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：O是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），所用電源的頻率為50Hz，計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示。已知m1＝50g、m2＝150g，則：（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）  （1）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度v5＝          m/s； （2）若某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中取多個(gè)點(diǎn)計(jì)算速度，并作出的圖象，如圖丙所示，則該圖象的斜率代表的物理意義是                 ，計(jì)算得到當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/span>g＝       m/s2。14．在物理實(shí)驗(yàn)室中測量瞬時(shí)速度是一件相對比較煩瑣的事，有時(shí)利用平拋運(yùn)動可以很好的解決，有些情況下甚至可以用水平射程來間接代替平拋運(yùn)動的水平初速度，因此平拋運(yùn)動在很多物理實(shí)驗(yàn)中都有應(yīng)用。為了用最簡便的方法驗(yàn)證動量守恒定律，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，把兩個(gè)大小不同的物塊用細(xì)線連接，中間夾一被壓縮的彈簧，如圖所示，將這一系統(tǒng)置于光滑的水平桌面上，調(diào)節(jié)裝置，使得燒斷細(xì)線后，兩物塊在離開桌面前彈簧已經(jīng)將其彈開，觀察物塊的運(yùn)動情況，進(jìn)行必要的測量。（1）該同學(xué)還必須有的器材是         和            。（2）需要直接測量的物理量是        。A．物塊A的質(zhì)量m1、物塊B的質(zhì)量m2B．物塊A、B離開水平桌面后做平拋運(yùn)動的飛行時(shí)間tC，水平桌面邊緣到水平地面的高度HD．A、B落地點(diǎn)分別到對應(yīng)的那側(cè)桌面邊緣的水平距離s1、s2（3）在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若        和        相等或近似相等，則表明A、B系統(tǒng)在彈簧將兩者彈開過程中水平方向動量守恒。（用第（2）問中直接測得的物理量字母或符號表示） 三、計(jì)算題（本題包括15、16、17題，共36分）15．（10分）如圖所示，兩塊長為3cm的平行金屬板A、B相距1cm，與300V直流電源的兩極相連接，φA<φB，兩板正中間有一電子（m=9×10－31kg，e=－1.6×10－19C，重力不計(jì)），沿著垂直于電場線方向以2×107m/s的速度飛入，則：（1）判斷電子能否飛離平行金屬板并加以說明？（2）如果不能飛出電場，請你給出讓電子飛出電場應(yīng)采取哪些措施？（至少說出兩條，要有依據(jù)）。   16．（12分）如圖，用一不可伸長的輕繩將物塊a懸掛在O點(diǎn)，初始時(shí)，輕繩處于水平拉直狀態(tài)．現(xiàn)將a由靜止釋放，當(dāng)物塊a下擺至最低點(diǎn)時(shí)，恰好與靜止在水平面上的物塊b發(fā)生彈性碰撞(碰撞時(shí)間極短)，碰撞后b滑行的最大距離為s.已知b的質(zhì)量是a的3倍．b與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g.求：(1)碰撞后瞬間物塊b速度的大小；(2)輕繩的長度．   17．（14分）如圖所示，絕緣直桿長為L=2 m，與水平面成30°角放置，一端固定一個(gè)電荷量為Q=＋2.0×10－5 C的點(diǎn)電荷，中間有孔的兩個(gè)滑塊A、B(可看作質(zhì)點(diǎn))套在絕緣桿上，兩滑塊與絕緣桿間的動摩擦因數(shù)相等．滑塊B所帶電荷量為q=＋4.0×10－5 C，滑塊A不帶電，A、B之間絕緣，A、B的質(zhì)量分別為0.80 kg、0.64 kg．開始時(shí)兩滑塊靠在一起保持靜止?fàn)顟B(tài)，且此時(shí)A、B與直桿間恰無摩擦力作用．為使A沿直桿始終做加速度為a=1.5 m/s2的勻加速直線運(yùn)動，現(xiàn)給A施加一沿直桿向上的力F，當(dāng)A向上滑動0.2 m后，力F的大小不再發(fā)生變化．A運(yùn)動到絕緣桿頂端時(shí)，撤去外力F（靜電力常量k=9.0×109 N·m2/C2，g取10 m/s2）．求：（1）開始時(shí)未施加力F，滑塊B與直桿底端點(diǎn)電荷之間的距離；（2）滑塊與直桿間的動摩擦因數(shù)；（3）若A向上滑動0.2 m的過程中庫侖力做的功為1.2 J，在A由靜止開始到運(yùn)動至絕緣桿頂端的過程中，力F對A做的總功． 桂林十八中2021-2022學(xué)年度21級高二上學(xué)期開學(xué)考試卷物理 參考答案1．【答案】B【解析】電場強(qiáng)度由電場本身決定，是電場的性質(zhì)，跟試探電荷無關(guān)， 故ACD錯(cuò)誤，B正確。2．【答案】C【解析】衛(wèi)星的發(fā)射速度一旦大于11.2km/s，則衛(wèi)星會脫離地球的引力，不再繞地球飛行，故A錯(cuò)誤．這些小衛(wèi)星在相同的軌道上運(yùn)行，故線速度的大小相等，但方向不同，故B錯(cuò)誤；根據(jù)萬有引力提供向心力有：，得，因小衛(wèi)星的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，故小衛(wèi)星的向心加速度比同步衛(wèi)星的向心加速度大，故C正確；根據(jù)萬有引力提供向心力有：，得，由此可知要求出這些小衛(wèi)星的周期，需要查出萬有引力常量、地球的質(zhì)量和地球的半徑，故D錯(cuò)誤；故選C.3．【答案】B【解析】AB．運(yùn)動過程中動量守恒，彈簧最短時(shí)A、B速度相等，根據(jù)動量守恒定律可知：代入數(shù)據(jù)解得：v=2m/s，故A錯(cuò)誤，B正確.C．在此過程中A克服彈簧彈力做的功為：代入數(shù)據(jù)得： WA=21J而彈簧彈力對B所做的功為：代入數(shù)據(jù)得：WB=6J，故兩者不相等，所以C錯(cuò)誤.D．此過程彈簧對A的沖量為：代入數(shù)據(jù)得：   對B的沖量為：代入數(shù)據(jù)得：故此過程中彈簧對A、B的沖量大小相同，方向相反，故D錯(cuò)誤.4．【答案】D【解析】該粒子在電場中做曲線運(yùn)動，則電場力應(yīng)指向軌跡的凹側(cè)且沿電場線的切線方向，設(shè)粒子由a向b運(yùn)動，則其所受電場力方向和速度方向的關(guān)系如圖所示，可知電場力做正功，粒子速度增加，電勢能減小，A選項(xiàng)錯(cuò)，D選項(xiàng)對；b點(diǎn)處電場線比a點(diǎn)處電場線密，即粒子在b點(diǎn)所受電場力大，加速度大，B選項(xiàng)錯(cuò)；因電場線方向不確定，所以粒子的電性不確定，C選項(xiàng)錯(cuò)．（假設(shè)粒子由b向a運(yùn)動同樣可得出結(jié)論）5．【答案】D【解析】AB．根據(jù)電容器表達(dá)式當(dāng)兩個(gè)極板的距離減小時(shí)，電容器的電容增大，再根據(jù)電容器定義式，由于電容器一直和電源相連，電壓不變，當(dāng)電容增大時(shí)，帶電荷量增大，所以AB錯(cuò)誤；CD．當(dāng)壓力穩(wěn)定后，電容器停止充電，電路中的電流為零，即電流表示數(shù)為零，兩極板的電勢差不變，所以D正確，C錯(cuò)誤。6．【答案】C【解析】兩個(gè)正點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的合場強(qiáng)與負(fù)點(diǎn)電荷在D點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，合場強(qiáng)為零，兩個(gè)正點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)為零，但負(fù)點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)為，若兩個(gè)正點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢增大，則O點(diǎn)電場強(qiáng)度不變，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；若兩個(gè)正點(diǎn)電荷的電荷量同時(shí)等量地緩慢增大，則D點(diǎn)電場強(qiáng)度將增大，若負(fù)點(diǎn)電荷的電荷量緩慢減小，則D點(diǎn)電場強(qiáng)度將增大，所以選項(xiàng)C正確、選項(xiàng)D錯(cuò)誤．7．【答案】B【解析】AB、三液滴在豎直方向做初速度為零的勻加速度直線運(yùn)動，水平方向做勻速度直線運(yùn)動，由圖示可知三液滴的水平位移，初速度相同，根據(jù)可知在空中的運(yùn)動時(shí)間關(guān)系為，它們拋出點(diǎn)的高度相等，根據(jù)可知加速度的關(guān)系為，三個(gè)液滴質(zhì)量相同的帶正電液滴，根據(jù)牛頓第二定律可知液滴所帶的電荷量關(guān)系為，故選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；CD、對液滴由動能定理得，整個(gè)運(yùn)動過程中液滴的動能增量關(guān)系為，三個(gè)液滴落到底板時(shí)的速率關(guān)系為，故選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤．8．【答案】ABD【解析】A．帶電過程是電子轉(zhuǎn)移的過程，電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或電子從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分，過程中電荷的總量不變，A正確；BD．當(dāng)人在觸摸靜電球時(shí)，人站在絕緣材料上，人身體就會帶上電荷，即人的頭發(fā)上會帶上同種電荷，由于同種電荷相互排斥，故此時(shí)人的頭發(fā)會豎起來，BD正確；C．若金屬球帶正電，手接觸范德格拉夫起電機(jī)的金屬球時(shí)，人頭發(fā)帶上正電荷，C錯(cuò)誤。9．【答案】　AC【解析】　已知b球帶正電，若c球也帶正電，為使懸掛c球的細(xì)線豎直，則a球應(yīng)帶負(fù)電，此時(shí)a球受到b、c兩球向右的庫侖引力，故懸掛a球的細(xì)線向右傾斜，與事實(shí)不符；若c球帶負(fù)電，為使懸掛c球的細(xì)線豎直，則a球也應(yīng)帶負(fù)電，此時(shí)若c球給a球的斥力大于b球給a球的引力，則懸掛a球的細(xì)線向左傾斜，與事實(shí)相符，綜上可知，a、c兩球都帶負(fù)電，A正確，B、D錯(cuò)誤．對c球進(jìn)行分析，由庫侖定律和牛頓第二定律有，解得Qa＝－4Q，C正確．10．【答案】BD【解析】A．由題圖知，N點(diǎn)的電勢高于M點(diǎn)的電勢，故A錯(cuò)誤； B．由可知，圖像的斜率絕對值等于場強(qiáng)大小，可以看出M點(diǎn)的場強(qiáng)大小大于N點(diǎn)的場強(qiáng)大小，斜率都為正值，說明M、N點(diǎn)的電場方向相同，故B正確；C．根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知電場線方向從N指向M，正電荷在x軸上M、N之間所受的電場力始終由N指向M，正電荷做單向直線運(yùn)動，故C錯(cuò)誤；D．負(fù)電荷沿x軸從M移到N的過程中，電場力方向從M指向N，電場力方向與位移相同，電場力一直做正功，故D正確。11．【答案】BD【解析】AB．將細(xì)繩剪斷瞬間，小球受到球的重力和庫侖力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，因此繩子剪斷瞬間，B不可能做平拋運(yùn)動，且加速度大于g，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．小球在落地過程中，除受到重力外，還受到庫侖斥力（水平向右），B在豎直方向做自由落體運(yùn)動，水平方向做加速度減小的加速運(yùn)動，則豎直方向的加速度等于g，因此球落地的時(shí)間等于，B落地時(shí)，除了豎直方向的速度外，還具有水平方向的速度，則小球B落地的速度大于，故C錯(cuò)誤，D正確。 12．【答案】CD【解析】設(shè)第1 s內(nèi)粒子的加速度為a1,第2 s內(nèi)的加速度為a2,由，可知a2 =2a1,可見粒子第1 s內(nèi)向負(fù)方向運(yùn)動,1.5 s末粒子的速度為零,然后向正方向運(yùn)動,至3 s末回到原出發(fā)點(diǎn),粒子的速度為零,v-t圖象如圖所示,由動能定理可知,此過程中電場力做的總功為零,綜上所述,可知C、D兩項(xiàng)正確。13．【答案】（1）2.4；（2）重力加速度的一半或；9.7。【解析】（1）每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔：T＝0.02×5s＝0.1s根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可知，計(jì)數(shù)點(diǎn)5的瞬時(shí)速度：m/s＝2.4m/s。（2）根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，   解得：即圖線的斜率：即該圖象的斜率的物理意義為重力加速度的一半或。代入數(shù)據(jù)解得：g＝9.7m/s214【答案】（1）刻度尺、天平；（2）AD；（3）m1s1，m2s2。【解析】（1）實(shí)驗(yàn)需要測量兩物塊的質(zhì)量m1和m2，兩物塊落地點(diǎn)到桌面邊緣的水平距離s1，s2，所以需要的器材為刻度尺、天平；（2）AD、由以上的分析可知，需要測量的是兩物塊的質(zhì)量m1，m2和兩物塊落地點(diǎn)分別到桌子兩側(cè)邊的水平距離sl、s2，故A正確，D正確；B、物塊A、B離開水平桌面后做平拋運(yùn)動的飛行時(shí)間相等，而且需要驗(yàn)證的物理量與運(yùn)動的時(shí)間無關(guān)，不需要測量，故C錯(cuò)誤；C、需要驗(yàn)證的物理量與桌面的高度無關(guān)，不需要測量，故C錯(cuò)誤；（3）設(shè)兩物塊質(zhì)量和平拋初速度分別為m1、m2，v1、v2，平拋運(yùn)動的水平位移分別為s1、s2，平拋運(yùn)動的時(shí)間為t，由可知兩個(gè)物塊平拋運(yùn)動的時(shí)間是相等的。燒斷細(xì)線過程系統(tǒng)動量守恒，取物塊A的初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愣傻茫?/span>m1v1﹣m2v2＝0，又：，，整理得：m1s1＝m2s2；15【答案】（1）不能；（2）可減少兩板間的電壓，減少板長，增加板距，增加速度【解析】(1)當(dāng)電子從正中間沿著垂直于電場線方向以2×107m/s的速度飛入時(shí)，若能飛出電場，則電子在電場中的運(yùn)動時(shí)間為   在沿AB方向上，電子受電場力的作用，在AB方向上的位移為，解得     而，所以故粒子不能飛出電場。(2)  從y=可知，要減少y，可減少兩板間的電壓，減少板長，增加板距，增加速度。  16【答案】　(1)　(2)4μs【解析】　(1)碰后對物塊b，由動能定理得：mv22＝μmgs，得：v2＝.(2)當(dāng)物塊a下擺至最低點(diǎn)碰撞前的速度為v0，由機(jī)械能守恒得：mv02＝mgL，v0＝由彈性碰撞中動量守恒和機(jī)械能守恒得：mv0＝mv1＋3mv2，mv02＝mv12＋×3mv22解得：v2＝v0代入上面的結(jié)果＝，解得：L＝4μs. 17．【答案】（1）1.0 m　   （2）　     （3）6.05 J【解析】（1）A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，與桿之間無摩擦力作用．設(shè)B與點(diǎn)電荷間的距離為L1，以A、B整體為研究對象，根據(jù)平衡條件得：代入數(shù)據(jù)解得：L1＝1.0 m.（2）給A施加力F后，A、B沿直桿向上做勻加速直線運(yùn)動，庫侖斥力逐漸減小，A、B之間的彈力也逐漸減?。?dāng)點(diǎn)電荷與B間距離為L2時(shí)，A、B兩者間彈力減小到0，此后兩者分離，力F變?yōu)楹懔?，則分離時(shí)刻的庫侖斥力為： ，B與點(diǎn)電荷間的距離為：L2=L1＋ΔL=1.0 m＋0.2 m=1.2 m以B為研究對象，由牛頓第二定律有：F′0－mB gsin30°－μmBgcos30°=mB a   代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：μ=（3）設(shè)A、B整體做勻加速直線運(yùn)動的末速度為v1，力F做的功為W1，庫侖力做的功為：W0=1.2 J重力做負(fù)功為：WG=－(mA＋mB)gΔLsin30°     摩擦力做負(fù)功為：Wf=－μ(mA＋mB)gΔLcos30°由動能定理：W0＋W1＋WG＋Wf=(mA＋mB)v12A做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得：v12=2aΔL        代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：W1=1.05 JA、B分離后，A繼續(xù)做勻加速直線運(yùn)動，以A為研究對象，由牛頓第二定律得：   代入數(shù)據(jù)解得F=6.25 N分離后A上滑0.8 m才能到達(dá)絕緣桿頂端，這個(gè)過程F做的功為：W2=F(L－L2)=5 J 解得：W=W1+W2=6.05 J

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